江蘇省南通市如皋市2024-2025學年高三上學期第一次教學質量檢測物理試卷

2024-2025學年江蘇省南通市如皋市高三（上）第一次教學質量檢測物理試卷一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.一個平行板電容器的電容為C，一個極板所帶電荷量的絕對值為Q，兩板間的距離為d，則該電容器兩極板間的電場強度為(

)A.QCd B.2QCd C.C2.“研究斜槽末端小球碰撞時的動量守恒”實驗裝置如圖所示，該實驗不需要的實驗器材是(

)

A.天平 B.秒表 C.刻度尺 D.復寫紙3.如圖所示，在飛船發(fā)動機推力作用下，飛船和空間站一起向前做加速度為a的勻加速直線運動.飛船和空間站的質量分別為m和M，則飛船和空間站之間的作用力大小為(

)

A.ma B.Ma C.MmM+m4.如圖所示的電路中，光敏電阻R2的阻值隨光照強度增大而減小，電表均為理想電表.閉合開關S電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后，若增大照射光強度，則(

)

A.電流表示數減小 B.小燈泡的功率減小

C.電容器所帶電荷量減小 D.兩表示數變化量的比值ΔUΔI5.太陽內部的熱核反應使其質量在緩慢減小.在若干年后，若地球繞太陽的運動仍可視為勻速圓周運動，則描述地球繞太陽運動的物理量與現在相比(

)A.半徑不變 B.半徑變小 C.周期不變 D.周期變大6.如圖所示，在與紙面平行的勻強電場中有A、B、C三個點，其電勢分別為6V、4V和2V.則經過A點的電場線正確的是(

)A. B.

C. D.7.一對等量點電荷位于x軸上，沿x軸方向上的電勢隨坐標的變化情況如圖所示，取無窮遠處電勢為零.圖中x1、x2為軸上關于原點O的對稱點，下列說法中正確的是(

)

A.在x1～x2范圍內，O點的電勢最低

B.在x1～x2范圍內，O點的電場強度最大

C.位于x8.在O點處固定一個正點電荷，P點在O點左上方.從P點由靜止釋放一個帶電的小球，小球僅在重力和電場力作用下在豎直面內運動，其一段軌跡如圖所示.M、N是軌跡上的兩點，OP>OM=ON，則小球A.帶負電荷

B.在M點的機械能小于在N點的機械能

C.在P點的電勢能小于在N點的電勢能

D.從M點運動到N點的過程中，電場力始終不做功9.如圖所示，甲、乙是改裝成電流表和電壓表的電路，則(

)

A.甲圖中，R減小時量程減小

B.乙圖中，R減小時量程增大

C.甲圖中，若改裝后的電表示數略微偏大，可將R值稍微調小

D.乙圖中，若改裝后的電表示數略微偏大，可將R值稍微調小10.如圖所示，豎直輕彈簧固定在水平地面上.一小球由彈簧的正上方自由下落，不計空氣阻力，彈簧始終處于彈性限度內.小球向下運動的整個過程中，小球重力的瞬時功率P、彈簧的彈性勢能Ep與位移x的關系圖像正確的是(

)

A. B.

C. D.11.如圖所示，輕桿一端固定在光滑的水平軸上，另一端固定一小球.靜止在最高點的小球由于輕微的擾動開始向一側運動，不計空氣阻力，則小球從最高點向最低點運動的過程中(

)

A.小球對桿始終有力的作用 B.小球對桿的作用力先增大后減小

C.小球的速率正比于小球下降的高度 D.小球的速率正比于小球離開出發(fā)點的距離二、實驗題：本大題共1小題，共9分。12.某同學想通過測繪小燈泡的I-U圖像來研究小燈泡的電阻隨電壓變化的規(guī)律.待測小燈泡一只，額定電壓為2.5V，電阻約為幾歐電壓表一個，量程0～3V，內阻約為電流表一個，量程0～0.6A，內阻約為滑動變阻器一個;干電池兩節(jié);開關一個，導線若干.(1)請在圖甲中補全實驗的電路圖.(2)圖甲中開關S閉合之前，應把滑動變阻器的滑片置于__________(選填“A”或“B”)端.(3)某次測量時電流表示數如圖乙所示，該示數為__________A(4)該同學通過實驗作出小燈泡的I-U圖像如圖丙所示，則小燈泡正常工作時的電阻約為__________Ω

