2023-2024學年福建省泉州某中學高二（下）期末考試物理試卷+答案解析

2023-2024學年福建省泉州第一中學高二（下）期末考試物理試卷

一、單選題：本大題共4小題，共16分。

1.下列四種情況中，不屬于光的干涉現(xiàn)象是（）

檢測平面的平滑度

IIIIIIHIII

D.肥皂泡表面有彩色條紋

2.如圖所示是利用位移傳感器測速度的裝置，發(fā)射器/固定在被測的運動物體上，接收器3固定在桌面上。

測量時/向3同時發(fā)射一個紅外線脈沖和一個超聲波脈沖。從3接收到紅外線脈沖開始計時，到接收到超

聲波脈沖時停止計時，根據(jù)兩者時間差確定/與8間距離。則下列說法正確的是（）

連接到

計算機

紅外線

A運動方向?接一A

超聲波L

A.B接收的超聲波與A發(fā)出的超聲波頻率相等

B.時間差不斷增大時說明A一定在加速遠離B

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C.紅外線與超聲波均能在真空中傳播

D.紅外線能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而超聲波不能發(fā)生偏振現(xiàn)象

3.氣墊鞋通過氣墊的緩沖減小地面對腳的沖擊力，某同學的重力為G,穿著平底布鞋時雙腳豎直著地過程

中與地面的作用時間為八，受到地面的平均沖擊力大小為4G。若腳著地前的速度保持不變，該同學穿上某

型號的氣墊鞋時，雙腳豎直著地過程中與地面的作用時間變?yōu)?,則該同學受到地面的平均沖擊力大小變

為（）

A.3."；B.3.（X7C.2.V；D.2.W；

4.兩個相互平行的豎直邊界內(nèi)存在正交的勻強磁場和電場，磁場沿水平方向，磁感應(yīng)強度大：xxX：

小為3,電場沿豎直方向，電場強度大小為E,■帶電微粒從左邊界上某點垂直邊界射入?。篨XX：

；VXXX；

好沿直線運動。若保持其它條件不變，僅改變電場方向，變?yōu)榕c原來相反，該帶電微粒仍以7Txx；

!xxx?

相同的速度入射，做勻速圓周運動，恰好不從右邊界射出。已知兩邊界的寬度為力該微粒：

的比荷為（）

二、多選題：本大題共4小題，共24分。

5.滑板運動非常有趣。如圖所示，某同學踩著滑板在弧形軌道的內(nèi)壁來回滑行，若人和滑板的運動可視為

簡諧運動，設(shè)該同學站在滑板上與蹲在滑板上滑行時，滑板到達了相同的最高點，貝1（）

A.站在滑板上運動時周期比較大B.站在滑板上運動時周期比較小

C.站著運動到最低點時的速度比較小D.站著運動到最低點時的速度比較大

6.如圖，某科技小組要探究長直導線周圍磁場分布情況，將長直導線沿南北方向水平放置，在導線正下方

的尸處放置一枚可自由轉(zhuǎn)動的小磁針。當導線中通以恒定電流后，小磁針N極向紙外偏轉(zhuǎn)，測得小磁針靜

止時N極偏離南北方向的角度為已知實驗所在處地磁場水平分量大小恒為/九，則下列判斷正確的是（）

南-----1---------------------------------北

工ON

P

A.導線中的電流方向由北向南

B.電流在P處產(chǎn)生的磁場方向就是小磁針靜止時N極所指的方向

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C.電流在導線正下方尸處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為

3

D.導線正下方尸處磁場的磁感應(yīng)強度大小為

7.如圖所示，一矩形線圈在磁感應(yīng)強度為3的勻強磁場中，繞垂直磁場方向的軸,，以轉(zhuǎn)速I小?勻速轉(zhuǎn)

動，線圈的匝數(shù)為N,面積為S,電阻不計。線圈通過電刷與一理想變壓器的原線圈相連，變壓器的副線圈

接有兩只電阻均為的相同燈泡/.和變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1,若開關(guān)S斷開時心正常

發(fā)光，此時電流表示數(shù)為“LI,電表為理想電表，貝!1()

A.若從線圈平面平行于磁場方向開始計時，線圈中感應(yīng)電動勢的瞬時值為人小片“I?

