2020-2021學(xué)年西藏拉薩那曲某中學(xué)高二（下）入學(xué)物理試卷（附答案詳解）

2020-2021學(xué)年西藏拉薩那曲高級(jí)中學(xué)高二（下）入學(xué)物理試卷

1.如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)為E,A與B兩點(diǎn)間的距離為d,A8與電場(chǎng)線夾角為a,則A與

8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為（）

A.Ed

B.Edcosa

C.Edsina

D.Edtana

2.初速度為火的電子，沿平行于通電長直導(dǎo)線的方向射出，直導(dǎo)線中電流方向與電子的初

始運(yùn)動(dòng)方向如圖所示，電子所受重力不計(jì)，貝1（）

A.電子將向右偏轉(zhuǎn)B.電子將向左偏轉(zhuǎn)

C.電子將垂直紙面向外偏轉(zhuǎn)D.垂直紙面向內(nèi)偏轉(zhuǎn)

3.現(xiàn)有額定電壓均為110V額定功率分別為100W和60W的燈泡A和8,將它們接在220V

的直流電路中后，兩燈均正常工作，且消耗的電功率最小的電路是（）

AB

AA-

BHT5i

C,_A"

密

4.

A.導(dǎo)體兩端加4V電壓時(shí)，導(dǎo)體的電阻為7.50

B.導(dǎo)體兩端加12V電壓時(shí)，導(dǎo)體的電阻為24。

C.該導(dǎo)體為線性元件

D.導(dǎo)體的電阻隨著溫度的升高不斷減小

5.下列說法正確的是（）

A.電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能是J.=一20/,在8點(diǎn)的電勢(shì)能是=15/,則Ep^>EpB

B.電場(chǎng)中，A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)高，則A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差以8>0

C.電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)是租4=一6心8點(diǎn)的電勢(shì)是租8=2乙則樞4>程8

22

D.EA=1.0x10V/m,EB=-2x10V/m,則當(dāng)<EB

6.如圖所示，〃和b是從A點(diǎn)以相同的速度垂直磁場(chǎng)方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)的兩個(gè)粒子運(yùn)動(dòng)的半

圓形軌跡，已知兩個(gè)粒子帶電荷量相同，且%=2%,不計(jì)重力的影響，則由此可知（）

A.兩粒子均帶正電，質(zhì)量之比攻=:

mb1

B.兩粒子均帶負(fù)電，質(zhì)量之比膽=:

mb1

4

ma

m-=-

C.兩粒子均帶正電，質(zhì)量之比b1

D.兩粒子均帶負(fù)電，質(zhì)量之噬當(dāng)

7.在如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器心的滑動(dòng)觸頭向右端滑動(dòng)時(shí)（）

A.人變暗，乙2變亮，心變亮B.口變暗,G變暗，心變亮

C.L變暗，。變暗，。變暗D.人變亮，G變暗，人變亮

8.如圖所示，小磁針的N極指向正確的是（）

D.d

9.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)帶電粒子作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如果又順利垂直進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度2

倍的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則（）

A.粒子的速率加倍，周期減半

B.粒子速率不變，軌道半徑減半

C.粒子的速率減半，軌道半徑變?yōu)樵瓉淼模?/p>

D.粒子速率不變，周期減半

10.說起電流表，赤峰二中的小明就無比鬧心，因?yàn)殡姳淼母难b是他心中永遠(yuǎn)的痛。下面這

個(gè)問題，小明就老是舒扯不清，請(qǐng)你幫忙解決一下：如圖所示為有0014和0.14兩個(gè)量程的電

流表的原理圖，已知表頭的內(nèi)阻為2000,滿偏電流為2〃滔，則下列說法中正確的是（）

A.當(dāng)使用〃、匕兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0.01AB.當(dāng)使用〃、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0.014

C.8——450,/?2=5。D./?!—5/2,R2-45。

11.如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一內(nèi)壁光滑、半徑為R的固定絕緣圓軌道處在豎

直平面內(nèi)，AB為圓軌道的水平直徑，CD為豎直直徑。一個(gè)質(zhì)量為加、電荷量為q的帶正電

小球從軌道的最低點(diǎn)獲得一定的初速度%后，能夠在軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為

g，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=,不計(jì)空氣阻力，下列說法中正確的是（）

A.小球運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最小

B.小球運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能最大

C.若為=號(hào)宓，小球恰好能夠沿著軌道做圓周運(yùn)動(dòng)

