2023-2024學(xué)年重慶市七校聯(lián)盟高三下學(xué)期三診考試物理試題(解析版)_第1頁(yè)
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高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1七校聯(lián)盟2024年春高三三診考試高三物理試題本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第II卷(非選擇題)兩部分。滿分100分,考試時(shí)間75分鐘。注意事項(xiàng):1.答題前,務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫(xiě)在答題卡規(guī)定的位置上。2.答選擇題時(shí),必須使用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。3.答非選擇題時(shí),必須使用0.5毫米黑色簽字筆,將〖答案〗書(shū)寫(xiě)在答題卡規(guī)定的位置上。4.考試結(jié)束后,將答題卷交回。第I卷(選擇題共43分)一、選擇題(共43分。1-7題為單選,每小題4分,8-10題為多選,全對(duì)得5分,選對(duì)部分得3分,選錯(cuò)不得分。)1.密立根油滴實(shí)驗(yàn)原理如圖所示。兩塊水平放置的金屬板分別與電源的正負(fù)極相接,板間電壓為U,形成豎直向下場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)。用噴霧器從上板中間的小孔噴入大小、質(zhì)量和電荷量各不相同的油滴。通過(guò)顯微鏡可找到懸浮不動(dòng)的油滴,若此懸浮油滴的質(zhì)量為m,則下列說(shuō)法正確的是()A.懸浮油滴帶正電 B.懸浮油滴的電荷量為C.增大場(chǎng)強(qiáng),懸浮油滴將向上運(yùn)動(dòng) D.油滴的電荷量不一定是電子電量的整數(shù)倍〖答案〗C〖解析〗A.帶電荷量為q的油滴靜止不動(dòng),則油滴受到向上的電場(chǎng)力;題圖中平行板電容器上極板帶正電,下極板帶負(fù)電,故板間場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下,則油滴帶負(fù)電,故A錯(cuò)誤;B.根據(jù)平衡條件,有故故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)平衡條件,有當(dāng)增大場(chǎng)強(qiáng),電場(chǎng)力增大,則懸浮油滴將向上運(yùn)動(dòng),故C正確;D.不同油滴的所帶電荷量雖不相同,但都是某個(gè)最小電荷量元電荷的整數(shù)倍,故D錯(cuò)誤。故選C。2.“鵲橋二號(hào)”中繼星重1.2噸,天線長(zhǎng)4.2米,設(shè)計(jì)壽命為8年。我國(guó)計(jì)劃2024年3月在文昌發(fā)射場(chǎng)使用長(zhǎng)征八號(hào)運(yùn)載火箭將“鵲橋二號(hào)”衛(wèi)星送入地月轉(zhuǎn)移軌道,進(jìn)入環(huán)月圓軌道穩(wěn)定運(yùn)行后,再通過(guò)兩軌道的交點(diǎn)A進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道,如圖所示。下列說(shuō)法正確的是()A.衛(wèi)星的發(fā)射速度應(yīng)該大于第二宇宙速度B.衛(wèi)星在A點(diǎn)從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道需要減速C.衛(wèi)星在圓軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)比在橢圓軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的向心加速度更大D.在圓軌道的周期小于在橢圓軌道的周期〖答案〗B〖解析〗A.衛(wèi)星的發(fā)射速度應(yīng)該大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度。故A錯(cuò)誤;B.衛(wèi)星在A點(diǎn)從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道屬于從高軌到低軌,需要減速。故B正確;C.根據(jù)解得可知衛(wèi)星在圓軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)和在橢圓軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的向心加速度一樣大。故C錯(cuò)誤;D.根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知衛(wèi)星在圓軌道的周期大于在橢圓軌道的周期。故D錯(cuò)誤。故選B。3.坐過(guò)山車時(shí),人體會(huì)分泌大量腎上腺素和多巴胺,讓人感覺(jué)驚險(xiǎn)刺激。如圖所示,某車廂中游客通過(guò)環(huán)形軌道攀升的一小段時(shí)間內(nèi)速率不變,則該過(guò)程中()A.該游客所受合力做功為零B.該游客所受合力始終為零C.該游客的機(jī)械能守恒D.該游客所受重力的瞬時(shí)功率一定變大〖答案〗A〖解析〗A.根據(jù)題意可知,由于游客速率不變,則動(dòng)能變化量為零,由動(dòng)能定理可知,該游客所受合力做功為零,故A正確;B.由于游客速率不變,游客做勻速圓周運(yùn)動(dòng),該游客所受合力不為零,指向圓心提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,故B錯(cuò)誤;C.游客勻速率上升,動(dòng)能不變,重力勢(shì)能增加,則該游客的機(jī)械能增加,故C錯(cuò)誤;D.若游客在環(huán)形軌道下半部分爬升,豎直分速度逐漸增大,重力的瞬時(shí)功率變大,若游客在環(huán)形軌道上半部分爬升,豎直分速度逐漸減小,重力的瞬時(shí)功率減小,故D錯(cuò)誤。故選A。4.紫外光電管是利用光電效應(yīng)原理對(duì)油庫(kù)等重要場(chǎng)所進(jìn)行火災(zāi)報(bào)警的裝置,其工作電路如圖所示,其中A為陽(yáng)極,K為陰極,只有當(dāng)明火中的紫外線照射到K極時(shí),電壓表才有示數(shù)且啟動(dòng)報(bào)警裝置。已知太陽(yáng)光中的紫外線頻率主要在,而明火中的紫外線頻率主要在,下列說(shuō)法正確的是()A.為避免太陽(yáng)光中紫外線干擾,K極材料截止頻率應(yīng)大于B.只有明火照射到K極的時(shí)間足夠長(zhǎng),電壓表才會(huì)有示數(shù)C.電源左邊接正極有利于提高報(bào)警裝置的靈敏度D.可以通過(guò)圖中電壓表示數(shù)變化監(jiān)測(cè)火情的變化〖答案〗D〖解析〗本題通過(guò)火災(zāi)報(bào)警裝置考查截止頻率、光電管、歐姆定律。A.太陽(yáng)光中的紫外線頻率主要在,為避免太陽(yáng)光中的紫外線干擾,K極材料的截止頻率應(yīng)大于,A錯(cuò)誤;B.只要明火中的紫外線照射到K極,就會(huì)發(fā)生光電效應(yīng),B錯(cuò)誤;C.