(5)I-U圖像彎曲的原因是__________三、計算題：本大題共4小題，共40分。13.質量mA=1kg的物體A從空中自由落下，與此同時質量mB=2kg的物體B做豎直上拋運動，經過t=0.2s與A發(fā)生正碰并粘在一起.已知碰撞前瞬間B(1)碰撞前瞬間A的速度大小v(2)碰撞后瞬時兩物體的速度大小v.14.汽車的啟動簡化電路如圖所示，電源電動勢為E，電源與電流表的內阻之和為r.車燈接通電動機未起動時，電流表示數為I1，電動機啟動的瞬間，電流表示數達到I2.忽略車燈的電阻變化.(1)車燈的電阻R(2)電動機啟動瞬間車燈的功率P.15.如圖所示，質量m=1kg的小物體從斜面上A點由靜止開始下滑，經t0=2s運動到斜面底端B點，并通過一小段光滑的弧面滑上水平傳送帶的右端.已知A、B間距離L1=4m，傳送帶B、C兩端點間距離L2=8(1)物塊到達B點時的速度大小v(2)物塊在傳送帶上傳輸的時間t(3)因傳輸物塊電機多消耗的電能E.16.如圖所示，一足夠長的豎直圓筒筒壁上有小孔O，筒內所有區(qū)域存在豎直向下的勻強電場，電場強度大小為E.粒子源不停地水平向右發(fā)射速率為v0的帶正電荷的粒子，粒子通過孔O沿筒的半徑方向進入圓筒.已知粒子質量為m，電量為q，圓筒半徑為mv022(1)求單個粒子從射入圓筒到打到筒壁過程中動量的變化量大小Δp(2)若圓筒繞其豎直中心軸以恒定的角速度轉動，粒子打在筒壁上的點均與孔O處于同一豎直線上，求圓筒的角速度ω(3)若在孔O和圓筒中心軸的豎直平面內不斷改變粒子的發(fā)射方向，粒子源在120°范圍內發(fā)射粒子到孔O，求所有粒子打到筒壁時電勢能的最大差值ΔE答案和解析1.【答案】A

【解析】兩極板間的電勢差為：U=QC，

則兩極板間的電場強度為：E=Ud，2.【答案】B

【解析】此實驗需要用復寫紙確定小球的落地點，需要用天平測量小球的質量，需要用刻度尺測量小球做平拋運動的水平位移；由于小球下落高度相同，在空中時間相同，可以用小球做平拋運動的水平位移代替水平初速度，所以不需要用秒表測時間。本題選不需要的，故ACD錯誤，B正確；