D.若小球在C點(diǎn)的水平初速度為%=2阿，則它運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)。的速度剛好為零

12.如圖所示，0、A、B、C為一粗糙絕緣水平面上的四點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，一電荷量為-Q

的點(diǎn)電荷固定在。點(diǎn)，現(xiàn)有一質(zhì)量為加、電荷量為-q的小金屬塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），從A點(diǎn)由靜

止沿它們的連線向右運(yùn)動(dòng)，到8點(diǎn)時(shí)速度最大，其大小為外，小金屬塊最后停止在C點(diǎn).已

知小金屬塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為4,A、B間距離為L,靜電力常量為則（）

-Q-q

OABC

A.在點(diǎn)電荷—Q形成的電場(chǎng)中，A、2兩點(diǎn)間的電勢(shì)差加=

B.在小金屬塊由4向C運(yùn)動(dòng)的過程中，電勢(shì)能減小

C.OB間的距離為J鬻

D.從B到C的過程中，小金屬塊的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能

13.某研究性學(xué)習(xí)小組欲測(cè)量一個(gè)直流電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

圖1

(1)該小組成員先直接用多用電表粗測(cè)該電源電動(dòng)勢(shì)，選用直流電壓2.5V擋，讀數(shù)如圖1所示，

則該電動(dòng)勢(shì)的讀數(shù)為V；測(cè)量時(shí)多用電表的黑表筆應(yīng)該與電源的(填“正”或

“負(fù)”)極相連。

(2)接著小組成員按圖2原理圖測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻&=2.50為定值保護(hù)電阻，電壓

表內(nèi)阻較大，單位長度電阻=0.200/cm的電阻絲加上標(biāo)有長度刻度。

-----0------

圖2

(3)閉合開關(guān)S,記錄曲的長度L和電壓表V的示數(shù)U；滑動(dòng)b點(diǎn)改變H的長度乙，測(cè)得6

組L和U值，并算出對(duì)應(yīng)的值寫出U、L與E、r、R。、2的關(guān)系式：卜o

(4)圖3中的“?”是已標(biāo)出的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，根據(jù)圖線算出電源電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻

r=0。(計(jì)算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字)

14.某同學(xué)為確定某電子元件的特性，用多用電表的歐姆擋測(cè)量該元件的電阻，首先選用“x

100”倍率的電阻擋進(jìn)行測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉(zhuǎn)過大，因此需選擇(選填“X10”

或“x1k”)倍率的電阻擋進(jìn)行測(cè)量；在重新測(cè)量前(選填“需要”或“不需要”)進(jìn)行

歐姆調(diào)零；之后測(cè)量時(shí)多用電表的示數(shù)如圖所示，則該元件的阻值為

15.在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將一電荷量為5x10-5。的負(fù)電荷由A點(diǎn)移到8點(diǎn)，其電勢(shì)能增加了0.2/,

已知4、B兩點(diǎn)間距離為2c”，兩點(diǎn)連線與電場(chǎng)方向成60。角，如圖所示，試求：

(1)電荷由A移到B的過程中，電場(chǎng)力做正功還是負(fù)功？做功為多少？

(2)4、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為多少？

(3)該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為多大？

16.如圖所示電路，燈泡L額定電壓為U=6叭額定功率為P=6〃，滑動(dòng)變阻器總電阻為

Ro=ion,當(dāng)電鍵S打開時(shí)，理想的電壓表讀數(shù)為18匕當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)

頭到某位置時(shí)恰能使燈泡正常發(fā)光，此時(shí)電壓表讀數(shù)為14求：

(1)燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻治；

(2)電源的內(nèi)阻r；

(3)滑動(dòng)變阻器消耗的功率

17.如圖所示，面積為S的矩形線框垂直處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，可繞垂直于磁感線的軸。0'轉(zhuǎn)動(dòng)。X

XX

XX

XX

(1)求線框處于圖示位置時(shí)穿過線框的磁通量大??；

(2)若線框從圖示位置繞。。'轉(zhuǎn)過60。角，求轉(zhuǎn)動(dòng)后穿過線框的磁通量大??；

(3)若線框從圖示位置繞。0'轉(zhuǎn)過90。角,求轉(zhuǎn)動(dòng)后穿過線框的磁通量大小及此過程的磁通量的

變化量大小。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：由題，A、B兩點(diǎn)間的距離為d及A2連線與電場(chǎng)方向的夾角為a,則這兩點(diǎn)沿電場(chǎng)

方向的距離cf=dcosa,A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U=Ed'=Edcosa?