B.若增大原、副線圈匝數(shù)比，變壓器輸入功率減小

C.若開關(guān)S閉合，燈泡I.將變暗

D.若開關(guān)S閉合，電流表示數(shù)將變大

8.如圖甲所示為電磁感應(yīng)加速器核心部分俯視圖，圓心為。、半徑為R的圓形光滑真空絕緣細管固定放置

于圓形邊界的勻強磁場中，圓心O與磁場圓心重合。磁場方向豎直向下，當磁場的磁感應(yīng)強度3隨時間變化

時，會在空間中產(chǎn)生渦旋電場，其電場線是在水平面內(nèi)一系列以O(shè)為圓心的同心圓，同一條電場線上各點場

強大小相等。某時刻在細管內(nèi)P點靜止釋放一帶電量為，八質(zhì)量為優(yōu)的小球，小球沿逆時針方向運動，其

動能隨轉(zhuǎn)過圓心角”的變化圖像如圖乙所示，下列說法正確的是()

A.磁感應(yīng)強度大小均勻增大B.細管所在位置的電場強度大小為硬

C.磁感應(yīng)強度變化率大小為D.小球運動第一周所用時間為.

三、填空題：本大題共3小題，共12分。

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9.我國唐代對彩虹形成的原因已有記載，《禮記?月令?季春之月》中提到“日

照雨滴則虹生"。一束太陽光射入球形雨滴形成彩虹的光路如圖所示，則光線

。的頻率，選填“大于”、“等于”或“小于”?光線6的頻率，已知

太陽光射入雨滴時入射角13,光線6偏折角?16,光線6在雨滴中的

折射率等于,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，由1「三U.S,sin,,.H

sin.as（1.6）o

10.如圖所示，兩相同燈泡八、I.,心與一理想二極管。連接，線圈￡的

直流電阻與燈泡阻值相等。閉合開關(guān)S后，“會（填“立即亮”或“逐

漸變亮”I;斷開開關(guān)S的瞬間，冬會（填“閃亮一下再熄滅”或“立

即熄滅”

合，且指針指在標尺的零刻度；當血W中有電流時，指針示數(shù)可表示電流強度。始終在紙面內(nèi)且保持水

平，重力加速度為g。則標尺上的電流刻度是，填“均勻”或“不均勻”，的；為使電流表正常工作,

流過金屬桿的電流方向為?填”.V.1/”或“M-..V”）；該電流表所測電流的最大值為。

四、實驗題：本大題共2小題，共12分。

12.1834年，物理學家楞次在分析了許多實驗事實后，總結(jié)得到電磁學中一重要的定律一一楞次定律，某興

趣小組為了探究該定律做了以下物理實驗：

"探究影響感應(yīng)電流方向的因素”的實驗裝置中滑動變阻器采用限流接法，請用筆畫線代替導線將圖甲

中的實物電路補充完整?！?/p>

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p

乙

圖甲實驗電路連接后，開關(guān)閉合瞬間，發(fā)現(xiàn)電流計指針向左偏轉(zhuǎn)；開關(guān)處于閉合狀態(tài)時，電流計指針

「選填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”）；滑動變阻器滑片尸向右快速移動時，電流計指針偏轉(zhuǎn)I選

填“向左”“向右”或“不”）。

同I為了進一步研究，該小組又做了如圖乙實驗，磁體從靠近線圈上方由靜止下落。在磁體穿過整個線圈的

過程中，傳感器顯示電流i隨時間，的圖像如圖丙所示，由圖可得到的結(jié)論是。

丙

4感應(yīng)電流方向與線圈中的磁通量增減有關(guān)

8.感應(yīng)電流方向與磁鐵下落速度的大小有關(guān)

C感應(yīng)電流大小與線圈中磁通量的變化快慢有關(guān)