電源左邊接正極時(shí),光電管上被施加反向電壓,發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)到達(dá)陽(yáng)極的光電子數(shù)減少,因此會(huì)降低報(bào)警裝置的靈敏度,C錯(cuò)誤;D.明火中紫外線強(qiáng)度越大,產(chǎn)生的光電流越大,由歐姆定律知,電壓表的示數(shù)越大,故可用電壓表示數(shù)變化監(jiān)測(cè)火情的變化,故D正確。故選D5.甲圖是某燃?xì)庠铧c(diǎn)火裝置的原理圖。轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為乙圖所示的正弦交流電壓,并加在一理想變壓器的原線圈上,變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為、,電壓表為理想交流電表。當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí),就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花點(diǎn)燃?xì)怏w。開(kāi)關(guān)閉合后,下列說(shuō)法正確的是()A.時(shí)電壓表的示數(shù)為5VB.電壓表的示數(shù)始終為C.原線圈中交變流電的頻率為50Hz,原線圈中的電流方向每秒改變50次D.若,則可以實(shí)現(xiàn)燃?xì)庠铧c(diǎn)火〖答案〗D〖解析〗AB.根據(jù)圖(乙)得到原線圈輸入電壓的最大值為5V,根據(jù)正弦式交變電流最大值和有效值的關(guān)系可知,原線圈輸入電壓的有效值為V則電壓表的示數(shù)始終為V,故AB錯(cuò)誤;C.根據(jù)圖(乙)得到原線圈輸入電壓周期為0.02s,頻率為Hz一個(gè)周期電流方向改變2次,變壓器不改變交變電流的頻率,故副線圈電流方向每秒改變100次,故C錯(cuò)誤;D.瞬時(shí)電壓大于5000V即火花放電,即副線圈輸出電壓最大值為5000V,根據(jù)變壓比可知所以實(shí)現(xiàn)燃?xì)庠铧c(diǎn)火的條件是若,則可以實(shí)現(xiàn)燃?xì)庠铧c(diǎn)火,故D正確。故選D。6.倒掛的彩虹被叫作“天空的微笑”,是由薄且均勻的卷云里面大量扁平的六角片狀冰晶(如圖甲所示)折射形成。光線從冰晶的上表面進(jìn)入,經(jīng)折射從側(cè)面射出,當(dāng)太陽(yáng)高度角增大到某一臨界值,側(cè)面的折射光線因發(fā)生全反射而消失不見(jiàn),簡(jiǎn)化光路如圖乙所示,以下分析正確的是()A.光線有可能在下表面發(fā)生全反射B.光線從空氣進(jìn)入冰晶后傳播速度變大C.紅光在冰晶中的傳播速度比紫光在冰晶中的傳播速度小D.隨太陽(yáng)高度角增大,紫光比紅光先在側(cè)面發(fā)生全反射〖答案〗D〖解析〗A.冰晶上下表面平行,根據(jù)折射原理可知,光線從上表面入射的光線與下表面射出的光線平行,故光線不可能在下表面發(fā)生全反射。故A錯(cuò)誤;B.光線從空氣中的傳播速度大于在固體中的傳播速度。故B錯(cuò)誤;C.紅光的頻率小于紫光的頻率,則冰晶對(duì)紅光的折射率小于對(duì)紫光的折射率,根據(jù)可知,紅光在冰晶中的傳播速度比紫光在冰晶中的傳播速度大。故C錯(cuò)誤;D.全反射的條件為入射角度達(dá)到臨界角,根據(jù)可知,冰晶對(duì)紅光的折射率小于對(duì)紫光的折射率的情況下,紫光的臨界角更小,更容易發(fā)生全反射,即紫光比紅光先在側(cè)面發(fā)生全反射。故D正確。故選D。7.如圖(a),轎廂內(nèi)質(zhì)量為0.5kg的物塊的右邊被一根輕彈簧用1.2N的水平拉力向右拉著且保持靜止,物塊與轎廂水平底面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3。時(shí),轎廂在豎直軌道作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),軌道對(duì)轎廂豎直向上的作用力F的大小隨時(shí)間t的變化如圖(b)所示,時(shí),物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng)。轎廂和廂內(nèi)物塊的總質(zhì)量為500kg,重力加速度大小取,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則()A.時(shí),轎廂的加速度大小為2.4m/s2B.時(shí),轎廂對(duì)物塊的支持力大小為5NC.時(shí),轎廂的速度大小為10m/sD.物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中,物塊在水平方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)〖答案〗C〖解析〗AB.物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng),根據(jù)平衡條件可知此時(shí)彈簧彈力等于物塊與木箱間的摩擦力,對(duì)木箱受力分析,豎直方向?qū)ξ飰K受力分析其中解得故AB錯(cuò)誤;C.根據(jù)動(dòng)量定理可得解得故C正確;D.物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中,開(kāi)始時(shí)物塊在水平方向上受摩擦力和彈力作用,而恢復(fù)原長(zhǎng)后,水平方向上只受摩擦力,方向與開(kāi)始時(shí)合力方向不同,故不是勻加速直線運(yùn)動(dòng),故D錯(cuò)誤。故選C。8.潛水員在水中呼出的氣泡,從水下幾米深處快速上升到水面,這一過(guò)程中氣體與外界未實(shí)現(xiàn)熱交換。將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體,則在這一過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是()A.分子的平均動(dòng)能保持不變B.氣體溫度降低C.氣泡內(nèi)分子的數(shù)密度不變D.氣泡體積增大,氣體對(duì)外做功〖答案〗BD〖解析〗D.氣泡從水下幾米深處快速上升到水面過(guò)程中,氣泡內(nèi)氣體的壓強(qiáng)氣泡所處液面高度減小,則氣泡內(nèi)的壓強(qiáng)減小,假設(shè)氣體溫度不變,根據(jù)玻意耳定律可知,氣泡的體積增大,氣體對(duì)外做功,由于氣體與外界未實(shí)現(xiàn)熱交換,則氣體內(nèi)能減小,氣體溫度降低,則假設(shè)不成立,氣泡內(nèi)氣體實(shí)際上體積增大,氣體對(duì)外做功,溫度降低,故D正確;B.氣體與外界未實(shí)現(xiàn)熱交換,水泡的體積增大,氣體對(duì)外做功,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,氣體溫度降低,故B正確;A.結(jié)合上述可知,氣體溫度降低,分子的平均動(dòng)能減小,故A錯(cuò)誤;C.結(jié)合上述可知,氣泡體積增大,氣泡內(nèi)分子的數(shù)密度減小,故C錯(cuò)誤。故選BD。9.