浙江省溫州市2023-2024學年高一上學期期中考試物理試題（含答案）

浙江省2023-2024學年高一上學期期中考試物理試題姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三總分評分一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題目的要求）1．2023年9月10日上午9時，杭州第19屆亞運會火炬?zhèn)鬟f嘉興站啟動，嘉興站的路線以“紅船領航、筑夢未來”為主題，分為江南古韻、百年風華、活力之都三大篇章，全長8.8千米，下列說法正確的是（）A．2023年9月10日上午9時，“9時”指的是時間B．全長8.8千米，“8.8千米”指的是位移C．兩位火炬手進行火炬交接時可以把火炬看成質點D．根據已知信息，無法求全程的平均速率2．下面的物理量中，都屬于標量的是（）A．路程；加速度 B．質量；時間C．位移；質量 D．力；速度3．關于速度、速度變化量、加速度，說法正確的是（）A．物體運動的速度變化量越大，加速度一定越大B．某時刻物體速度為零，其加速度可能很大C．速度很大的物體，其加速度有可能很小，但不能為零D．加速度很大時，運動物體的速度一定很大4．下列關于形變和重心的說法中正確的是（）A．甲圖是扭轉形變，扭轉之后不可以恢復到原來的形狀B．乙圖是彎曲形變，彎曲之后一定可以恢復到原來的形狀C．圖丙中把物體各部分所受重力集中作用于重心，運用了等效替代法D．丁圖是雜技表演，演員伸出手臂和腿只是單純?yōu)榱俗藙莺每矗粫绊懰闹匦奈恢?．用相機拍攝重球自由下落過程，圖示為某一次曝光拍攝重球下落的徑跡，其中P、Q為該球在此次曝光中的最高點和最低點．已知曝光時間為t，模糊徑跡的實際長度為L，則L與t的比值表示（）A．球在P點時的速度大小 B．球在Q點時的速度大小C．球在P、Q中間位置的速度大小 D．球在P、Q中間時刻的速度大小6．羽毛球是很多高中生喜歡的體育運動。某同學為了將一個羽毛球從球筒中取出，他先將球筒口朝下保持豎直靜止，發(fā)現羽毛球并未滑出，然后舉至某一高度由靜止釋放，球筒落到地面時速度瞬間減為0，羽毛球能滑至筒口處，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A．球筒豎直靜止時，羽毛球不受摩擦力B．球筒豎直靜止時，羽毛球所受摩擦力一定等于重力C．羽毛球向筒口運動過程中，羽毛球所受摩擦力一定等于重力D．羽毛球向筒口運動過程中，羽毛球受到摩擦力方向向下7．高竿船技是嘉興烏鎮(zhèn)至今仍保留并演出的傳統民間雜技藝術，表演有爬上固定在船上的竹竿，模擬蠶寶寶吐絲做繭的動作祈愿蠶繭豐收。如圖所示，表演者沿彎曲傾斜的竹竿緩慢向上爬行的過程中（）A．竹竿對表演者的作用力是一個恒力B．表演者與竹竿間的摩擦力始終為零C．表演者對竹竿的彈力是由竹竿形變產生的D．竹竿對表演者的彈力是一個恒力8．某同學操控無人機從地面起飛，沿豎直方向做直線運動。前5s內的v?t圖像如圖所示，下列對無人機在此段時間內運動的描述正確的是（）A．無人機在1s末到達最高點 B．無人機在5s末落回地面C．無人機在4s末速度最小 D．無人機上升的最大高度為6m9．子彈垂直射入疊在一起的相同木板，做勻減速直線運動，當它穿過第20塊木板后速度變?yōu)?。如果子彈在木板中運動的總時間是t，那么子彈穿過第20塊木板所用的時間是（）A．510t B．10?9510t 10．在公路上行駛的國產紅旗轎車a和比亞迪電動轎車b，其位置隨時間變化的圖像分別為圖中直線a和曲線b﹐已知比亞迪電動轎車的加速度恒定，在1s時速度為6m/s，在3s時直線a和曲線b相切，則（）A．a做勻速直線運動，速度大小為8B．3s時國產紅旗轎車a和比亞迪電動轎車b相遇但速度不同C．比亞迪電動轎車做勻減速直線運動且加速度大小為2m/sD．1s時兩車的距離為2m11．汽車在公路上出現故障時，應在車后放置三角警示牌（如圖）以提醒后面的汽車。