故選：B。

己知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為E,4、B兩點(diǎn)間的距離為d及A8連線與電場(chǎng)方向的夾角為a,根據(jù)公式U=

Ed,求出兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離“，再求解電勢(shì)差U。

本題首先要想到勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系式〃=Ed,其次要正確理解d的含義：兩點(diǎn)沿電

場(chǎng)方向的距離。

2.【答案】A

【解析】解：由安培定則可知，通電直導(dǎo)線右側(cè)的磁場(chǎng)垂直紙面向內(nèi)，由左手定則可知，電子受

到的洛倫茲力向右，故電子將向右偏轉(zhuǎn)。故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

根據(jù)安培定則判定通電導(dǎo)線磁場(chǎng)的方向，由左手定則判定電子受力方向。

本題主要考查了安培定則和左手定則，解題關(guān)鍵是掌握通電導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的判定和帶電粒子在磁

場(chǎng)中受力方向的判定。

3.【答案】B

(J2.

【解析】解：燈泡正常發(fā)光時(shí)電阻R=薩，因?yàn)镻額B<P額A'所以RB>RA，

A、圖中A、8兩燈串聯(lián)，因?yàn)镽B>'，所以丹>北，則UA<110K,兩燈泡不能

正常發(fā)光，故A錯(cuò)誤；

C、圖中A燈與可變電阻并聯(lián)后再與2燈串聯(lián)，因?yàn)槌?gt;以，所以RB>R并，因此%>〃，則

UB>110V,UA<1107,兩燈泡不能正常發(fā)光，故C錯(cuò)誤；

8。、8選項(xiàng)圖中8燈與可變電阻并聯(lián)后再與A燈串聯(lián)，因?yàn)镽B>以，當(dāng)可變電阻的阻值適當(dāng)時(shí)，

可使R/=以，則〃=110U,UB=110V,兩燈泡即可正常發(fā)光，此時(shí)電路總電阻%=2以；

。選項(xiàng)圖中兩燈并聯(lián)再與可變電阻串聯(lián)，當(dāng)串聯(lián)的可變電阻的阻值為時(shí)，uA=110V,uB=1101/,

兩燈泡即可正常發(fā)光，此時(shí)電路總電阻/?2<2以；

根據(jù)P=可知，在U一定時(shí)，R越大，總功率越小，

因?yàn)?>/?2，所以「1<。2，故B正確、。錯(cuò)誤。

故選：Bo

根據(jù)各電路圖分析燈泡兩端電壓是否為額定電壓判斷能否正常發(fā)光；在能正常發(fā)光的情況下，再

根據(jù)p=判斷電路功率的大小。

本題考查電功率公式的應(yīng)用，正確判斷電路的連接方式和應(yīng)用電路特點(diǎn)判斷兩燈的電壓關(guān)系是解

題的關(guān)鍵。

4.【答案】B

【解析】解：A、由圖可知，當(dāng)電壓為4V時(shí)，電流為0.304故其電阻R=彳=高。=岑0,故

A錯(cuò)誤；

B、由圖可知，當(dāng)電壓為12V時(shí)，電流為0.504,故其電阻R=：=惡。=240,故B正確；

C、在/-U圖像中，圖像為一條曲線，故該導(dǎo)體為非線性原件，故C錯(cuò)誤；

￡)、根據(jù)歐姆定律：/=《則由圖可知，導(dǎo)體的電阻隨著電壓的增大而增大，即導(dǎo)體的電阻隨著

溫度的升高不斷，故。錯(cuò)誤；

故選：B。

由圖讀出A、B點(diǎn)時(shí)電壓和電流，根據(jù)電阻的定義式/?=彳求解電阻，再得到電阻的變化量。

本題考查對(duì)伏安特性曲線的了解，要注意明確各點(diǎn)的電阻應(yīng)通過電阻的定義式R=彳求解即可。

5.【答案】BD

【解析】解：A、電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能是Ep*=-20/,在B點(diǎn)的電勢(shì)能是EpB=15/,則Ep.<Ep小

