山東省臨沂市2017-2018學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題

高二上學(xué)期期末考試物理試題一、選擇題：1.兩個(gè)放在絕緣架上的相同金屬球相距r，球的半徑比r小得多，帶電量大小分別為q和3q，相互斥力大小為3F．現(xiàn)將這兩個(gè)金屬球相接觸，然后分開，仍放回原處，則它們之間的相互作用力大小將變?yōu)锳.4FB.C.2FD.1.5F【答案】A【解析】試題分析：兩電荷相互斥力大小為3F，說明兩電荷為同種電荷，根據(jù)庫侖定律可知：；相互接觸后，每個(gè)電荷各帶電量為：，則相互作用力；故選A.考點(diǎn)：庫倫定律【名師點(diǎn)睛】此題考查了庫侖定律的應(yīng)用問題；首先要掌握庫侖定律的表達(dá)式；其次要知道兩個(gè)等大的帶同種電荷的電體接觸后電量均分，若是帶異種電荷，則電量先中和后均分；此題難度不大，是基礎(chǔ)題.2.下列說法中正確的是A.由B=可知,B與F成正比與IL成反比.B.一小段通電導(dǎo)線在某處不受安培力的作用,則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零C.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與磁場(chǎng)力的方向不相同D.把一小段通電導(dǎo)線放在磁場(chǎng)中某處,該處就有磁感應(yīng)強(qiáng)度.把一小段通電導(dǎo)線拿走該處就沒有磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】C【解析】試題分析：磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是由磁場(chǎng)本身決定的，與放在磁場(chǎng)中的通電導(dǎo)線受的安培力F以及IL均無關(guān)系，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中沿磁場(chǎng)方向放置時(shí)，導(dǎo)線不受安培力的作用，但該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與磁場(chǎng)力的方向不相同，它們是相互垂直的關(guān)系，選項(xiàng)C正確；磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是由磁場(chǎng)本身決定的，與放在磁場(chǎng)中的通電導(dǎo)線的存在與否無關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.考點(diǎn)：磁感應(yīng)強(qiáng)度【名師點(diǎn)睛】此題是對(duì)磁感應(yīng)強(qiáng)度的考查；要知道磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是由磁場(chǎng)本身決定的，我們只是用放在磁場(chǎng)中的通電導(dǎo)線受的最大的安培力F與IL乘積的比值來量度；通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受的安培力的大小與導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的放置方式有關(guān).3.一平行板電容器兩極板間距為d，極板面積為S，電容為C。對(duì)此電容器充電后斷開電源，當(dāng)增加兩板間距時(shí)，電容器極板間A.電場(chǎng)強(qiáng)度不變，電勢(shì)差變大B.電場(chǎng)強(qiáng)度不變，電勢(shì)差不變C.電場(chǎng)強(qiáng)度減小，電勢(shì)差不變D.電場(chǎng)強(qiáng)度減小，電勢(shì)差減小【答案】A【解析】試題分析：因通電后斷開，故兩板上的帶電量不變；增加d，則C減小，根據(jù)Q=CU可知電勢(shì)差U增大；由公式，及可得電場(chǎng)強(qiáng)度，故E與d無關(guān)，故電場(chǎng)強(qiáng)度不變；故選A.考點(diǎn)：電容器；電場(chǎng)強(qiáng)度【名師點(diǎn)睛】此題是關(guān)于電容器的動(dòng)態(tài)分析，首先要弄清兩種情況：電容器帶電量一定，還是電容器兩板的電勢(shì)差一定；此次要掌握三個(gè)基本公式：、、Q=CU；最后最好記住結(jié)論：電容器帶電量一定時(shí)，兩板間的場(chǎng)強(qiáng)與兩板間距無關(guān).4.如圖所示，有一矩形閉合導(dǎo)體線圈，在范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)、下列圖中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是A.AB.BC.CD.D【答案】D【解析】試題分析：A圖中線圈水平運(yùn)動(dòng)，磁通量始終為零不變，故無感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B圖中線圈水平運(yùn)動(dòng)，磁通量不變，故無感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C圖中線圈繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)，磁通量始終為零不變，故無感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D圖中線圈繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)，磁通量不斷變化，故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)D正確；故選D.考點(diǎn)：電磁感應(yīng)現(xiàn)象【名師點(diǎn)睛】此題是考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象；要知道只有當(dāng)穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時(shí)就會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生；或者當(dāng)閉合電路的部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)就會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生；根據(jù)題目的情況結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件進(jìn)行判斷.5.一個(gè)直流電動(dòng)機(jī)，線圈電阻恒定為0.5Ω；若把電動(dòng)機(jī)接2.0V電壓能正常工作，此時(shí)經(jīng)過線圈的電流是1.0A，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出是A.P出=2.5WB.P出=2WC.P出=1.5WD.P出=1W【答案】C【解析】試題分析：電動(dòng)機(jī)的輸出功率，故選C.考點(diǎn)：電功率【名師點(diǎn)睛】此題是對(duì)電功率的考查；對(duì)于電動(dòng)機(jī)問題要注意：電動(dòng)勢(shì)不是純電阻電路，故不滿足歐姆定律，即；在電動(dòng)機(jī)工作時(shí)，電動(dòng)機(jī)的輸入總功率為IU，內(nèi)阻消耗的功率為I2r，，兩者的差值等于電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率.6.如圖所示，在方框中有一能產(chǎn)生磁場(chǎng)的裝置，現(xiàn)在在方框右邊放一通電直導(dǎo)線（電流方向如圖箭頭方向），發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線受到向右的作用力，則方框中放置的裝置可能是下面哪個(gè)A.