在某一最高限速為108km/h的路段，一貨車因故障停下來檢修，當時由于天氣原因視線不好，駕駛員只能看清前方70m的物體，設一般汽車司機的反應時間為0.7s，緊急剎車時汽車的加速度大小為5m/s2.為保證檢修司機的安全，警示牌與貨車的距離至少為（）A．31m B．41m C．90m D．111m12．如圖所示，兩個長度相同的輕繩在中點處垂直交叉形成一個“繩兜”，重力為G的光滑球靜置于“繩兜”中。繩端掛于O點靜止，A、B、C、D為每根繩與球面相切的點，OA=OB=OC=OD=2R，R為球的半徑，則OA繩中的拉力大小為（）A．58G B．54G C．13．如圖所示，物塊P和Q通過一條跨過光滑輕質定滑輪的細線相連，定滑輪用細桿固定在天花板上的O點，細桿與天花板成的角度為θ，物塊P放置于粗糙水平面上，物塊Q放置于上表面光滑的斜劈上。整個裝置始終處于靜止狀態(tài)時，物塊P與定滑輪間的細線處于水平方向，定滑輪與物塊Q間的細線與斜劈平行。物塊P的質量是物塊Q的2倍，物塊P和Q均可視為質點，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。緩慢向右移動斜劈稍許，整個系統仍能保持平衡狀態(tài)，下列說法正確的是（）A．物塊P與粗糙水平面間的動摩擦因數不小于0.5B．緩慢移動斜劈過程中，繩給定滑輪的力一定沿桿反方向C．緩慢移動斜劈過程中，斜劈對物塊Q的支持力逐漸增大D．緩慢移動斜劈過程中，物塊P受到的靜摩擦力保持不變二、選擇題II（本題有2小題，每小題3分，共6分。在每小題給出的四個選項中，至少有一個符合題目要求，全部選對得3分，選對但不全得2分，錯選、多選得0分）14．在物理學的重大發(fā)現中科學家們創(chuàng)造出了許多物理學方法，如比值法、理想實驗法、控制變量法、極限思想法、類比法和科學假說法、建立物理模型法等.以下關于所用物理學研究方法的敘述正確的是（）A．在推導勻變速運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法B．定義加速度a=ΔvΔC．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫控制變量法D．將末速度為零的勻減速直線運動看成做反向初速度為零的勻加速直線運動用到的是逆向思維法15．“共享單車”的經營模式，正在快速地改變著我們的生活方式，也為經濟發(fā)展新常態(tài)增添了新的內涵。關于共享單車的說法正確的是（）A．勻速騎行時地面對單車的支持力和單車對地面的壓力二力平衡B．加速騎行時地面對單車的作用力和單車對地面的作用力大小不同C．轉彎時地面對單車的支持力與單車對地面的壓力大小相等D．在車輪打滑的情況下，地面對單車的摩擦力與單車對地面的摩擦力大小相等三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16．某物理興趣小組利用如圖甲所示的實驗裝置測量彈簧的勁度系數。將輕質彈簧上端固定于鐵架臺上，使刻度尺的零刻度線與彈簧上端對齊。實驗時用力傳感器豎直向下拉彈簧，待彈簧靜止后，記錄力傳感器的示數F和彈簧下端對應的刻度尺示數L，多次測量后作出F?L的關系圖像，實驗過程中彈簧始終處于彈性限度內。（1）實驗中兩根不同的彈簧a和b的F?L圖像如圖乙所示，由圖可知：在彈性限度內，彈簧的彈力與彈簧的長度（選填“成正比”或“不成正比”），b彈簧的原長（選填“大于”“小于”或“等于”）a彈簧的原長，b彈簧的勁度系數k=N/m（結果保留兩位有效數字）。（2）某同學根據實驗數據作出力傳感器的示數F與彈簧伸長量Δx的F?Δx17．（1）某實驗小組利用圖1所示裝置“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”，下列說法正確的是。A．實驗時必須通過調節(jié)軌道左端的滑輪以讓細線和軌道平行B．電火花計時器應該選用220V交流電源C．選擇計數點時，必須從紙帶上打下的第一個點開始D．