如圖所示,一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播,其周期為3s,振幅為6cm,在波的傳播方向上有P、Q兩點(diǎn),且小于波長(zhǎng)。某一時(shí)刻P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)都位于y軸正向振幅處且分別向下和向上振動(dòng)。以該時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn),則波速v和Q處質(zhì)點(diǎn)在2s內(nèi)的路程大小d是()A. B.C. D.〖答案〗BC〖解析〗AB.波動(dòng)方程的最簡(jiǎn)單表達(dá)式為當(dāng)時(shí),解得正方向上最小的橫坐標(biāo)值為該位置到正方向上最近波峰橫坐標(biāo)之間的間距為由于某一時(shí)刻P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)都位于y軸正向振幅處且分別向下和向上振動(dòng),結(jié)合上述,根據(jù)同側(cè)法,作出PQ之間最簡(jiǎn)單的波形,如圖實(shí)線所示則有(n=0,1,2,3…)由于PQ間距小于波長(zhǎng),則n取0,解得則波傳播速度為故A錯(cuò)誤,B正確;CD.由于根據(jù)波形平移規(guī)律可知,從題中時(shí)刻開(kāi)始,內(nèi)波形向右平移,Q恰好到達(dá)波峰,可知,在2s內(nèi),Q的路程為故C正確,D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖1所示,空間存在方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度,電阻忽略不計(jì)的足夠長(zhǎng)、光滑的水平金屬導(dǎo)軌間的距離。電阻均為、質(zhì)量分別為、的導(dǎo)體棒a、b垂直導(dǎo)軌放置,計(jì)時(shí)開(kāi)始導(dǎo)體棒a受到水平向右的恒力F作用,a、b從靜止開(kāi)始做加速運(yùn)動(dòng),時(shí)刻導(dǎo)體棒a的速度正好達(dá)到,此后兩導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定的運(yùn)動(dòng)狀態(tài),圖2是導(dǎo)體棒a、b運(yùn)動(dòng)的圖像,兩根導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌保持垂直且良好接觸,不計(jì)水平金屬導(dǎo)軌的電阻,磁場(chǎng)的范圍足夠大。下列說(shuō)法正確的是()A.時(shí)間間隔內(nèi),安培力對(duì)導(dǎo)體棒b做的功等于2.5JB.時(shí)間間隔內(nèi),通過(guò)導(dǎo)體棒a某一橫截面的電荷量為0.5CC.與差值為4sD.F的大小為0.5N〖答案〗BC〖解析〗A.由圖2可知,時(shí)刻導(dǎo)體棒b的速度為根據(jù)動(dòng)能定理可知時(shí)間間隔內(nèi),安培力對(duì)導(dǎo)體棒b做的功為故A錯(cuò)誤;B.時(shí)間間隔內(nèi),對(duì)導(dǎo)體棒b,根據(jù)動(dòng)量定理可得又聯(lián)立解得可知通過(guò)導(dǎo)體棒a某一橫截面的電荷量為0.5C,故B正確;CD.根據(jù)題意可知時(shí)刻后,兩棒的加速度相同,時(shí)刻回路電流為分別為導(dǎo)體棒a、b根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得,則與差值為故C正確,D錯(cuò)誤。故選BC。第II卷(非選擇題共57分)二、實(shí)驗(yàn)題(共2題,共16分。)11.某同學(xué)用圖(a)所示裝置研究滑塊在水平傳送帶上的運(yùn)動(dòng)。實(shí)驗(yàn)前,該同學(xué)已先測(cè)出滑塊和位移傳感器(發(fā)射器)的總質(zhì)量為。實(shí)驗(yàn)中,該同學(xué)讓傳送帶保持恒定的速度,將滑塊由靜止輕放在傳送帶上O處并將此時(shí)刻作為計(jì)時(shí)起點(diǎn),用位移傳感器測(cè)出了各時(shí)刻t滑塊相對(duì)于O的位移x,利用測(cè)得的多組數(shù)據(jù)在圖(b)所示的坐標(biāo)中描出了14個(gè)點(diǎn)。(所有計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)(1)根據(jù)描出的點(diǎn)作出滑塊運(yùn)動(dòng)的圖線,可以得出以下結(jié)論:①滑塊在傳送帶上先做的是直線運(yùn)動(dòng);②傳送帶的速度大小為_(kāi)_________m/s;③滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為5m/s2。(2)若重力加速度大小取,則利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可求得:①滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_________;②在末這段時(shí)間內(nèi),滑塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為_(kāi)_________J?!即鸢浮剑?)2.0(2)0.500.45〖解析〗【小問(wèn)1詳析】由圖可知,0.40s后滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng),即滑塊的速度等于傳送帶的速度,則有【小問(wèn)2詳析】①[1]滑塊在傳送帶上勻加速的運(yùn)動(dòng)時(shí),根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù),解得②[2]由于傳送帶與滑塊之間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)才有熱量產(chǎn)生,所以0.10s末~0.60s末這段時(shí)間內(nèi),只有0.10s末~0.40s末這段時(shí)間有熱量產(chǎn)生,這段時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移為0.1s末滑塊的速度為0.10s末~0.40s末這段時(shí)間滑塊的位移為則滑塊與傳送帶之間的相對(duì)位移為則摩擦產(chǎn)生的熱量為12.很多電子設(shè)備的屏幕是電阻式觸摸屏,其原理可簡(jiǎn)化為:按壓屏幕時(shí),相互絕緣的兩層導(dǎo)電層就在按壓點(diǎn)位置有了接觸,如圖(a),從而改變接入電路的電阻。(1)某興趣小組找到一塊電阻式觸摸屏單元,將其接入電路中,簡(jiǎn)化電路如圖(b)。先將開(kāi)關(guān)閉合到1讓電容器充滿電,再將開(kāi)關(guān)切換到2,通過(guò)電壓傳感器觀察電容器兩端的電壓隨時(shí)間變化的情況。圖(c)中畫(huà)出了按壓和不按壓兩種情況下電容器兩端的電壓U隨時(shí)間變化的圖像,則按壓狀態(tài)對(duì)應(yīng)的圖像應(yīng)為圖(c)中的___________(填“虛線”或“實(shí)線”)所示。(2)粗測(cè)該觸摸屏單元未按壓狀態(tài)下的電阻約為幾十歐姆。