廣東專用高考物理二輪復(fù)習(xí) 計(jì)算題專練19 動(dòng)量和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用

專練19動(dòng)量和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用1．如圖1所示，P物體推壓著輕彈簧置于A點(diǎn)，Q物體放在B點(diǎn)靜止，P和Q為質(zhì)量均為m＝1kg的物體，它們的大小相對(duì)于軌道來說可忽略．光滑軌道ABCD中的AB部分水平，BC部分為曲線，CD部分為直徑d＝5m的圓弧的一部分，該圓弧軌跡與地面相切，D點(diǎn)為圓弧的最高點(diǎn)，各段連接處對(duì)滑塊的運(yùn)動(dòng)無影響．現(xiàn)松開P物體，P沿軌道運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)，與Q相碰后不再分開，最后兩物體從D點(diǎn)水平拋出，測得水平射程s＝2m．(g＝10m/s2)求：圖1(1)兩物體水平拋出時(shí)的速率．(2)兩物體運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧的壓力N.(3)輕彈簧被壓縮時(shí)的彈性勢能Ep.答案(1)2m/s(2)16.8N(3)208J解析(1)兩物體從D點(diǎn)開始做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)拋出時(shí)的速率為v1，有：d＝eq\f(1,2)gt2 ①s＝v1t ②解得：v1＝2m/s ③(2)兩物體在最高點(diǎn)時(shí)，有：2mg－N＝2meq\f(v\o\al(2,1),\f(1,2)d) ④解得：N＝16.8N ⑤由牛頓第三定律知兩物體在D點(diǎn)對(duì)圓弧的壓力為16.8N ⑥(3)設(shè)P在碰撞前瞬間速率為v0，碰撞后瞬間速率為v2，兩物體碰撞過程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：mv0＝2mv2 ⑦兩物體碰后從B滑至D，由機(jī)械能守恒得：eq\f(1,2)(2m)veq\o\al(2,2)＝eq\f(1,2)(2m)veq\o\al(2,1)＋2mgd ⑧P被輕彈簧彈出過程，由機(jī)械能守恒定律得：Ep＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0) ⑨聯(lián)立③⑦⑧⑨式得：Ep＝208J ⑩2．如圖2所示，有一個(gè)豎直固定在地面的透氣圓筒，筒中有一勁度系數(shù)為k的輕彈簧，其下端固定，上端連接一質(zhì)量為m的薄滑塊，圓筒內(nèi)壁涂有一層新型智能材料——ER流體，它對(duì)滑塊的阻力可調(diào)．起初，滑塊靜止，ER流體對(duì)其阻力為0，彈簧的長度為L.現(xiàn)有一質(zhì)量也為m的物體從距地面2L處自由落下，與滑塊碰撞后粘在一起向下運(yùn)動(dòng)．為保證滑塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，且下移距離為eq\f(2mg,k)時(shí)速度減為0，ER流體對(duì)滑塊的阻力須隨滑塊下移而變化．試求(忽略空氣阻力)：圖2(1)下落物體與滑塊碰撞過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能；(2)滑塊下移距離d時(shí)ER流體對(duì)滑塊阻力的大小．(3)已知彈簧的彈性勢能的表達(dá)式為Ep＝eq\f(1,2)kx2(式中k為彈簧勁度系數(shù)，x為彈簧的伸長或壓縮量)，試求：兩物體碰撞后粘在一起向下運(yùn)動(dòng)eq\f(2mg,k)距離，速度減為零的過程中，ER流體對(duì)滑塊的阻力所做的功．答案(1)eq\f(1,2)mgL(2)mg＋eq\f(kL,4)－kd(3)－eq\f(1,2)mgL解析(1)設(shè)下落物體與薄滑塊碰撞前瞬間的速度大小為v0，由機(jī)械能守恒定律，得mgL＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0) ①解得：v0＝eq\r(2gL)設(shè)碰后共同速率為v1，由動(dòng)量守恒定律，得2mv1＝mv0 ②解得：v1＝eq\f(1,2)eq\r(2gL)碰撞過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能E損＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)－eq\f(1,2)×2m·veq\o\al(2,1)＝eq\f(1,2)mgL(2)設(shè)加速度大小為a，有2a·eq\f(2mg,k)＝veq\o\al(2,1) ③得a＝eq\f(kL,8m)設(shè)彈簧彈力為F彈，ER流體對(duì)滑塊的阻力為FER，受力分析如圖所示，有 F彈＋FER－2mg＝2ma ④下滑距離為d時(shí)，F(xiàn)彈＝mg＋kd ⑤聯(lián)立③④⑤三式解得：FER＝mg＋eq\f(kL,4)－kd(3)從碰撞結(jié)束瞬間到下滑至最低點(diǎn)的過程中，重力做功為：WG＝2mg·eq\f(2mg,k)＝eq\f(4m2g2,k) ⑥彈性勢能的變化為：ΔEp＝eq\f(1,2)k(eq\f(mg,k)＋eq\f(2mg,k))2－eq\f(1,2)k(eq\f(mg,k))2＝eq\f(4m2g2,k) ⑦所以重力做功恰等于彈性勢能的增加，所以ER流體做功等于動(dòng)能變化WER＝0－eq\f(1,2)×2m·veq\o\al(2,1)＝－eq\f(1,2)mgL ⑧[另解：2mg·eq\f(2mg,k)＋WER－W彈＝0－eq\f(1,2)×2mveq\o\al(2,1)彈力做功W彈＝eq\f(1,2)k(eq\f(mg,k)＋eq\f(2mg,k))2－eq\f(1,2)k(eq\f(mg,k))2聯(lián)立上面兩式解得：WER＝－eq\f(1,2)mgL]3．