利用打點計時器可以直接測量計數點的瞬時速度（2）利用打點頻率為50Hz的打點計時器，得到的一條紙帶如圖2所示。（圖中每兩個相鄰計數點間還有四個點未畫出）①C點的讀數為cm；②打B點時小車的速度大小為m/s。（此空結果保留三位有效數字）18．如圖所示，在做“探究兩個互成角度力的合成規(guī)律”實驗時，橡皮筋A端固定在木板上，先后用兩個彈簧測力計和用一個彈簧測力計通過細繩拉橡皮筋的另一端B，做好相關實驗記錄并進行數據處理。則上述實驗過程中（）A．a、b兩個彈簧測力計拉力間的夾角應盡可能大些B．a、b兩個彈簧測力計的讀數應盡可能小些C．先后兩種情況作力的圖示時，選定的標度可以不同D．單獨拉一個繩套和同時拉兩個繩套時，應保證結點O的位置相同19．杭州第19屆亞運會取得了巨大的成功，其中各項體育運動中蘊含著豐富的物理知識。（1）職業(yè)羽毛球運動員在“殺球”時，球速有時可以超過100m/s。假設在一次殺球中，羽毛球的速度由80m/s增加到90m/s，用時0.05s，假設此過程可視為勻加速直線運動。求羽毛球的加速度大小。（2）2023年10月2日，浙江運動員李玲在女子撐桿跳高比賽中以4.63m的成績奪得金牌。假如李玲剛好越過4.63米橫桿，之后可近似看做自由落體運動（運動員可看作質點），求李玲剛落回高度為0.13米的厚軟墊時的速度。（g取10m/s20．掛燈籠是我國傳統文化，人們用來表達喜慶。如圖所示一小燈籠用輕繩連接并懸掛在O點，在穩(wěn)定水平風力作用下發(fā)生傾斜，輕繩與豎直方向的夾角為37°，設燈籠的質量為0.2kg。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s（1）畫出燈籠的受力示意圖；（2）求水平風力F和懸繩拉力T的大小。（3）在無風的情況下，給燈籠施加一個力，使得輕繩與豎直方向的夾角也為37°，求所施外力的最小值。21．ETC是高速公路上不停車電子收費系統的簡稱。如圖，汽車以15m/s的速度行駛，如果過人工收費通道，需要在收費站中心線處減速至0，經過20s繳費后，再加速至15m/s行駛；如果過ETC通道，需要在中心線前方10m處減速至5m/s，勻速到達中心線后，再加速至15m/s行駛。設汽車加速和減速的加速度大小均為1m/s（1）汽車進入人工收費通道，減速到0所用的時間；（2）汽車過人工收費通道，從收費前減速開始，到收費后加速結束，總共通過的路程；（3）汽車過ETC通道，從收費前減速開始，到收費后加速結束，總共通過的路程；（4）過ETC通道比通過人工收費通道節(jié)約多少時間。22．如圖所示，質量為m=50kg的雜技演員利用動滑輪（圖中未畫出）懸掛在細繩上以完成各種雜技表演。繩子一端固定在豎直桿上的a點，另一端通過定滑輪與靜止在粗糙水平地面上質量為M=220kg物體連接，物體與水平地面的動摩擦因數μ=0.5。當雜技演員靜止不動時，定滑輪兩側細繩與水平方向的夾角分別為α=30°,β=37°。細繩不可伸長，不計繩子質量、動滑輪質量以及滑輪與細繩間的摩擦，假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）雜技演員靜止在最低點時，繩子張力的大小；（2）雜技演員靜止在最低點時，水平地面對物體的支持力大小和摩擦力大小。（3）保持定滑輪和物體位置不變，將豎直桿往左側移動，滑輪左側細繩與水平方向的夾角α減小，為了不讓物體發(fā)生滑動，sinα的最小值。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A.運動會啟動的時間2023年9月10日上午9時，“9時”指的是時刻，故A錯誤；B．全長運動的路徑8.8千米，則運動的路徑指的是路程，故B錯誤；C．物體能否作為質點主要看所研究的問題，兩位火炬手進行火炬交接時，火炬的形狀大小不能忽略不計，不可以把火炬看成質點，故C錯誤；D．平均速率等于路程除以所用時間，由于題意不能知道所用時間，所以無法求全程的平均速率，故D正確。故選D。