幾位同學(xué)想較準(zhǔn)確測(cè)量此電阻,可供使用的器材有:A.電源E(電動(dòng)勢(shì)為3V,內(nèi)阻約為1Ω);B.電壓表V(量程為15V,內(nèi)阻約為10kΩ);C.電流表(量程為3mA,內(nèi)阻為5Ω);D.電流表(量程為60mA,內(nèi)阻約為2Ω);E.滑動(dòng)變阻器(總阻值約為10Ω);F.電阻箱,最大阻值為9999.9Ω。G.開(kāi)關(guān)S,導(dǎo)線若干。①甲同學(xué)設(shè)計(jì)了圖(d)所示的實(shí)驗(yàn)電路圖,結(jié)合上面給出的器材,請(qǐng)指出該電路設(shè)計(jì)中的不合理之處并說(shuō)明理由:___________。(寫(xiě)出一條即可)②乙同學(xué)將電流表A1和電阻箱串聯(lián)改裝成量程為3V的電壓表,電阻箱的限值應(yīng)調(diào)為_(kāi)________Ω。③乙同學(xué)設(shè)計(jì)了圖(e)所示的測(cè)量電路,為了盡量減小實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差,圖中電阻箱右邊的導(dǎo)線應(yīng)該接_________(填“a”或“b”);按正確選擇連接好電路之后,改變滑動(dòng)變阻器滑片位置,測(cè)得多組電流表A1的示數(shù)和對(duì)應(yīng)的電流表A2的示數(shù),得到了圖(f)所示的圖像,由圖中數(shù)據(jù)可得該觸摸屏單元未按壓狀態(tài)下的阻值為_(kāi)________Ω(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。該測(cè)量方法中電流表A2的內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果________(填“有”或“沒(méi)有”)影響。〖答案〗(1)實(shí)線(2)見(jiàn)〖解析〗995.0a53沒(méi)有〖解析〗【小問(wèn)1詳析】按壓狀態(tài)時(shí)兩層導(dǎo)電層就在按壓點(diǎn)位置有了接觸,并聯(lián)進(jìn)去電阻,總電阻減小,放電速度變快,根據(jù)圖像可知,按壓狀態(tài)對(duì)應(yīng)的圖像應(yīng)為實(shí)線?!拘?wèn)2詳析】①[1]因?yàn)殡娫措妱?dòng)勢(shì)剛3V,而電壓表的量程為15V,所以該電路設(shè)計(jì)中的不合理之處為電壓表量程過(guò)大;②[2]串聯(lián)電阻分擔(dān)電壓為根據(jù)歐姆定律有③[3]由于已知電流表A1的阻值,可以計(jì)算出待測(cè)電阻兩端的電壓,再用差值法計(jì)算流過(guò)待測(cè)電阻的電流,故應(yīng)接a;[4]根據(jù)整理得由圖(f)可知,斜率解得[5]由上述可知,該測(cè)量方法中電流表A2的內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果沒(méi)有影響。三、計(jì)算題(共3題,共41分。)13.現(xiàn)代人越來(lái)越依賴手機(jī),有些人喜歡躺著刷手機(jī),經(jīng)常出現(xiàn)手機(jī)掉落傷眼睛或者額頭情況,若有一手機(jī)質(zhì)量為120g,從離人額頭為20cm的高度無(wú)初速掉落,磕到額頭后手機(jī)的反彈忽略不計(jì),額頭受到手機(jī)的沖擊時(shí)間為0.05s。取g=10m/s2,求(1)手機(jī)與額頭作用過(guò)程中,手機(jī)的動(dòng)量變化量;(2)手機(jī)對(duì)額頭平均作用力的大小?!即鸢浮剑?)0.24kg·m/s,方向豎直向上;(2)6N〖解析〗(1)選取豎直向下為正方向,根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律,手機(jī)掉落到人額頭位置時(shí)的速度為手機(jī)與額頭作用后手機(jī)的速度變?yōu)?,所以手機(jī)與額頭作用過(guò)程中動(dòng)量變化量為即手機(jī)動(dòng)量變化量的大小為0.24kg·m/s,方向豎直向上。(2)選取豎直向下為正方向,手機(jī)與額頭作用過(guò)程中,設(shè)額頭對(duì)手機(jī)平均作用力的大小為F,對(duì)手機(jī)由動(dòng)量定理得代入數(shù)據(jù)解得F=6N根據(jù)牛頓第三定律知,手機(jī)對(duì)額頭平均作用力的大小為6N。14.如圖所示,電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一光滑水平絕緣平面,一根輕彈簧左端固定在平面上,右端拴接一個(gè)帶正電的絕緣物塊甲,平衡時(shí)物塊甲靜止在a點(diǎn)。某時(shí)刻在b點(diǎn)由靜止釋放帶有正電的絕緣物塊乙,乙與甲發(fā)生碰撞后一起向左運(yùn)動(dòng)但未粘連,當(dāng)甲、乙一起返回到c點(diǎn)時(shí),彈簧恰好恢復(fù)原長(zhǎng),甲、乙速度剛好為零。若在d點(diǎn)由靜止釋放乙,乙與甲發(fā)生碰撞后仍一起壓縮彈簧運(yùn)動(dòng),返回到c點(diǎn)時(shí)甲、乙分離,分離后,乙剛好能夠返回到e點(diǎn)(未畫(huà)出)。已知物塊甲、乙可視為質(zhì)點(diǎn),質(zhì)量均為m,電荷量均為q,a、b間距離為L(zhǎng),a、c間距離以及b、d間距離均為,忽略甲、乙間的庫(kù)侖力。求:(1)初始狀態(tài)彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能;(2)e點(diǎn)與a點(diǎn)的距離?!即鸢浮剑?);(2)〖解析〗(1)乙從b到a由動(dòng)能定理得解得乙與甲碰撞前的速度大小乙與甲碰撞由動(dòng)量守恒定律得解得碰撞后甲、乙的速度大小均為甲、乙從一起壓縮彈簧到甲、乙一起返回到c點(diǎn),由功能關(guān)系得解得初始狀態(tài)彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能(2)在d點(diǎn)由靜止釋放乙,到乙與甲發(fā)生碰撞前,對(duì)乙由動(dòng)能定理得解得碰撞前乙的速度大小甲、乙的碰撞過(guò)程由動(dòng)量守恒定律得解得碰撞后甲、乙的速度大小為從甲、乙碰撞后到甲、乙一起返回到c點(diǎn)時(shí),由功能關(guān)系得解得甲、乙分離時(shí)的速度大小為乙分離后到乙停止運(yùn)動(dòng),由動(dòng)能定理得解得則e點(diǎn)與a點(diǎn)的距離為15.如圖,在坐標(biāo)系xOy的第二象限存在勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直于xOy平面向里;第三象限內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng);第四象限的某圓形區(qū)域內(nèi)存在一垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為第二象限磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的4倍。