如圖3所示，固定在地面上的光滑軌道AB、CD，均為半徑為R的eq\f(1,4)圓弧．一質(zhì)量為m、上表面長也為R的小車靜止在光滑水平面EF上，小車上表面與軌道AB、CD的末端B、C相切．一質(zhì)量為m的物體(大小不計(jì))從軌道AB的A點(diǎn)由靜止下滑，由末端B滑上小車，小車在摩擦力的作用下向右運(yùn)動(dòng)．當(dāng)小車右端與壁CF接觸前的瞬間，物體m恰好滑動(dòng)到小車右端相對(duì)于小車靜止，同時(shí)小車與CF相碰后立即停止運(yùn)動(dòng)但不粘連，物體則繼續(xù)滑上軌道CD.求：圖3(1)物體滑上軌道CD前瞬間的速率；(2)水平面EF的長度；(3)當(dāng)物體再從軌道CD滑下并滑上小車后，如果小車與壁BE相碰后速度也立即變?yōu)榱?，最后物體m停在小車上的Q點(diǎn)，則Q點(diǎn)距小車右端多遠(yuǎn)？答案(1)eq\f(\r(2gR),2)(2)eq\f(3,2)R(3)eq\f(3,8)R解析(1)設(shè)物體從A滑至B時(shí)速率為v0，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：mgR＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)v0＝eq\r(2gR)物體與小車相互作用過程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)共同速度為v1，有：mv0＝2mv1解得物體滑上軌道CD前瞬間的速率：v1＝eq\f(\r(2gR),2)(2)設(shè)物體與小車上表面之間的摩擦力為f，根據(jù)動(dòng)能定理，對(duì)物體有：－fsEF＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)對(duì)小車有：f(sEF－R)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)(或?qū)ο到y(tǒng)根據(jù)能量守恒定律有：fR＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)－eq\f(1,2)×2mveq\o\al(2,1))得f＝eq\f(1,2)mgsEF＝eq\f(3,2)R(3)設(shè)物體從CD滑下后與小車相對(duì)靜止時(shí)共同速率為v2，相對(duì)小車滑行的距離為s1，小車停后物體做勻減速運(yùn)動(dòng)，相對(duì)小車滑行的距離為s2，根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒有：mv1＝2mv2fs1＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)－eq\f(1,2)×2mveq\o\al(2,2)對(duì)物體根據(jù)動(dòng)能定理有：fs2＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)解得s1＝eq\f(1,4)Rs2＝eq\f(1,8)R則Q點(diǎn)距小車右端距離：s＝s1＋s2＝eq\f(3,8)R4．如圖4所示，一長度L＝3m，高h(yuǎn)＝0.8m，質(zhì)量為M＝1kg的物塊A靜止在水平面上．質(zhì)量為m＝0.49kg的物塊B靜止在A的最左端，物塊B與A相比大小可忽略不計(jì)，它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.5，物塊A與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝0.1.一個(gè)質(zhì)量為m0＝0.01kg的子彈(可視為質(zhì)點(diǎn))，以速度v0沿水平方向射中物塊B，假設(shè)在任何情況下子彈均不能穿出．g＝10m/s2，問：圖4(1)子彈以v0＝400m/s擊中物塊B后的瞬間，它們的速度為多少？(2)被擊中的物塊B在A上滑動(dòng)的過程中，A、B的加速度各為多少？(3)子彈速度為多少時(shí)，能使物塊B落地瞬間A同時(shí)停下？答案(1)均為8m/s(2)aA＝1m/s2，方向水平向右aB＝5m/s2，方向水平向左(3)435m/s解析(1)子彈擊中B過程中，由動(dòng)量守恒定律可知：m0v0＝(m0＋m)v解得：v＝8m/s(2)由牛頓第二定律可得：對(duì)B：μ1(m0＋m)g＝(m0＋m)aBaB＝5m/s2方向水平向左對(duì)A：μ1(m0＋m)g－μ2(m0＋m＋M)g＝MaAaA＝1m/s2方向水平向右(3)如圖所示，子彈擊中B過程中，由動(dòng)量守恒定律可得：m0v0′ ＝(m0＋m)vB1設(shè)B在A上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，則：sB－sA＝L即：(vB1t1－eq\f(1,2)aBteq\o\al(2,1))－eq\f(1,2)aAteq\o\al(2,1)＝LB做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，h＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,2)aA′＝eq\f(μ2Mg,M)＝μ2g＝1m/s20＝aAt1－aA′t2聯(lián)立求解得：子彈速率v0′＝eq\f(m0＋m,m0)vB1＝435m/s【必考模型2】動(dòng)量和能量的綜合問題1．模型特點(diǎn)：題目中往往出現(xiàn)兩個(gè)(或多個(gè))物體組成的相互作用的系統(tǒng)，作用前(或后)物體經(jīng)歷多個(gè)運(yùn)動(dòng)過程．2．表現(xiàn)形式：(1)動(dòng)量守恒?？嫉膬?nèi)力形式：①彈簧的彈力作