【分析】運動會啟動的時間代表時刻；運動的路徑指的是路程；兩位火炬手進行火炬交接時，火炬的形狀大小不能忽略不計，不可以把火炬看成質點；題意不能知道所用時間，所以無法求全程的平均速率。2．【答案】B【解析】【解答】既有大小，又有方向的物理量稱為矢量；沒有方向的物理量稱為標量；題干中速度、位移、力、加速度為矢量，題干中路程、時間、質量為標量；則質量和時間全部為標量；故選B。

【分析】物理學中既有大小，又有方向的物理量稱為矢量；沒有方向的物理量稱為標量。3．【答案】B【解析】【解答】A.根據a=ΔvB.某時刻速度為零，速度變化可能很快，加速度很大，B項正確；C.速度很大的物體，加速度可能為零，比如勻速直線運動，C項錯誤；D.加速度很大的物體，速度變化很快，但是速度不一定大，D項錯誤．故答案為：B

【分析】加速度是由合力決定的，與物體的速度、速度變化量沒有必然聯系。4．【答案】C【解析】【解答】A．甲圖是桿發(fā)生彈性形變，桿發(fā)生彈性形變則彎曲之后可以恢復到原來的形狀，故A錯誤。B．乙圖是扭轉形變，扭轉形變屬于非彈性形變，則扭轉之后不可以恢復到原來的形狀，故B錯誤；C．圖丙中重心為物體各部分重力的等效作用點，重心的運用則運用了等效替代法，故C正確；D．丁圖是雜技表演，重心的分布與物體的質量與形狀有關，演員伸出手臂和腿會影響他的重心位置，故D錯誤。故選C。

【分析】桿發(fā)生彈性形變；乙圖中發(fā)生非彈性形變；重心為重力的等效作用點，重心的運用則運用了等效替代法；重心的分布與物體的質量與形狀有關。5．【答案】D【解析】【解答】根據平均速度公式可以得出L與t的比值表示平均速度，物體做勻變速直線運動中，物體運動過程的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，所以L與t的比值表示球在P、Q中間時刻的速度大小，故選D。

【分析】物體做勻變速直線運動中，物體運動的平均速度大小代表中間時刻的瞬時速度的大小。6．【答案】B【解析】【解答】AB．球筒豎直靜止時，根據平衡條件可以得出：羽毛球受豎直向下的重力和豎直向上的摩擦力，二者大小相等，故A錯誤，B正確；CD．羽毛球向筒口運動過程中，羽毛球相對球筒向下運動，則羽毛球受到摩擦力方向向上，大小不一定等于重力，故CD錯誤。故選B。

【分析】利用平衡條件可以判別羽毛球受到的摩擦力大小及方向；利用相對運動可以判別羽毛球受到的摩擦力方向。7．【答案】A【解析】【解答】A．表演者沿彎曲傾斜的竹竿緩慢向上爬行，處于動態(tài)平衡狀態(tài)，根據二力平衡條件可以得出：竹竿對表演者的作用力始終與表演者的重力等大反向，是一個恒力，故A正確；B．表演者處于動態(tài)平衡，根據受力分析，表演者受到重力、支持力和摩擦力的作用，故B錯誤；C．發(fā)生形變的物體對所接觸的物體產生彈力的作用，表演者對竹竿的彈力是由表演者形變產生的，故C錯誤；D．表演者處于平衡狀態(tài)，根據平衡方程有：彈力

F=mgcosθ故選A。

【分析】利用表演者的動態(tài)平衡可以得出竹竿對表演者的作用力始終與表演者的重力等大反向，是一個恒力；利用受力分析可以得出：表演者受到重力、支持力和摩擦力的作用；表演者對竹竿的彈力是由表演者形變產生的；根據平衡方程有：彈力F=mgcos8．【答案】D【解析】【解答】AC．根據圖像可知，根據速度的符號代表無人機的運動方向，則速度的絕對值代表速度的大小，則無人機在0~3s內一直向正方向運動，3~5s內開始向負方向運動，則無人機在3s末到達最高點，且無人機在3s末速度最小，故AC錯誤；B．由于在速度時間圖像中，圖像與橫軸圍成的面積表示位移，根據圖像面積可知0~5s內無人機的位移為x=可知無人機在5s末沒有落回地面，故B錯誤；D．根據v?t圖像與橫軸圍成的面積表示位移，3s末可知無人機上升的最大高度為x故D正確。故選D。