13.某同學為了驗證對心碰撞過程中的動量守恒定律，設(shè)計了如下實驗：用紙板搭建如圖所示的滑道，使硬

幣可以平滑地從斜面滑到水平面上，其中N2為水平段，在水平段取一點。。選擇相同材質(zhì)的一元硬幣和一

角硬幣進行實驗。

測量硬幣的質(zhì)量，得到一元硬幣和一角硬幣的質(zhì)量分別為小和，。將硬幣。放置在斜面上某一

位置，標記此位置為C。由靜止釋放°,當。停在水平面上某處時，測量。右側(cè)到。點的距離。尸，如圖甲

所示；將硬幣b放置在。處，左側(cè)與。點重合，再將。從。點由靜止釋放，當兩枚硬幣發(fā)生碰撞后，a、b

分別停在水平面上時，測量。右側(cè)到。點的距離OM、b左側(cè)到。點的距離ON,如圖乙所示。保持釋放位

置不變，重復實驗若干次，得到”『、OM>（八的平均值分別為'"華

111在本實驗中，6選用的是選填“一元”或“一角”?硬幣。

|2i若°、6碰撞前后動量守恒，則應(yīng)滿足的表達式為?用口和"J表示?；若碰撞前后動量

守恒且機械能相等，則應(yīng)滿足的表達式為?用、'和r表示）。

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五、計算題：本大題共3小題，共36分。

14.如圖所示，圖為亞運會藝術(shù)體操比賽中中國隊選手趙槌進行帶操比賽的畫面，某段過程中彩帶的運動可

簡化為沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，圖甲為這列簡諧橫波在某時的波形圖，M點剛開始振動，圖乙為某

質(zhì)點以該時刻作為計時起點的振動圖像，求：

U該波的波速大?。粓D乙是尸、“中哪一質(zhì)點的振動圖像；

⑶平衡位置位于/，處的N點I未畫出I經(jīng)多長時間第一次到達波峰；

|：h經(jīng)1s的時間質(zhì)點。走過的路程。

15.如圖所示，平面直角坐標系面內(nèi)，y軸右側(cè)第一象限內(nèi)存在豎直向

上的勻強電場，第四象限內(nèi)存在垂直于紙面向內(nèi)勻強磁場。一帶電粒子以

速度「”從y軸上的M點5'垂直于y軸射入電場，從N點，未畫出，進

'2

入第四象限，恰好不穿過y軸而再回到電場。已知粒子的質(zhì)量為機，電荷量

為q,勻強電場場強大小為上上不計粒子重力，求：

時L

1：\點的坐標；

2勻強磁場的磁感應(yīng)強度大??；

I；11粒子從M點開始到第三次到達x軸經(jīng)歷的時間。

16.如圖所示，間距為Z.的兩平行光滑金屬導軌由傾斜部分和水平部分（足夠長:，平滑連接而成，傾

斜部分導軌與水平面夾角為“射，導軌上端接有一個電阻戶>11.空間存在垂直斜面向上和豎直向上

的兩部分勻強磁場，兩磁場互不干擾，大小均為」廣。導體棒。的質(zhì)量為，".二“，b的質(zhì)量為"八3A</,

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內(nèi)阻分別為，1。與r“兩根導體棒垂直導軌放置?，F(xiàn)閉合電鍵K,將6鎖定，將。棒從某高度由

靜止釋放，經(jīng)過一段時間，。棒在斜面上達到最大速度己知導體棒與導軌接觸良好，其余電阻不計，重

力加速度為g求：

I；”棒在斜面上達到的最大速度」的大??；

I2|o棒在斜面上從靜止開始下滑x已達到最大速度，該過程中電阻尺產(chǎn)生的焦耳熱為1.27/,求下滑距離x；

4S棒在離開斜面的瞬間斷開電鍵K,同時解除6棒的鎖定，從a棒離開斜面瞬間經(jīng)過時間/兩者相距最近,

該過程a、6未發(fā)生碰撞，求該過程中通過6的電量；

U求上一小題中/時間內(nèi)b棒發(fā)生的位移大?。ńY(jié)果可保留”。

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：/屬于雙縫干涉，CD屬于薄膜干涉，8是利用了光的偏振，5不屬于光的干涉，故/CD錯誤,

B正確。

故選：Bo

根據(jù)光的干涉特點分析判斷，用特制眼鏡看立體電影，是利用了光的偏振現(xiàn)象。

本題考查光的干涉，解題關(guān)鍵掌握光的干涉在實際生活中的應(yīng)用。

2.【答案】D

【解析】解：4、因為多普勒效應(yīng)8接收的超聲波與/發(fā)出的超聲波頻率不相等，故N錯誤；

B、時間差不斷增大時說明/一定在遠離2,但不能確定/的運動性質(zhì)，故2錯誤；

C、紅外線可以在真空中傳播，但超聲波不能在真空中運動，故C錯誤；

。、紅外線能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而超聲波是縱波，不能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故。正確。