一質(zhì)量為m、帶電荷量為q(q>0)的粒子以速率v自y軸的A點(diǎn)斜射入磁場(chǎng),經(jīng)x軸上的C點(diǎn)以沿y軸負(fù)方向的速度進(jìn)入電場(chǎng),然后從y軸負(fù)半軸上的D點(diǎn)射出,最后粒子以沿著y軸正方向的速度經(jīng)過(guò)x軸上的Q點(diǎn)。已知OA=,OC=d,OD=,OQ=4d,不計(jì)粒子重力。(1)求第二象限磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小與第三象限電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小;(2)求粒子由A至D過(guò)程所用的時(shí)間;(3)試求第四象限圓形磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積?!即鸢浮剑?),(2)(3)〖解析〗(1)由題意畫(huà)出粒子軌跡圖如圖所示:粒子在第二象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng),設(shè)粒子在第二象限磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r,由牛頓第二定律有由幾何關(guān)系有:可得:r=2d聯(lián)立以上各式得:粒子在第三象限做類平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)粒子在第三象限電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2,y軸方向分運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)有:設(shè)x軸方向勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為a,有:Eq=ma聯(lián)立各式得:(2)設(shè)粒子在第二象限磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1,AC弧對(duì)應(yīng)的圓心角為α,由幾何關(guān)系知可解得:α=60°由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有:由(1)可知:所以粒子由A至D過(guò)程所用的時(shí)間為:(3)設(shè)粒子在D點(diǎn)的速度與y軸負(fù)方向夾角為θ,在D處,粒子的x軸分速度:由合速度與分速度的關(guān)系得:聯(lián)立可得:θ=60°,故;設(shè)粒子在第四象限磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1,由牛頓第二定律有結(jié)合(1)得:r1=d;在第四象限如圖,粒子在第四象限運(yùn)動(dòng)的軌跡必定與D、Q速度所在直線相切,由于粒子運(yùn)動(dòng)軌跡半徑為d,故粒子在第四象限運(yùn)動(dòng)的軌跡是如圖所示的軌跡圓O2,該軌跡圓與速度所在直線相切于M點(diǎn)、與速度所在直線相切于N點(diǎn),連接MN,由幾何關(guān)系可知:MN=由于M點(diǎn)、N點(diǎn)必須在磁場(chǎng)內(nèi),即線段MN在磁場(chǎng)內(nèi),故可知磁場(chǎng)面積最小時(shí)必定是以MN為直徑(如圖所示)的圓。即面積最小的磁場(chǎng)半徑為:設(shè)磁場(chǎng)的最小面積為S,得答:(1)第二象限磁感應(yīng)強(qiáng)度,第三象限電場(chǎng)強(qiáng)度;(2)粒子由A至D過(guò)程所用的時(shí)間;(3)第四象限圓形磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積。七校聯(lián)盟2024年春高三三診考試高三物理試題本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第II卷(非選擇題)兩部分。滿分100分,考試時(shí)間75分鐘。注意事項(xiàng):1.答題前,務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫(xiě)在答題卡規(guī)定的位置上。2.答選擇題時(shí),必須使用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。3.答非選擇題時(shí),必須使用0.5毫米黑色簽字筆,將〖答案〗書(shū)寫(xiě)在答題卡規(guī)定的位置上。4.考試結(jié)束后,將答題卷交回。第I卷(選擇題共43分)一、選擇題(共43分。1-7題為單選,每小題4分,8-10題為多選,全對(duì)得5分,選對(duì)部分得3分,選錯(cuò)不得分。)1.密立根油滴實(shí)驗(yàn)原理如圖所示。兩塊水平放置的金屬板分別與電源的正負(fù)極相接,板間電壓為U,形成豎直向下場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)。用噴霧器從上板中間的小孔噴入大小、質(zhì)量和電荷量各不相同的油滴。通過(guò)顯微鏡可找到懸浮不動(dòng)的油滴,若此懸浮油滴的質(zhì)量為m,則下列說(shuō)法正確的是()A.懸浮油滴帶正電 B.懸浮油滴的電荷量為C.增大場(chǎng)強(qiáng),懸浮油滴將向上運(yùn)動(dòng) D.油滴的電荷量不一定是電子電量的整數(shù)倍〖答案〗C〖解析〗A.帶電荷量為q的油滴靜止不動(dòng),則油滴受到向上的電場(chǎng)力;題圖中平行板電容器上極板帶正電,下極板帶負(fù)電,故板間場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下,則油滴帶負(fù)電,故A錯(cuò)誤;B.根據(jù)平衡條件,有故故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)平衡條件,有當(dāng)增大場(chǎng)強(qiáng),電場(chǎng)力增大,則懸浮油滴將向上運(yùn)動(dòng),故C正確;D.不同油滴的所帶電荷量雖不相同,但都是某個(gè)最小電荷量元電荷的整數(shù)倍,故D錯(cuò)誤。故選C。2.“鵲橋二號(hào)”中繼星重1.2噸,天線長(zhǎng)4.2米,設(shè)計(jì)壽命為8年。我國(guó)計(jì)劃2024年3月在文昌發(fā)射場(chǎng)使用長(zhǎng)征八號(hào)運(yùn)載火箭將“鵲橋二號(hào)”衛(wèi)星送入地月轉(zhuǎn)移軌道,進(jìn)入環(huán)月圓軌道穩(wěn)定運(yùn)行后,再通過(guò)兩軌道的交點(diǎn)A進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道,如圖所示。下列說(shuō)法正確的是()A.衛(wèi)星的發(fā)射速度應(yīng)該大于第二宇宙速度B.衛(wèi)星在A點(diǎn)從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道需要減速C.衛(wèi)星在圓軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)比在橢圓軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的向心加速度更大D.在圓軌道的周期小于在橢圓軌道的周期〖答案〗B〖解析〗A.