故選：B。3.【答案】B

【解析】根據牛頓第二定律，對空間站分析有F即飛船和空間站之間的作用力F'=Ma，故B4.【答案】C

【解析】由圖可知，L和R2串聯(lián)后和C并聯(lián)，再與R1串聯(lián)，電容器在電路穩(wěn)定時相當于斷路；

A、當增大照射光強度時，光敏電阻R2減小，電路的總電阻減小，總電流I增大，電流表示數增大，故A錯誤；

B、流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故B錯誤；

C、電容器板間電壓UC=E-I(R1+r)5.【答案】D

【解析】AB.若太陽的質量減小，則太陽對地球的引力減小，則引力不足以提供地球做圓周運動的向心力，則地球將做離心運動，軌道半徑變大，故AB錯誤；

CD.根據牛頓第二定律有GMmr2=m4π2T2r6.【答案】A

【解析】AC連線中點D的電勢為φD=6+22V=4V，連接BD為一等勢面，過A7.【答案】D

【解析】A、由電勢隨坐標的變化圖像可知在x1～x2范圍內，O點的電勢最高，故A錯誤；

B、φ-x圖像的斜率表示電場強度，則在x1～x2范圍內，O點的電場強度最小(為零)，故B錯誤；

C、因x軸上各點的電勢均小于零，且φ-x圖關于y軸對稱，表明是一對等量負電荷激發(fā)的電場，故C錯誤；

D、x1～O電場沿x8.【答案】C

【解析】A.帶電小球所受合力指向軌跡的凹側方向，由圖可知小球所受電場力大致指向左上方，所以小球帶正電，故A錯誤；

BC.帶正電的小球僅在重力和該點電荷電場力作用下在豎直面內運動，則小球的電勢能和機械能之和不變，由能量守恒定律可知，帶正電的小球在M點的電勢能等于在N點的電勢能，則帶正電的小球在M點的機械能等于在N點的機械能；根據正點電荷的電勢分布情況可知φM

=φN

>φP，根據Ep=qφ可知，且ED.從M點運動到N點的過程中，根據電場力與運動方向的夾角，剛開始夾角為鈍角，做負功；后變?yōu)殇J角，做正功，故電場力先做負功后做正功，故D錯誤。9.【答案】C

【解析】AC、由電表的改裝可知，電流表應是G與R并聯(lián)(甲圖)，改裝后加在G兩端的最大電壓Ug=IgRg不變，所以并聯(lián)電阻R越大，I=Ig+IR越小，即量程越??；若改裝后的電表示數略微偏大，說明所并聯(lián)電阻的分流偏小，則分流電阻阻值偏大，可將R值稍微調小，故A錯誤，C正確；

BD、對于電壓表應是G與R串聯(lián)10.【答案】B

【解析】AB.小球接觸彈簧前做自由落體運動，則P=mgv=mg2gx，根據數學知識可知P-x圖像是開口向右的拋物線；小球開始接觸彈簧，向下的合力減小，做加速度減小的加速運動，當彈簧彈力等于重力時，加速度為零，此時速度最大，小球重力的瞬時功率最大；之后做減速運動，直到速度減為零，小球向下運動到最低點，此時小球重力的瞬時功率為零，故A錯誤，B正確；

CD.11.【答案】D

【解析】A、設小球從圖中位置轉過θ時，小球只受重力，此時有mgr(1-cosθ)=12mv2，mgcosθ=mv2r，聯(lián)立解得cosθ=23，即此時桿對小球沒有作用力，則小球對桿也沒有作用力，故A錯誤；

B、根據A選項分析可知小球對桿的作用力先減小到0后增大，故B錯誤；

C、根據mgh=12mv2，解得v=12.【答案】(1)；

(2)B；

(3)0.23

(4)5.8(5.6-6.0)

(5)隨著電流(【解析】(1)為了測繪小燈泡的I-U圖像來研究小燈泡的電阻隨電壓變化的規(guī)律，所以還應有電流表，由于小燈泡電阻較小，所以電流表應外接，故電路圖如圖：

。

(2)開關S閉合之前，滑動變阻器的滑片應置于B處，使在剛好閉合S時，測量電路部分處于短路狀態(tài)電流表和電壓表的示數均為零，起保護作用。

(3)電流表量程為0.6A，由圖可知電流表讀書為0.23A。

(4)由于小燈泡的額定電壓為2.5V，由圖可知，電流為0.43A，由歐姆定律

R=UI13.【答案】解：(1)對A：vA=gt，

解得vA=2m/s。

(2)對系統(tǒng)，取向下為正方向，

根據動量守恒mAv【解析】詳細解答和解析過程見【答案】14.【答案】解：(1)電動機未啟動時，閉合電路歐姆定律E=I1(R+r)，解得R=EI1-r?！窘馕觥吭敿毥獯鸷徒馕鲞^程見【答案】15.【答案】解：(1)對物體L1=0+vB2t0，

解得vB=4m/s。

(2)在傳送帶上，物體的加速度a=μ2g=2m/s2，

與傳送帶達到共速的時間t1=v-vBa=1s，

物塊的位移x