故A錯(cuò)誤。

8、A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)高，即>(pB,而A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差〃B=(PA-(PB，可得〃B>。，

故B正確。

C、4點(diǎn)的電勢(shì)是內(nèi)=-6V,B點(diǎn)的電勢(shì)是9B=2V,貝I」以.故C錯(cuò)誤。

。、場(chǎng)強(qiáng)是矢量，其大小是其絕對(duì)值。則知&<EB.故。正確。

故選：BD。

電勢(shì)能、電勢(shì)都是標(biāo)量，其正負(fù)表示大小.場(chǎng)強(qiáng)是矢量，其大小是其絕對(duì)值.

解決本題的關(guān)鍵要掌握各個(gè)量的矢標(biāo)性，知道矢量和標(biāo)量符號(hào)含義的區(qū)別，要注意矢量的大小是

其絕對(duì)值.

6.【答案】B

【解析】解：兩粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后均向下偏轉(zhuǎn)，可知在4點(diǎn)，均受到向下的洛倫茲力，由左手定則

可知，四指所指的方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，得知兩個(gè)粒子均帶負(fù)電；

?2

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律由：qvB=m*

變形得：血=迎

V

因7=2Q，八匕進(jìn)入磁場(chǎng)的速度相同，電量也相同，又在同一磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，所以有：叫=：

uunih1

故B正確，ABC錯(cuò)誤

故選：8。

根據(jù)粒子的速度方向以及偏轉(zhuǎn)方向，利用左手定則即可得知粒子的電性，根據(jù)粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中

做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力提供向心力可推導(dǎo)出質(zhì)量的表達(dá)式，結(jié)合半徑關(guān)系即可得知質(zhì)量的比值，

從而得知正確選項(xiàng)。

該題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，熟練的應(yīng)用左手定則判斷粒子的運(yùn)動(dòng)方向或粒子的受力

方向，知道帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式和周期公式應(yīng)用。

7.【答案】B

【解析】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器品的滑動(dòng)觸頭向右端滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路的

總電阻/?增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得到，路端電壓U增大，總電流/減小，〃變暗.燈的

電壓。3=〃一%，u增大，/減小，則g增大，％變亮.G的電流=/-，3，/減小，%增大,

減小，則變暗.所以L1變暗，變暗，乙3變亮.

故選B

當(dāng)滑動(dòng)變阻器&的滑動(dòng)觸頭向右端滑動(dòng)時(shí),變阻器接入電路的電阻增大，外電路的總電阻R增大，

根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，判斷燈加亮度的變化.根據(jù)路端電

壓與k電壓的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷5亮度的變化.根據(jù)總電流與5的電流變化，

分析亮度的變化.

對(duì)于電路中動(dòng)態(tài)分析問題，往往按“局部一整體T局部”的思路進(jìn)行分析.常見題型，比較容易.

8.【答案】D

【解析】解：根據(jù)右手螺旋定則可知通電螺線管左側(cè)為N極，右側(cè)為S極，磁感線在外部由N極

S極，內(nèi)部由S極指向N極，而靜止時(shí)小磁針N極指向?yàn)榇鸥芯€方向，可知小磁針的N極指向正

確的只有d,故ABC錯(cuò)誤，。正確。

故選：D。

依據(jù)安培定則可判斷通電導(dǎo)線周圍的磁場(chǎng)方向，再根據(jù)小磁針靜止時(shí)N極的指向與磁感應(yīng)線的方

向相同，從而分析小磁針?biāo)谔幍拇艌?chǎng)方向是否正確。

本題考查了磁感線的方向，要求學(xué)生能夠判斷電流周圍的磁場(chǎng)方向，同時(shí)掌握安培定則的內(nèi)容。

9.【答案】BD

【解析】解：洛倫茲力只改變帶電粒子的速度方向，不改變速度大小，所以粒子的速率不變。

由周期公式7=駕可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，周期將減半：

由半徑公式/?=愕可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，軌道半徑將減半?故8力正確，A、C錯(cuò)

qB

誤。

故選：BD。

該題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)及其規(guī)律，首先明確洛倫茲力始終不做功，再利用半徑

公式R=寫和周期公式7=筆來分析各選項(xiàng).

帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力是始終不做功的，即只改變速度的方向，不改變速度的大小.此

類問題要求掌握洛侖茲力的大小和方向的確定，帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)及其規(guī)律，會(huì)應(yīng)

用周期公式和半徑公式進(jìn)行計(jì)算和分析有關(guān)問題.

10.【答案】BD

【解析】解：使用C兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，改裝好的電流表量程為：

當(dāng)使用4、人兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，改裝后電流表的量程為：

可知〃、〃兩個(gè)端點(diǎn)之間的是大量程，〃、C兩個(gè)端點(diǎn)之間是小量程；

代入數(shù)據(jù)解得：

Ri=50,R2—450,

故8。正確，AC錯(cuò)誤。

故選：BD.

當(dāng)使用6兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)電路連接方式是表頭和/?2串聯(lián)然后與％并聯(lián)；當(dāng)使用c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，

電路連接方式是電阻角和&串聯(lián)然后與表頭并聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路中電流的特點(diǎn)及歐姆定律列方

程就可求解。

改裝成大量程的電流表需并聯(lián)電阻分流，且并聯(lián)的電阻越小，其分流效果越明顯，則改裝后的電

流表量程越大。

11.【答案】BCD

【解析】解：A、將小球所受重力和電場(chǎng)力等效成一個(gè)“重力”，則等效重力mg'=

J(qE)2+(mg)2=,可知等效重力和豎直方向的夾角tan。==

故。=37°,如圖所示

D

設(shè)尸點(diǎn)和G點(diǎn)分別為圓軌道在等效重力場(chǎng)的等效最高點(diǎn)和等效最低點(diǎn),可知小球在尸點(diǎn)勢(shì)能最大,

動(dòng)能最小，故A錯(cuò)誤。

8、小球做功過程中只有重力和電場(chǎng)力做功，因重力做功不改變小球的機(jī)械能，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到8

點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)小球做正功，且做功最多，故機(jī)械能增量最大，此時(shí)機(jī)械能最大，故8正確。

C、做CH1FG,由圖可知：FH=R+Rcos。=1.8R,設(shè)小球在尸點(diǎn)的速度為外，若小球恰好沿

著軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，則尸點(diǎn)等效重力恰好提供向心力，由牛頓第二定律有：mg-呼

由C到凡等效重力做負(fù)功，由動(dòng)能定理可知—Tng'FH=-

聯(lián)立解得：%=嚀電，故C正確。

。、小球從C到。點(diǎn)只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理有：-mg?2R=,代入數(shù)據(jù)解得：vD=0,故

D正確；

故選：BCD。

將小球所受重力和電場(chǎng)力等效成一個(gè)“重力”，則尸點(diǎn)和G點(diǎn)分別為圓軌道在等效重力場(chǎng)的等效

最高點(diǎn)和等效最低點(diǎn)，再根據(jù)動(dòng)能定理進(jìn)行分析判斷，注意若小球恰好沿著軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，則

尸點(diǎn)等效重力恰好提供向心力。

本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解題關(guān)鍵掌握“等效重力場(chǎng)”的解題方法，注意若小球恰好

沿著軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，則尸點(diǎn)等效重力恰好提供向心力。

12.【答案】C

【解析】解：4小金屬塊從A到8過程，由動(dòng)能定理得

1,

~qUAB-RmgL=2m嫁-0

解得：。他二—辿若或

故A錯(cuò)誤；

A小金屬塊由A點(diǎn)向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力的方向一直與運(yùn)動(dòng)方向相同，電場(chǎng)力一直做正功，

電勢(shì)能一直減小，故B錯(cuò)誤；

C.由題意知，A到8過程，金屬塊做加速運(yùn)動(dòng)，B到C過程，金屬塊做減速運(yùn)動(dòng)，在B點(diǎn)金屬塊

所受的滑動(dòng)摩擦力與庫侖力平衡，則有

Qq

fimg=k

解得鬻，故。正確;