衛(wèi)星的發(fā)射速度應(yīng)該大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度。故A錯(cuò)誤;B.衛(wèi)星在A點(diǎn)從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道屬于從高軌到低軌,需要減速。故B正確;C.根據(jù)解得可知衛(wèi)星在圓軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)和在橢圓軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的向心加速度一樣大。故C錯(cuò)誤;D.根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知衛(wèi)星在圓軌道的周期大于在橢圓軌道的周期。故D錯(cuò)誤。故選B。3.坐過(guò)山車時(shí),人體會(huì)分泌大量腎上腺素和多巴胺,讓人感覺(jué)驚險(xiǎn)刺激。如圖所示,某車廂中游客通過(guò)環(huán)形軌道攀升的一小段時(shí)間內(nèi)速率不變,則該過(guò)程中()A.該游客所受合力做功為零B.該游客所受合力始終為零C.該游客的機(jī)械能守恒D.該游客所受重力的瞬時(shí)功率一定變大〖答案〗A〖解析〗A.根據(jù)題意可知,由于游客速率不變,則動(dòng)能變化量為零,由動(dòng)能定理可知,該游客所受合力做功為零,故A正確;B.由于游客速率不變,游客做勻速圓周運(yùn)動(dòng),該游客所受合力不為零,指向圓心提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,故B錯(cuò)誤;C.游客勻速率上升,動(dòng)能不變,重力勢(shì)能增加,則該游客的機(jī)械能增加,故C錯(cuò)誤;D.若游客在環(huán)形軌道下半部分爬升,豎直分速度逐漸增大,重力的瞬時(shí)功率變大,若游客在環(huán)形軌道上半部分爬升,豎直分速度逐漸減小,重力的瞬時(shí)功率減小,故D錯(cuò)誤。故選A。4.紫外光電管是利用光電效應(yīng)原理對(duì)油庫(kù)等重要場(chǎng)所進(jìn)行火災(zāi)報(bào)警的裝置,其工作電路如圖所示,其中A為陽(yáng)極,K為陰極,只有當(dāng)明火中的紫外線照射到K極時(shí),電壓表才有示數(shù)且啟動(dòng)報(bào)警裝置。已知太陽(yáng)光中的紫外線頻率主要在,而明火中的紫外線頻率主要在,下列說(shuō)法正確的是()A.為避免太陽(yáng)光中紫外線干擾,K極材料截止頻率應(yīng)大于B.只有明火照射到K極的時(shí)間足夠長(zhǎng),電壓表才會(huì)有示數(shù)C.電源左邊接正極有利于提高報(bào)警裝置的靈敏度D.可以通過(guò)圖中電壓表示數(shù)變化監(jiān)測(cè)火情的變化〖答案〗D〖解析〗本題通過(guò)火災(zāi)報(bào)警裝置考查截止頻率、光電管、歐姆定律。A.太陽(yáng)光中的紫外線頻率主要在,為避免太陽(yáng)光中的紫外線干擾,K極材料的截止頻率應(yīng)大于,A錯(cuò)誤;B.只要明火中的紫外線照射到K極,就會(huì)發(fā)生光電效應(yīng),B錯(cuò)誤;C.電源左邊接正極時(shí),光電管上被施加反向電壓,發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)到達(dá)陽(yáng)極的光電子數(shù)減少,因此會(huì)降低報(bào)警裝置的靈敏度,C錯(cuò)誤;D.明火中紫外線強(qiáng)度越大,產(chǎn)生的光電流越大,由歐姆定律知,電壓表的示數(shù)越大,故可用電壓表示數(shù)變化監(jiān)測(cè)火情的變化,故D正確。故選D5.甲圖是某燃?xì)庠铧c(diǎn)火裝置的原理圖。轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為乙圖所示的正弦交流電壓,并加在一理想變壓器的原線圈上,變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為、,電壓表為理想交流電表。當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí),就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花點(diǎn)燃?xì)怏w。開(kāi)關(guān)閉合后,下列說(shuō)法正確的是()A.時(shí)電壓表的示數(shù)為5VB.電壓表的示數(shù)始終為C.原線圈中交變流電的頻率為50Hz,原線圈中的電流方向每秒改變50次D.若,則可以實(shí)現(xiàn)燃?xì)庠铧c(diǎn)火〖答案〗D〖解析〗AB.根據(jù)圖(乙)得到原線圈輸入電壓的最大值為5V,根據(jù)正弦式交變電流最大值和有效值的關(guān)系可知,原線圈輸入電壓的有效值為V則電壓表的示數(shù)始終為V,故AB錯(cuò)誤;C.根據(jù)圖(乙)得到原線圈輸入電壓周期為0.02s,頻率為Hz一個(gè)周期電流方向改變2次,變壓器不改變交變電流的頻率,故副線圈電流方向每秒改變100次,故C錯(cuò)誤;D.瞬時(shí)電壓大于5000V即火花放電,即副線圈輸出電壓最大值為5000V,根據(jù)變壓比可知所以實(shí)現(xiàn)燃?xì)庠铧c(diǎn)火的條件是若,則可以實(shí)現(xiàn)燃?xì)庠铧c(diǎn)火,故D正確。故選D。6.倒掛的彩虹被叫作“天空的微笑”,是由薄且均勻的卷云里面大量扁平的六角片狀冰晶(如圖甲所示)折射形成。光線從冰晶的上表面進(jìn)入,經(jīng)折射從側(cè)面射出,當(dāng)太陽(yáng)高度角增大到某一臨界值,側(cè)面的折射光線因發(fā)生全反射而消失不見(jiàn),簡(jiǎn)化光路如圖乙所示,以下分析正確的是()A.光線有可能在下表面發(fā)生全反射B.光線從空氣進(jìn)入冰晶后傳播速度變大C.紅光在冰晶中的傳播速度比紫光在冰晶中的傳播速度小D.隨太陽(yáng)高度角增大,紫光比紅光先在側(cè)面發(fā)生全反射〖答案〗D〖解析〗A.冰晶上下表面平行,根據(jù)折射原理可知,光線從上表面入射的光線與下表面射出的光線平行,故光線不可能在下表面發(fā)生全反射。故A錯(cuò)誤;B.光線從空氣中的傳播速度大于在固體中的傳播速度。故B錯(cuò)誤;C.紅光的頻率小于紫光的頻率,則冰晶對(duì)紅光的折射率小于對(duì)紫光的折射率,根據(jù)可知,紅光在冰晶中的傳播速度比紫光在冰晶中的傳播速度大。故C錯(cuò)誤;D.全反射的條件為入射角度達(dá)到臨界角,根據(jù)可知,冰晶對(duì)紅光的折射率小于對(duì)紫光的折射率的情況下,紫光的臨界角更小,更容易發(fā)生全反射,即紫光比紅光先在側(cè)面發(fā)生全反射。故D正確。故選D。7.如圖(a),轎廂內(nèi)質(zhì)量為0.5kg的物塊的右邊被一根輕彈簧用1.2N的水平拉力向右拉著且保持靜止,物塊與轎廂水平底面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3。