【分析】根據速度的符號可以判別運動的方向，利用速度的絕對值可以判別速度的大小；利用圖像所圍起來的面積可以求出位移的大小。9．【答案】A【解析】【解答】子彈的逆運動為初速度為零的勻加速直線運動，設每塊木板的厚度為s，根據位移公式則有20s=設穿過第20塊木板的時間為t20s=聯立解得子彈穿過第20塊木板所用的時間是t故選A。

【分析】子彈的逆運動為初速度為零的勻加速直線運動，根據位移公式可以求出子彈穿過第20塊木板所用的時間。10．【答案】C【解析】【解答】A．由圖可知，位移時間圖像中圖像斜率代表速度，則根據圖像斜率可以求出a車勻速直線運動的速度為v故A錯誤；B．t=3s時a車和b車到達同一位置而相遇，直線a和曲線b剛好相切，由于圖像斜率代表速度說明兩者的速度相等，故B錯誤；C．t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，即此時b車的速度v已知b車在1s時速度為6m/s，根據加速度定義式得b車加速度為aD．根據圖像坐標可以得出：1s時a車在4m處，b在原點，兩車的距離為4m，D錯誤。故選C。

【分析】利用圖像斜率可以求出a車的速度，利用斜率相同可以求出可以比較速度的大??；利用速度公式可以求出b車的加速度；利用圖像坐標可以求出兩車的距離。11．【答案】B【解析】【解答】當汽車按最高速行駛v司機在反應時間內汽車做勻速直線運動，根據位移公式有：x汽車剎車過程做勻減速直線運動，根據速度位移公式可以得出剎車后至停止的位移x則汽車總的運動位移為：x=汽車司機應將警示牌放在車后至少Δ故選B。

【分析】根據位移公式可以求出汽車在勻速過程和勻減速過程運動的位移大小，結合駕駛員只能看清前方70m的物體可以求出警示牌所放的位置。12．【答案】A【解析】【解答】設OA、OB、OC、OD與豎直方向夾角為θ，OA、OB、OC、OD繩子拉力為T，根據受力分析及幾何關系可知4T豎直方向夾角余弦值為cos聯立可得T=A符合題意，BCD不符合題意。

【分析】對球進行受力分析，根據合力與分力的關系列方程式，根據幾何關系判斷繩子上的拉力大小。13．【答案】C【解析】【解答】A．移動斜劈前，設物塊Q的質量為m，由于物塊Q處于靜止，根據物塊Q的平衡方程可以得出：細線中的拉力為F由于物塊P處于靜止，根據平衡方程則物塊P與粗糙水平面間的最大靜摩擦力f根據滑動摩擦力的表達式可以得出物塊P與粗糙水平面間的動摩擦因數應滿足μ=故A錯誤；B．移動斜劈時兩繩的夾角發(fā)生變化，根據力的合成可以繩子的合力方向改變，桿對滑輪的作用力方向與繩子合力方向相反，但繩給定滑輪的力不一定沿桿的反方向，故B錯誤；CD．移動斜劈的過程中，物塊Q受到支持力，拉力、和重力的作用，根據三角形定則則物塊Q受力的動態(tài)變化如圖所示根據三邊的長度變化可知斜劈對物塊Q的支持力逐漸增大，細線中的拉力逐漸增大，所以物塊P受到的靜摩擦力逐漸增大，故C正確，D錯誤。故選C。

【分析】根據物塊Q的平衡方程可以求出繩子拉力的大小，結合P的平衡方程及滑動摩擦力的表達式可以求出動摩擦因數的大?。粭U對定滑輪的作用力方向不一定與繩子對滑輪的作用力方向相反；利用三角形定則可以判別斜劈對Q的支持力大小及繩子對Q的拉力大小變化；利用平衡方程可以判別物體P受到的摩擦力大小變化。14．【答案】A,D【解析】【解答】A．在推導勻變速運動位移公式時，利用速度時間圖線，對運動的時間進行分割，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，故A正確；B．加速度

a=ΔvΔtC．在研究問題時忽略物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫理想模型法，故C錯誤；D．在勻變速直線運動中，將末速度為零的勻減速直線運動看成做反向初速度為零的勻加速直線運動用到的是逆向思維法，故D正確。故選AD。

