2024年南昌市高三二模（第二次模擬測試）物理試卷（含答案）

后附原卷掃描版2024年南昌市高三第二次模擬測試后附原卷掃描版 物理 2024.04一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.運動員立定跳遠起跳瞬間如圖所示，能表示地面對雙腳作用力方向的是2.如圖所示，a、b兩點處分別固定有等量異種點電荷+Q和-Q，c是線段ab的中點，d是ac的中點，e是ab的垂直平分線上的一點，將一個正點電荷先后放在c、d、e點，它所受的電場力分別為F。、Fd、F。,則這三個力的大小關(guān)系為A.Fd>Fc>Fe3.屋檐的同一位置先后滴落兩雨滴，忽略空氣阻力，兩雨滴在空中運動的過程中，它們之間的距離A.保持不變B.不斷減小C.不斷增大D.與雨滴質(zhì)量有關(guān)4.圖甲是某光電管發(fā)生光電效應時光電子的最大初動能E?與入射光頻率ν的關(guān)系圖像，圖乙為氫原子的能級圖。一群處于n=3能級的氫原子向低能級躍遷時，發(fā)出的光照射光電管，發(fā)出的光電子的最大初動能為A.2.29eVB.9.80eVC.10.20eVD.12.09eV5.下表為幾個衛(wèi)星的軌道半長軸和周期的數(shù)據(jù)，根據(jù)這些數(shù)據(jù)可估算木星與地球的質(zhì)量之比為衛(wèi)星木衛(wèi)一地球同步衛(wèi)星土衛(wèi)一半長軸/km42170042240185520周期/d1.7710.94A.31B.110C.310D.11006.如圖所示，昌昌同學為了測量某溶度糖水折射率，將圓柱形透明薄桶放在水平桌面上，倒入半桶糖水；再將圓柱體豎直插入水中，圓柱體的中軸線與圓桶的中軸線重合；用刻度尺測量圓柱體在糖水中成的像的直徑d?=5.80cm;已知圓柱體截面直徑為d?=4.00cm,透明圓桶直徑d?=10.00cm。A.1.45B.1.72C.2.00D.2.507.如圖所示，半徑為R的半圓形光滑管道ACB固定在豎直平面內(nèi)。在一平行于紙面的恒力F(未畫出)作用下，質(zhì)量為m的小球從A端靜止釋放后，恰能到達最低點C；從B端靜止釋放后，到達C點時，管道受到的壓力為10mg。則F的大小為A.mgB.2C.D.8.邊長為h的正方形金屬導線框，從圖示的初始位置由靜止開始下落，通過一勻強磁場區(qū)域。磁場方向是水平的，且垂直于線框平面。磁場區(qū)高度等于H，上下邊界如圖中水平虛線所示，H>h。從線框開始下落到完全穿過磁場區(qū)的整個過程中A.線框中總是有感應電流存在B.線框速度的大小不一定總是在增加C.線框受到的安培力的合力的方向有時向上，有時向下D.線框在穿過磁場整個過程中損失的機械能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能9.如圖所示，把一個有孔的小球A裝在輕質(zhì)彈簧的一端，彈簧的另一端固定，小球套在水平光滑桿上，以O為平衡位置振動。另一小球B在豎直平面內(nèi)以(O''為圓心、ω為角速度沿順時針方向做半徑為R的勻速圓周運動(O與O'在同一豎直線上)。用豎直向下的平行光照射小球B，可以觀察到，小球B的“影子”始終在小球A上。取水平向右為正方向，O點為坐標原點，小球BA.小球A的振幅為2RB.小球A的振動周期為2πωC.小球A的最大加速度大小為ω2RD.小球A的速度與時間的關(guān)系式為v=-ωRsinωt10.如圖所示，一傳送帶傾斜放置，以恒定速率v順時針轉(zhuǎn)動。t=0時刻一物塊以初速度v?從A端v?沖上傳送帶，t=t?時刻離開傳送帶.則物塊速度隨時間變化的圖象可能是立三物理第2頁(共4頁)一二、非選擇題，本題共5小題，共54分。11.(6分)某同學設計實驗驗證機械能守恒定律，裝置如圖甲所示。一質(zhì)量為m、直徑為d的小球連接在長為l的細繩一端，d?,細繩另一端固定在O點，調(diào)整光電門的中心位置。由靜止釋放小球，記錄小球從不同高度釋放通過光電門的擋光時間，重力加速度為g。(1)用游標卡尺測量小球直徑，如圖乙所示，則小球直徑(d(2)若測得某光電門的中心與釋放點的豎直距離為h，小球通過此光電門的擋光時間為Δt,則小球從釋放點下落至此光電門中心時的動能增加量，ΔE?=,重力勢能減小量(3)經(jīng)過多次重復實驗，發(fā)現(xiàn)小球經(jīng)過光電門時，ΔE?總是大于ΔE?,A.小球的質(zhì)量測量值偏大B.在最低點時光電門的中心偏離小球球心C.小球下落過程中受到了空氣阻力12.(9分)物理學習小組通過放電法測量電容器的電容，所用器材如下：電池；待測電容器(額定電壓20V)；電壓表(量程3V，內(nèi)阻待測)；電阻箱R?(最大阻值為9999.9Ω);滑動變阻器R?(最大阻值為20.0Ω);定值電阻R?(阻值為2400.0Ω),定值電阻R?(阻值為600.0Ω);單刀單擲開關(guān)S?，單刀雙擲開關(guān)S?