時(shí),轎廂在豎直軌道作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),軌道對(duì)轎廂豎直向上的作用力F的大小隨時(shí)間t的變化如圖(b)所示,時(shí),物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng)。轎廂和廂內(nèi)物塊的總質(zhì)量為500kg,重力加速度大小取,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則()A.時(shí),轎廂的加速度大小為2.4m/s2B.時(shí),轎廂對(duì)物塊的支持力大小為5NC.時(shí),轎廂的速度大小為10m/sD.物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中,物塊在水平方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)〖答案〗C〖解析〗AB.物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng),根據(jù)平衡條件可知此時(shí)彈簧彈力等于物塊與木箱間的摩擦力,對(duì)木箱受力分析,豎直方向?qū)ξ飰K受力分析其中解得故AB錯(cuò)誤;C.根據(jù)動(dòng)量定理可得解得故C正確;D.物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中,開(kāi)始時(shí)物塊在水平方向上受摩擦力和彈力作用,而恢復(fù)原長(zhǎng)后,水平方向上只受摩擦力,方向與開(kāi)始時(shí)合力方向不同,故不是勻加速直線運(yùn)動(dòng),故D錯(cuò)誤。故選C。8.潛水員在水中呼出的氣泡,從水下幾米深處快速上升到水面,這一過(guò)程中氣體與外界未實(shí)現(xiàn)熱交換。將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體,則在這一過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是()A.分子的平均動(dòng)能保持不變B.氣體溫度降低C.氣泡內(nèi)分子的數(shù)密度不變D.氣泡體積增大,氣體對(duì)外做功〖答案〗BD〖解析〗D.氣泡從水下幾米深處快速上升到水面過(guò)程中,氣泡內(nèi)氣體的壓強(qiáng)氣泡所處液面高度減小,則氣泡內(nèi)的壓強(qiáng)減小,假設(shè)氣體溫度不變,根據(jù)玻意耳定律可知,氣泡的體積增大,氣體對(duì)外做功,由于氣體與外界未實(shí)現(xiàn)熱交換,則氣體內(nèi)能減小,氣體溫度降低,則假設(shè)不成立,氣泡內(nèi)氣體實(shí)際上體積增大,氣體對(duì)外做功,溫度降低,故D正確;B.氣體與外界未實(shí)現(xiàn)熱交換,水泡的體積增大,氣體對(duì)外做功,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,氣體溫度降低,故B正確;A.結(jié)合上述可知,氣體溫度降低,分子的平均動(dòng)能減小,故A錯(cuò)誤;C.結(jié)合上述可知,氣泡體積增大,氣泡內(nèi)分子的數(shù)密度減小,故C錯(cuò)誤。故選BD。9.如圖所示,一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播,其周期為3s,振幅為6cm,在波的傳播方向上有P、Q兩點(diǎn),且小于波長(zhǎng)。某一時(shí)刻P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)都位于y軸正向振幅處且分別向下和向上振動(dòng)。以該時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn),則波速v和Q處質(zhì)點(diǎn)在2s內(nèi)的路程大小d是()A. B.C. D.〖答案〗BC〖解析〗AB.波動(dòng)方程的最簡(jiǎn)單表達(dá)式為當(dāng)時(shí),解得正方向上最小的橫坐標(biāo)值為該位置到正方向上最近波峰橫坐標(biāo)之間的間距為由于某一時(shí)刻P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)都位于y軸正向振幅處且分別向下和向上振動(dòng),結(jié)合上述,根據(jù)同側(cè)法,作出PQ之間最簡(jiǎn)單的波形,如圖實(shí)線所示則有(n=0,1,2,3…)由于PQ間距小于波長(zhǎng),則n取0,解得則波傳播速度為故A錯(cuò)誤,B正確;CD.由于根據(jù)波形平移規(guī)律可知,從題中時(shí)刻開(kāi)始,內(nèi)波形向右平移,Q恰好到達(dá)波峰,可知,在2s內(nèi),Q的路程為故C正確,D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖1所示,空間存在方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度,電阻忽略不計(jì)的足夠長(zhǎng)、光滑的水平金屬導(dǎo)軌間的距離。電阻均為、質(zhì)量分別為、的導(dǎo)體棒a、b垂直導(dǎo)軌放置,計(jì)時(shí)開(kāi)始導(dǎo)體棒a受到水平向右的恒力F作用,a、b從靜止開(kāi)始做加速運(yùn)動(dòng),時(shí)刻導(dǎo)體棒a的速度正好達(dá)到,此后兩導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定的運(yùn)動(dòng)狀態(tài),圖2是導(dǎo)體棒a、b運(yùn)動(dòng)的圖像,兩根導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌保持垂直且良好接觸,不計(jì)水平金屬導(dǎo)軌的電阻,磁場(chǎng)的范圍足夠大。下列說(shuō)法正確的是()A.時(shí)間間隔內(nèi),安培力對(duì)導(dǎo)體棒b做的功等于2.5JB.時(shí)間間隔內(nèi),通過(guò)導(dǎo)體棒a某一橫截面的電荷量為0.5CC.與差值為4sD.F的大小為0.5N〖答案〗BC〖解析〗A.由圖2可知,時(shí)刻導(dǎo)體棒b的速度為根據(jù)動(dòng)能定理可知時(shí)間間隔內(nèi),安培力對(duì)導(dǎo)體棒b做的功為故A錯(cuò)誤;B.時(shí)間間隔內(nèi),對(duì)導(dǎo)體棒b,根據(jù)動(dòng)量定理可得又聯(lián)立解得可知通過(guò)導(dǎo)體棒a某一橫截面的電荷量為0.5C,故B正確;CD.根據(jù)題意可知時(shí)刻后,兩棒的加速度相同,時(shí)刻回路電流為分別為導(dǎo)體棒a、b根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得,則與差值為故C正確,D錯(cuò)誤。故選BC。第II卷(非選擇題共57分)二、實(shí)驗(yàn)題(共2題,共16分。)11.某同學(xué)用圖(a)所示裝置研究滑塊在水平傳送帶上的運(yùn)動(dòng)。實(shí)驗(yàn)前,該同學(xué)已先測(cè)出滑塊和位移傳感器(發(fā)射器)的總質(zhì)量為。