D從8到。的過程中，小金屬塊的動(dòng)能和減少的電勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

金屬塊在B點(diǎn)時(shí)速度最大，說明從A到B過程中，金屬塊先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)

能定理求解A、8兩點(diǎn)的電勢(shì)差；電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能不斷減??；從3到C的過程，小金屬塊

的動(dòng)能和電勢(shì)能都減小，全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；在B點(diǎn)金屬塊的速度最大，所受的合外力一定為零，

根據(jù)力的平衡條件可計(jì)算出OB的距離。

解答本題的關(guān)鍵是：要挖掘隱含條件"B點(diǎn)速度最大”的物理意義，分析金屬塊的運(yùn)動(dòng)情況，進(jìn)

而分析其受力情況，由牛頓第二定律和動(dòng)能定理可分析判斷選項(xiàng)是否正確。

13.【答案】1.45負(fù)曾：1.490.480

Er°LE

【解析】解：(1)由于測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)，所以多用電表應(yīng)選直流電壓2.5V擋，又由于此時(shí)

電壓擋的分度值為0.1人所以讀數(shù)為1.45U；由于多用電表的電流從紅表筆的進(jìn)入后從黑表筆出來,

所以測(cè)量時(shí)多用表的黑表筆應(yīng)該與電池的負(fù)極相連。

(3)由電路圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)：E=U+/(r+R())=U+券(r+Ro)

變形得：?=誓4+?

UETQLE

(5)根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)，使更多的點(diǎn)在圖像上，不在圖像的點(diǎn)分布在圖像兩側(cè)，誤差太大的點(diǎn)

舍去，作出圖象如圖所示：

訃2

根據(jù)圖示圖象可知，圖線截距：b=0.67l/T=：

E

解得：E=1.49V,

由圖線的斜率：k=10cm/U=9?

7*0七

代入數(shù)據(jù)解得：r=0.480。。

故答案為：(1)1.45,負(fù)：(3)》1+：(4)1.49,0.480

CFQLC

(1)根據(jù)電表量程確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)；電壓表正接線柱與電源的正極相

連。

(3)根據(jù)電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式。

(4)根據(jù)表中所描出的點(diǎn)作出圖象，根據(jù)圖示圖象與函數(shù)表達(dá)式求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

本題考查了電表讀數(shù)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法，根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用

閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是解題的前提與關(guān)鍵。

14.【答案】"X10”需要70

【解析】解：首先選用“X100”倍率的電阻擋進(jìn)行測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉(zhuǎn)過大，說明元件

的阻值相比所選量程偏小，所以應(yīng)選擇比“X100”倍率小的“x10“倍率的電阻擋重新進(jìn)行歐

姆調(diào)零后測(cè)量；由題圖可知，5-10之間分度值為1,由于歐姆表表盤刻度不均勻，所以不需要估

讀，則該元件的阻值為70。。

故答案為：“X10"，需要，70

使用歐姆表測(cè)量時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)過大，說明所選量程偏大，需要跟換小倍率擋位重新調(diào)零后測(cè)量；

讀數(shù)時(shí)不需要估讀。

本題考查歐姆表的使用和讀數(shù)，歐姆表刻度盤左密右疏，0刻線在最右端，偏角過大說明是小電

阻，需要換小倍率。

15.【答案】解：(1)因?yàn)殡姾捎?移到B的過程中，電勢(shì)能增加了0.2/,所以電場(chǎng)力負(fù)功，做功

為-0.2/.

(2)4、8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差：

W-0.2,

UAB=—=--------E-V=4x103V

q-5xio-5

(3)又因?yàn)樵趧驈?qiáng)電場(chǎng)中U=Ed,所以有：

UAB=E?ABcos60°

將AB=2cm=0.02m代入可解得：E=4x103V/m

答：(1)電荷由A移到B的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，做功為一0.2/；

(2)4、8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為4x103(/；

(3)該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為4x105V/mo

【解析】(1)電勢(shì)能增加，電場(chǎng)力做負(fù)功，且大小相等；

(2)根據(jù)電勢(shì)差公式可解得A、B