【分析】在推導勻變速運動位移公式時，采用了微元法；加速度的大小與速度變化量無關；利用質點代表物體使用理想模型法；將末速度為零的勻減速直線運動看成做反向初速度為零的勻加速直線運動用到的是逆向思維法。15．【答案】C,D【解析】【解答】A．根據牛頓第三定律可以得出地面對單車的支持力和單車對地面的壓力是一對作用力與反作用力，不是二力平衡，故A錯誤；B．根據牛頓第三定律可以得出地面對單車的作用力和單車對地面的作用力是一對作用力與反作用力，兩者總是等大反向，與運動狀態(tài)無關，故B錯誤；C．根據牛頓第三定律可以得出地面對單車的支持力與單車對地面的壓力是一對相互作用力，兩者等大反向，與運動狀態(tài)無關，故C正確；D．在車輪打滑的情況下，根據牛頓第三定律可以得出地面對單車的摩擦力與單車對地面的摩擦力是一對相互作用力，兩者大小相等方向相反，故D正確。故選CD。

【分析】根據牛頓第三定律可以得出地面與單車之間的作用力與反作用力大小相等，與運動狀態(tài)無關。16．【答案】不成正比；大于；25；彈力超過了彈簧的彈性限度或拉力過大【解析】【解答】(1)由圖乙，由于圖線沒有經過遠點，則可知在彈性限度內，彈簧的彈力與彈簧的長度成線性關系，但不成正比，根據圖像，當彈力為零時，彈簧處于原長，根據圖乙可知彈力為零時b彈簧的原長大于a彈簧的原長，由于圖像斜率代表勁度系數的大小，根據胡克定律得b彈簧的勁度系數為k=(2)只有在彈性限度內，彈力大小與彈簧形變量成正比，當彈力超過了彈簧的彈性限度時，彈簧的

勁度系數會發(fā)生變化，也可能數據因此圖像出現彎曲的可能原因是彈力超過了彈簧的彈性限度。

【分析】（1）根據圖像可以得出彈力與彈簧長度不成正比；利用圖像截距可以比較原長的大小；利用斜率大小可以比較勁度系數的大??；

（2）圖線出現彎曲是由于彈力超出了彈性限度。17．【答案】AB；2.40；0.120【解析】【解答】（1）A．只有調節(jié)軌道左端的滑輪以讓細線和軌道平行，才能保證小車受到的細線拉力恒定不變，故A正確；B．電火花計時器交替打點，應該選用220V交流電源，故B正確；C．選擇計數點時，由于前面紙帶上的點比較密集，為了方便取點，可以從紙帶上打下的清晰的點開始，不需要從紙帶上打下的第一個點開始，故C錯誤；D．通過打點計時器只能直接測量時間，通過刻度尺和紙帶可以測量位移，不能直接測量計數點的瞬時速度，故D錯誤。故選AB。（2）①已知刻度尺的分度值為0.1cm，根據刻度尺的刻度可以得出C點的讀數為2.40cm；②已知打點周期為0.02s，圖中每兩個相鄰計數點間還有四個點未畫出，則相鄰計數點間的時間間隔為T=5×0.02s=0.1s由于中間時刻速度等于該段過程的平均速度，根據平均速度公式可以得出打B點時小車的速度大小為vB=xAC2T=18．【答案】D【解析】【解答】A．根據平行四邊形定則，若a、b兩個彈簧測力計拉力間的夾角過大，則合力會過小，所以應適當即可，故A錯誤；B．當a、b兩個彈簧測力計的讀數太小時，彈簧測力計在讀數時產生的誤差會變大，故B錯誤；C．根據分力和合力的大小作力的圖示時，選定的標度必須一致，才能判別分力與合力的關系，故C錯誤；D．本實驗使用等效替換法，所以單獨拉一個繩套和同時拉兩個繩套時，應保證結點O的位置相同，力的作用效果相同，故D正確。故選D。

【分析】根據平行四邊形定則可以判別兩個分力的夾角不能過大；兩個分力的大小不能過??；作出力的圖示應該選擇同一標度；兩次拉動繩套的效果需要相同。19．【答案】【解答】（1）設羽毛球飛行的方向為正方向，由a=可得羽毛球的加速度大小為a=（2）設豎直向下方向為正方向，則運動員下落高度為h=4.63m?0.13m=4.5m由公式v解得v=方向豎直向下。【解析】【分析】（1）已知羽毛球飛行的速度，結合加速度的定義式可以求出加速度的大小；

（2）已知運動員做自由落體運動，利用速度位移公式可以求出落回軟墊的速度大小。20．【答案】解：（1）燈籠的受力示意圖如下