實(shí)驗(yàn)中,該同學(xué)讓傳送帶保持恒定的速度,將滑塊由靜止輕放在傳送帶上O處并將此時(shí)刻作為計(jì)時(shí)起點(diǎn),用位移傳感器測(cè)出了各時(shí)刻t滑塊相對(duì)于O的位移x,利用測(cè)得的多組數(shù)據(jù)在圖(b)所示的坐標(biāo)中描出了14個(gè)點(diǎn)。(所有計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)(1)根據(jù)描出的點(diǎn)作出滑塊運(yùn)動(dòng)的圖線,可以得出以下結(jié)論:①滑塊在傳送帶上先做的是直線運(yùn)動(dòng);②傳送帶的速度大小為_(kāi)_________m/s;③滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為5m/s2。(2)若重力加速度大小取,則利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可求得:①滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_________;②在末這段時(shí)間內(nèi),滑塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為_(kāi)_________J?!即鸢浮剑?)2.0(2)0.500.45〖解析〗【小問(wèn)1詳析】由圖可知,0.40s后滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng),即滑塊的速度等于傳送帶的速度,則有【小問(wèn)2詳析】①[1]滑塊在傳送帶上勻加速的運(yùn)動(dòng)時(shí),根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù),解得②[2]由于傳送帶與滑塊之間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)才有熱量產(chǎn)生,所以0.10s末~0.60s末這段時(shí)間內(nèi),只有0.10s末~0.40s末這段時(shí)間有熱量產(chǎn)生,這段時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移為0.1s末滑塊的速度為0.10s末~0.40s末這段時(shí)間滑塊的位移為則滑塊與傳送帶之間的相對(duì)位移為則摩擦產(chǎn)生的熱量為12.很多電子設(shè)備的屏幕是電阻式觸摸屏,其原理可簡(jiǎn)化為:按壓屏幕時(shí),相互絕緣的兩層導(dǎo)電層就在按壓點(diǎn)位置有了接觸,如圖(a),從而改變接入電路的電阻。(1)某興趣小組找到一塊電阻式觸摸屏單元,將其接入電路中,簡(jiǎn)化電路如圖(b)。先將開(kāi)關(guān)閉合到1讓電容器充滿電,再將開(kāi)關(guān)切換到2,通過(guò)電壓傳感器觀察電容器兩端的電壓隨時(shí)間變化的情況。圖(c)中畫(huà)出了按壓和不按壓兩種情況下電容器兩端的電壓U隨時(shí)間變化的圖像,則按壓狀態(tài)對(duì)應(yīng)的圖像應(yīng)為圖(c)中的___________(填“虛線”或“實(shí)線”)所示。(2)粗測(cè)該觸摸屏單元未按壓狀態(tài)下的電阻約為幾十歐姆。幾位同學(xué)想較準(zhǔn)確測(cè)量此電阻,可供使用的器材有:A.電源E(電動(dòng)勢(shì)為3V,內(nèi)阻約為1Ω);B.電壓表V(量程為15V,內(nèi)阻約為10kΩ);C.電流表(量程為3mA,內(nèi)阻為5Ω);D.電流表(量程為60mA,內(nèi)阻約為2Ω);E.滑動(dòng)變阻器(總阻值約為10Ω);F.電阻箱,最大阻值為9999.9Ω。G.開(kāi)關(guān)S,導(dǎo)線若干。①甲同學(xué)設(shè)計(jì)了圖(d)所示的實(shí)驗(yàn)電路圖,結(jié)合上面給出的器材,請(qǐng)指出該電路設(shè)計(jì)中的不合理之處并說(shuō)明理由:___________。(寫(xiě)出一條即可)②乙同學(xué)將電流表A1和電阻箱串聯(lián)改裝成量程為3V的電壓表,電阻箱的限值應(yīng)調(diào)為_(kāi)________Ω。③乙同學(xué)設(shè)計(jì)了圖(e)所示的測(cè)量電路,為了盡量減小實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差,圖中電阻箱右邊的導(dǎo)線應(yīng)該接_________(填“a”或“b”);按正確選擇連接好電路之后,改變滑動(dòng)變阻器滑片位置,測(cè)得多組電流表A1的示數(shù)和對(duì)應(yīng)的電流表A2的示數(shù),得到了圖(f)所示的圖像,由圖中數(shù)據(jù)可得該觸摸屏單元未按壓狀態(tài)下的阻值為_(kāi)________Ω(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。該測(cè)量方法中電流表A2的內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果________(填“有”或“沒(méi)有”)影響?!即鸢浮剑?)實(shí)線(2)見(jiàn)〖解析〗995.0a53沒(méi)有〖解析〗【小問(wèn)1詳析】按壓狀態(tài)時(shí)兩層導(dǎo)電層就在按壓點(diǎn)位置有了接觸,并聯(lián)進(jìn)去電阻,總電阻減小,放電速度變快,根據(jù)圖像可知,按壓狀態(tài)對(duì)應(yīng)的圖像應(yīng)為實(shí)線?!拘?wèn)2詳析】①[1]因?yàn)殡娫措妱?dòng)勢(shì)剛3V,而電壓表的量程為15V,所以該電路設(shè)計(jì)中的不合理之處為電壓表量程過(guò)大;②[2]串聯(lián)電阻分擔(dān)電壓為根據(jù)歐姆定律有③[3]由于已知電流表A1的阻值,可以計(jì)算出待測(cè)電阻兩端的電壓,再用差值法計(jì)算流過(guò)待測(cè)電阻的電流,故應(yīng)接a;[4]根據(jù)整理得由圖(f)可知,斜率解得[5]由上述可知,該測(cè)量方法中電流表A2的內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果沒(méi)有影響。三、計(jì)算題(共3題,共41分。)13.現(xiàn)代人越來(lái)越依賴手機(jī),有些人喜歡躺著刷手機(jī),經(jīng)常出現(xiàn)手機(jī)掉落傷眼睛或者額頭情況,若有一手機(jī)質(zhì)量為120g,從離人額頭為20cm的高度無(wú)初速掉落,磕到額頭后手機(jī)的反彈忽略不計(jì),額頭受到手機(jī)的沖擊時(shí)間為0.05s。取g=10m/s2,求(1)手機(jī)與額頭作用過(guò)程中,手機(jī)的動(dòng)量變化量;(2)手機(jī)對(duì)額頭平均作用力的大小。〖答案〗(1)0.24kg·m/s,方向豎直向上;(2)6N〖解析〗(1)選取豎直向下為正方向,根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律,手機(jī)掉落到人額頭位置時(shí)的速度為手機(jī)與額

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