；計時器；導線若干。(1)先測量電壓表的內(nèi)阻，按如圖(a)連接電路。(2)將R?的阻值調(diào)到(填“零”或“最大”),逐漸調(diào)大.R?,使電壓表滿偏；然后，R?的滑動觸頭保持不動，調(diào)節(jié)R?，使電壓表的指針指在表盤中央，此時R?的值為1200.0Ω,則電壓表內(nèi)阻測量值為Ω。(3)按照圖(b)所示連接電路，將開關(guān)S?置于位置1，待電容器充電完成后，再將開關(guān).S?置于位置2，記錄電壓表電壓U隨時間t的變化情況，得到如圖(c)所示的圖像。不計電壓表內(nèi)阻測量誤差，當電壓表的示數(shù)為1V時，電容器兩端電壓是V。(4)不計電壓表內(nèi)阻測量誤差，U-t圖像下有135個小格，則通過電壓表的電荷量為C(保留三位有效數(shù)字)。則電容器的電容為F(保留兩位有效數(shù)字)一高三物理第3頁(共4頁)一

13.(10分)使用儲氣鋼瓶時，應盡量避免陽光直射。在某次安全警示實驗中，實驗員取來一只容積為40L的氧氣瓶，瓶內(nèi)氣體壓強為1.50MPa。經(jīng)暴曬后，連同瓶內(nèi)氣體，溫度從27°C上升至57°C。(1)求暴曬后瓶內(nèi)氣體的壓強；(2)為避免壓強過大，儲氣鋼瓶上裝有安全閥。重復上述實驗時，打開安全閥卸壓，待瓶內(nèi)壓強降至1.10MPa時，安全閥關(guān)閉。此時，瓶內(nèi)剩余的氣體與原有氣體質(zhì)量之比是多少?14.(12分)有一種“雙聚焦分析器”質(zhì)譜儀，工作原理如圖所示，電場分析器中有指向圓心O的輻射狀電場，磁場分析器中有垂直于紙面向外的勻強磁場(圖中未畫出)。離子源發(fā)出的初速度均為零的氣核11H和氘核12H經(jīng)加速電壓U加速后，均沿圓弧MN運動(圓弧MN為電場分析器的中心線)，再垂直進入四分之一圓形磁場區(qū)域，后從磁場下邊界射出。已知氕核H在磁場區(qū)域運動t時間后恰好垂直于磁場下邊界從Q點射出，MO=R,PO?=d,氣核(1)電場分析器中心線上電場強度的大??；(2)氘核12(3)氘核12H15.(17分)如圖所示，質(zhì)量為2kg的物塊乙靜止于A點，質(zhì)量為1kg的物塊甲在乙的左側(cè)，物塊丙靜止在B點。甲、乙中間夾有不計質(zhì)量的火藥，火藥爆炸時，將四分之一的化學能轉(zhuǎn)化為甲、乙的動能，乙立即獲得3m/s的速度向右運動。乙在AB間運動的某段連續(xù)的距離中，受到一水平向右、大小為12N的恒定拉力，使得乙恰好未與丙發(fā)生碰撞。已知AB間的距離為8.25m，乙與地面間的動摩擦因數(shù)為0.2，碰撞與爆炸時間均極短，甲、乙、丙均可視為質(zhì)點，g取10m/s2(1)求火藥爆炸時釋放的化學能；(2)求恒定拉力在AB間持續(xù)作用的最短時間；(3)若拉力從A點開始持續(xù)作用，乙運動到B點后與丙發(fā)生碰撞，碰后瞬間，乙、丙的動量大小之比為1：6，求丙的質(zhì)量范圍。(不考慮再次碰撞)—高三物理第4頁(共4頁)—2024年WLV第二次模擬測試物理參考答案及評分意見一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。題號12345678910答案BACBCADBDBCAC三、非選擇題11.(1)14.5;2(3)B12.(2)零;1200.0(3)7413.(10分)分值:5+5解析：(1)瓶內(nèi)氣體可視為等容變化P0T解得：P?=1.65MPa2(2)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：P0V解得V?=60L1則V:V?=2:31即瓶內(nèi)剩余的氣體與原有氣體質(zhì)量之比為2：3114.(12分)分值:4+4+4解析：(1)設氕核|H的質(zhì)量為m，氘核2H的質(zhì)量為M氕核|H經(jīng)加速電壓U加速后，Ue=12氕核|H在輻射狀電場中做圓周運動eE=mv2解得：E=2UR—高三物理第1頁(共3頁)—(2)在磁場中,對氕核|H分析:evB=mv2解得：d=2Ume對氘核2H分析：evB=Mv2解得：r=即氘核2H做圓周運動的半徑：r=2d(3)設氕核|H與氘核2H在磁場中做圓周運動的周期為T?和T?T1=T2=對氘核2Hr2=聯(lián)立得：M=16Uet15.(18分)分值:4+6+7解析：(1)火藥爆炸時，甲、乙組成的系統(tǒng)動量守恒0=m甲解得v甲=-6m/sEk總解得.EE4=4(2)研究乙由A運動至B的過程，由動能定理：WF-μ解得：WF=24J無論何時開始有F的作用，F(xiàn)做的功為定值，因此，當乙的速度最大時開始有F的作用，則F作用時間最短。有力F作用時，對乙由牛頓第二定律F-μmzg=mza1解得a=4m/s2設F作用的位移為xWF=Fxx=2m由運動學公式x=v乙—高三物理第2頁(共3頁)—解得t=0.5s