故選：Do

根據(jù)多普勒效應(yīng)分析；時間差增大只能說明/在遠離2;超聲波不能在真空中傳播；超聲波是縱波。

掌握多普勒效應(yīng)，知道超聲波是縱波，超聲波不能在真空中傳播。

3.【答案】C

【解析】解：設(shè)腳著地瞬間的速度大小為v,取豎直向上為正，穿著平底布鞋時，根據(jù)動量定理

(F—=0—(―rnv)

其中Fk,

穿上氣墊鞋時，根據(jù)動量定理有

(F-G)x=0-(-mr)

解得＜,

故/8D錯誤，C正確。

故選：Co

根據(jù)動量定理求，地面對該同學的作用力和重力的合力提供沖量等于該同學動量的變化。

本題主要考查動量定理在實際生活中的應(yīng)用，學生需要將物理模型和生活實際聯(lián)系起來進行解答。

4.【答案】C

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【解析】解；改變電場強度方向后粒子做勻速圓周運動，可知重力與電場力平衡，即

mg=qE

此時電場力方向向上，恰好不從右邊界射出，可知粒子做圓周運動的半徑

即

tr?1

qvB=rrid-

電場方向改變之前電場力方向向下，粒子做直線運動，則

mg+qE=Bgt'

聯(lián)立解得

q2E

m=d^

故錯誤，C正確。

故選C。

改變電場強度方向后粒子做勻速圓周運動，可知重力與電場力平衡，再根據(jù)粒子做圓周運動由洛倫茲力提

供向心力公式列出等式，結(jié)合電場方向改變之前電場力方向向下，粒子做直線運動，列出重力和電場力以

及洛倫茲力的平衡方程，聯(lián)立解得比荷，得出正確選項。

帶電粒子在復合場中圓周運動，一般都是電場力與重力平衡，洛倫茲力提供向心力，故常根據(jù)速度及磁感

應(yīng)強度求得半徑，然后根據(jù)幾何關(guān)系求得運動軌跡；或反過來由軌跡根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，進而求得速

度、磁感應(yīng)強度。

5.【答案】BC

【解析】解：AB.做簡諧運動的周期/i-.L,該同學站在滑板上時，其重心高度高，則其做簡諧運動

\"

的擺長小，其周期比較小，故/錯誤，3正確；

CD,從最高點運動到最低點過程中，該同學站在滑板上時，其重力勢能減小量小，其動能增加量也小，所

以速度也比較小，故C正確，。錯誤；

故選：BCo

根據(jù)簡諧運動的周期7’可分析出；

Vg

CD、根據(jù)重力勢能和動能相互轉(zhuǎn)化來判斷。

本題主要考查學生對于簡諧運動的周期的應(yīng)用能力，重力勢能與動能相互轉(zhuǎn)化的分析能力。

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6.【答案】AD

【解析】4小磁針N極向紙外偏轉(zhuǎn)，表明電流產(chǎn)生的磁場在小磁針位置的方向向東，根據(jù)安培定則可知,

導線中的電流方向由北向南，N正確；

2.電流在P處產(chǎn)生的磁場與地磁場水平分量的合磁場方向是小磁針靜止時N極所指的方向，B錯誤；

C令通電導線在P處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度為〃:，根據(jù)磁場的疊加原理有

氏

解得bi=

C錯誤；

。根據(jù)矢量合成，導線正下方P處磁場的磁感應(yīng)強度大小為“.、力；+a--

。正確；

故選40。

7.【答案】BD

【解析】解：.1.開關(guān)斷開時，'正常發(fā)光，變壓器原線圈中的電流乙IIII;

根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系，變壓器副線圈中的電流/，--"?"II-1A

?i1

根據(jù)歐姆定律，變壓器副線圈兩端電壓「=人匕1-2121

根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系，變壓器原線圈兩端電壓I?--l'j--21'-201'

%I

由于發(fā)電機內(nèi)阻不計，因此發(fā)電機產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的有效值尸/?."'I

根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系，發(fā)電機產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值■,21

圖中線圈平面位于與中性面垂直的位置，感應(yīng)電動勢瞬時值的表達式，=

線圈轉(zhuǎn)動的角速度:-2~ii-XlO/vi//、

聯(lián)立解得瞬時值的表達式為，2'|..I?

股變壓器輸入功率〃.—/?''

匕

若增大原、副線圈匝數(shù)比，則變壓器副線圈兩端電壓「變小，因此變壓器的輸入功率變小，故3正確；

C變壓器的匝數(shù)比不變，變壓器副線圈兩端電壓不變，若開關(guān)S閉合，則燈泡匕的亮度不變，故C錯誤；

D若開關(guān)S閉合，變壓器的輸出功率變大，根據(jù)功率關(guān)系，變壓器的輸入功率變大；

根據(jù)功率公式廣r/

由于輸入功率變大，變壓器原線圈兩端電壓不變，因此電流表的示數(shù)變大，故。正確。

故選：BDo

4根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系求解副線圈中的電流，根據(jù)歐姆定律求變壓器副線圈兩端電壓；根據(jù)

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理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系求解變壓器原線圈兩端電壓，進而求解發(fā)電機感應(yīng)電動勢的有效值和最大

值；

根據(jù)瞬時值的表達式求解作答；

2.根據(jù)功率公式、理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系和變壓器的功率關(guān)系分析作答；

C根據(jù)功率公式、理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系分析作答；

D若開關(guān)S閉合，變壓器的輸出功率變大，根據(jù)功率公式和變壓器的功率關(guān)系分析作答；

本題主要考查了交流電瞬時值表達式的書寫；考查了理想變壓器的動態(tài)變化；熟練掌握理想變壓器電壓與

匝數(shù)比、電流與匝數(shù)比的關(guān)系、功率公式、歐姆定律以及理想變壓器的功率關(guān)系是解題的關(guān)鍵。

8.【答案】CD

【解析】4小球帶負電，其沿逆時針運動，所以電流方向為順時針，由楞次定律可知，其磁場的磁感應(yīng)強度

減小，故N項錯誤；

2.細管所處的場強為E,由動能定理有=6-I)

結(jié)合題圖可知，其圖像的斜率有A-"

AH

解得十.J

故3項錯誤；

C感生電動勢有=—=2**

由題圖可知，從0到Ji有

整理有上工

At-gll-

故C項正確；

D小球在繞一圈過程中其受到的電場力大小不變，有

結(jié)合之前的分析有“

則繞行一圈對粒子有2，"—LIH

解得，

V人

故。項正確。

故選CD。

9.【答案】大于I

第H頁，共18頁

【解析】解：由圖分析可知，第一次折射時，6光的偏折較小，則b光的折射率較??；

根據(jù)折射定律可知，，

—P)

代入數(shù)據(jù)解得”-1,1

故答案為：大于；I」

根據(jù)光的偏折程度分析折射率，根據(jù)折射定律解得折射率。

本題關(guān)鍵之處是分析第一次折射時折射角的關(guān)系，要注意運用折射定律計算折射率的公式。

10.【答案】立亮即立即熄滅

【解析】解：閉合開關(guān)S后，燈泡I和二極管和燈泡工能夠組成閉合回路，所以II會立即亮。斷開開關(guān)

S后，由于線圈的自感作用，會產(chǎn)生自感電動勢，經(jīng)過二極管的電流自右向左，但是因為二極管的單向?qū)щ?/p>

性，所以電流不能經(jīng)過二極管，h會立即熄滅。

故答案為：立即亮，立即熄滅。

根據(jù)開始燈泡.1和二極管和燈泡工能夠組成閉合回路，所以閉合開關(guān)后電路中立即有電流經(jīng)過；斷開開關(guān)

后，二極管的單向?qū)щ娦裕荒苡须娏鹘?jīng)過二極管。

要注意二極管的單向?qū)щ娦允墙忸}的關(guān)鍵。

11.【答案】均勻V-V

【解析】解：當電流表示數(shù)為零時，金屬桿不受安培力的作用，金屬桿僅在重力和彈簧彈力作用下處于平

衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件

mg.

解得

mg

,r0=T

「為彈簧伸長量；

當電流為/時，安培力為

FA=HZLi

靜止時彈簧伸長量的增加量為A.r,由胡克定律得

"*3

解得

、以n/L,

a*T-~~k~

由此可見

第12頁，共18頁

AJ

所以標尺上的電流刻度是均勻的；

如果要使電流表正常工作，金屬桿應(yīng)向下移動，所以金屬桿應(yīng)受到向下的安培力，根據(jù)左手定則可知金屬

桿中的電流方向應(yīng)該從M至N；

設(shè)/.

則有

/=/?

BImLx=kLt

聯(lián)立解得

,kL-i

/?=--

mBLi

故答案為：均勻；.”一一V；券

流表的示數(shù)為零時，彈簧的彈力與重力平衡，應(yīng)用平衡條件求出電流為零時彈簧的伸長量；

根據(jù)電流與彈簧伸長量的關(guān)系分析刻度是否均勻。電流表正常工作，金屬桿向下移動，根據(jù)左手定則判斷

電流的方向。求出當金屬棒到達cd位置時導線中的電流，然后求出電流表的量程。

本題題意新穎，考查點巧妙，借助生活中的實際器材考查了物體平衡問題，正確進行受力分析，然后根據(jù)

平衡條件和胡克定律列方程是解題關(guān)鍵。

2不偏轉(zhuǎn)向右

⑶.4C

【解析】八實物電路如圖

第13頁，共18頁

⑵國開關(guān)處于閉合狀態(tài)時，線圈/中電流大小不變，磁場強度不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計指針不偏轉(zhuǎn)。

「滑動變阻器滑片尸向右快速移動時，電路中總阻變大，線圈/中電流減小，故電流計指針向右偏轉(zhuǎn)。

I由圖可知，磁體從上方進入時電流為正，從下方出時電流為負，所以感應(yīng)電流方向與線圈中的磁通量

增減有關(guān)，故/正確；

8由圖可知，感應(yīng)電流方向與磁鐵下落速度的大小無關(guān)，故3錯誤；

C由圖可知，在下落過程中速度變大，出線圈時速度大于進入時的速度，磁通量的變化率變快，感應(yīng)電流

也變大，所以感應(yīng)電流大小與線圈中磁通量的變化快慢有關(guān)，故C正確。

故選/C。

13.【答案】I一角

I21w?\一?\h???、■,、,?

【解析】h根據(jù)圖乙可知，。碰撞6后，。的速度方向仍然向右，沒有發(fā)生反彈，可知。的質(zhì)量大一些，即

在本實驗中，。選用的是一元硬幣，6選用的是一角硬幣。

廣)設(shè)硬幣與紙板間的動摩擦因數(shù)為“，重力加速度為g,。從。點到P點，根據(jù)動能定理

C1?

一“，”1州1"0-泮I用

解得碰撞前，a到。點時速度的大小，「

同理可得，碰撞后。的速度和6的速度分別為“\2川八，-v

若動量守恒，則滿足小「”二HI■?-

整理可得…、-,-、?HIA.

若碰撞前后動量守恒且機械能相等，則由機械能守恒定律得…—I”+

/4/

聯(lián)立解得\J\\、I

14.【答案】11根據(jù)圖甲可知波長入=1,“，根據(jù)圖乙可知周期為T=(U>,則波速2=2,5，M?

第14頁，共18頁

由圖乙可知，該質(zhì)點在零時刻從平衡位置開始向負向最大位移處運動，根據(jù)圖甲可判斷該質(zhì)點為尸。

12：'”時刻處質(zhì)點處于波峰位置，此狀態(tài)傳播到N點的時間為A，A，

v2.5

八經(jīng)1s的時間即一/，則經(jīng)Is的時間質(zhì)點。走過的路程、；11卜……

i*

【解析】詳細解答和解析過程見【答案】

15.【答案】解：I粒子在電場中做類平拋運動

2

解得

%

，粒子進入磁場時，速度方向與一方向的夾角滿足

_ofI

tan,.一

坨

解得

0S3()

速度大小

坨2/3

V,-------——tin

COH03

在磁場中軌跡如圖

R+Rcoi60==工、

根據(jù)洛倫茲力提供向心力

第15頁，共18頁

qvB

R

聯(lián)立解得

v3rnfy)

u-—

3qL

.li粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角

0=360°-60°?31MT

用時

92Km

/]=x

360qB

解得

5v/3ir￡

/二3坨

由磁場射入電場到再進入磁場過程

〃=2x」-2x」-2。

aa

則粒子從M點開始到第三次到達x軸經(jīng)歷的時間

t=+<2+<3

解得

5/irL9L

t=----------+一

3ttg

答：⑴)N點的坐標(3點n)；

勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小'

?句/.

小粒子從M點開始到第三次到達x軸經(jīng)歷的時間三匚+—=

3t%2s

【解析】111粒子在電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律求出N點的坐標；

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意作出粒子運動軌跡，求出粒子做圓周運

動的軌道半徑，然后應(yīng)用牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強度大??；

"，根據(jù)電場中類平拋運動以及有界磁場中圓周運動結(jié)合幾何知識求出粒子在電場與