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】試題分析：若在方框中放入A，則因?yàn)槁菥€管的右端是N極，則由左手定則可知，直導(dǎo)線受力方向向里，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；若在方框中放入B，則由左手定則可知，直導(dǎo)線將上端向里轉(zhuǎn)動(dòng)，下端向外轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若在方框中放入C，則因?yàn)橹睂?dǎo)線所在位置的磁場(chǎng)向外，則由左手定則可知，直導(dǎo)線受力方向向右，選項(xiàng)C正確；若在方框中放入D，則由于同向電流相互吸引，直導(dǎo)線受力方向向左，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.考點(diǎn)：左手定則；右手定則【名師點(diǎn)睛】此題是對(duì)左手定則和右手定則的考查；關(guān)鍵是知道什么時(shí)候用左手定則，什么時(shí)候用右手定則；判斷通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受力問題時(shí)用左手定則；判斷通電導(dǎo)線周圍的磁場(chǎng)方向，或者判斷導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電流的問題時(shí)用右手定則.7.如圖所示，兩根相距為l的平行直導(dǎo)軌ab、cd，b、d間連有一固定電阻R，導(dǎo)軌電阻可忽略不計(jì)．MN為放在ab和cd上的一導(dǎo)體桿，與ab垂直，其電阻也為R.整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌所在平面(指向圖中紙面內(nèi))．現(xiàn)對(duì)MN施力使它沿導(dǎo)軌方向以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)．令U表示MN兩端電壓的大小，則A.U＝Blv，流過固定電阻R的感應(yīng)電流由b到dB.U＝Blv，流過固定電阻R的感應(yīng)電流由d到bC.U＝Blv，流過固定電阻R的感應(yīng)電流由b到dD.U＝Blv，流過固定電阻R的感應(yīng)電流由d到b【答案】A【解析】試題分析：當(dāng)MN運(yùn)動(dòng)時(shí)，切割磁感線產(chǎn)生動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)相當(dāng)于電源．電路中電動(dòng)勢(shì)為E=BlV，整個(gè)電路是MN棒的電阻R和bd端R電阻組成的串聯(lián)電路，MN兩端的電壓是外電路的電壓即為bd兩端的電壓，電路中的電流為,那么,再由右手定則，拇指指向速度方向，手心被磁場(chǎng)穿過，四指指向即為電流方向，產(chǎn)生逆時(shí)針方向的電流，即流過電阻的就是由b到d，故A正確．所以A正確，BCD錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：考查了導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)、電路【名師點(diǎn)睛】當(dāng)MN勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，MN相當(dāng)于電源，根據(jù)求出切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向，從而確定出電流的方向。再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出MN兩端電壓的大小。8.繞在同一鐵芯上的線圈Ⅰ、Ⅱ按如圖所示方法連接，G為電流表。下列說法正確的是A.開關(guān)S閉合瞬間，G中的電流從左向右B.保持開關(guān)S閉合狀態(tài)，G中的電流從左向右C.保持開關(guān)S閉合，向右移動(dòng)變阻器R0滑動(dòng)觸頭的位置，G中的電流從左向右D.斷開開關(guān)S的瞬間，G的示數(shù)也為零【答案】A【解析】試題分析：當(dāng)閉合開關(guān)瞬間，Ⅰ線圈中有電流通過，產(chǎn)生磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向從左向右，磁場(chǎng)也穿過Ⅱ線圈，Ⅱ線圈的磁通量從無到有增加，產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知，，則電流表中有從左向右的電流．故A正確．閉合開關(guān)后保持閉合狀態(tài)時(shí)，Ⅰ中電流不變，穿過Ⅱ線圈中磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，G的示數(shù)為零．故B錯(cuò)誤．保持開關(guān)S閉合，向右移動(dòng)變阻器R0滑動(dòng)觸頭的位置，Ⅰ線圈中電流減小，產(chǎn)生向右的減弱的磁場(chǎng)，變化磁場(chǎng)也穿過Ⅱ線圈，Ⅱ線圈的磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知，電流表中有從右向左的電流．故C錯(cuò)誤．?dāng)嚅_開關(guān)S的瞬間，Ⅰ線圈中電流減?。◤挠械綗o），產(chǎn)生磁場(chǎng)也變化，變化磁場(chǎng)也穿過Ⅱ線圈，Ⅱ線圈的磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，則電流表中有電流．故D錯(cuò)誤．故選A.考點(diǎn)：楞次定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題是對(duì)楞次定律的應(yīng)用的考查；關(guān)鍵抓住產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化．即產(chǎn)生感應(yīng)電流要有兩個(gè)條件：一是電路要閉合；二是磁通量發(fā)生變化；熟練掌握楞次定律來判斷感應(yīng)電流方向的基本步驟.9.如圖所示的實(shí)線為一簇未標(biāo)明方向的點(diǎn)電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)線，虛線是一個(gè)不計(jì)重力的帶負(fù)電的粒子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡，則由圖可知A.場(chǎng)源點(diǎn)電荷帶負(fù)電B.帶電粒子在a點(diǎn)的加速度較小C.帶電粒子在a點(diǎn)的動(dòng)能較小D.b點(diǎn)的電勢(shì)較a點(diǎn)的電勢(shì)低【答案】D【解析】試題分析：由圖，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點(diǎn)受到的電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線向左，由于粒子帶負(fù)電，受到的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)線方向相反，所以粒子的電場(chǎng)線的方向向右，場(chǎng)源點(diǎn)電荷帶正負(fù)電．故A錯(cuò)誤．電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，由圖可知粒子在a點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大，粒子受到的電場(chǎng)力大，加速度大．故B錯(cuò)誤；由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關(guān)系分析可知，若粒子從a運(yùn)動(dòng)到b，電場(chǎng)力與軌跡之間的夾角是鈍角，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，則粒子在a點(diǎn)的速度較大，在b點(diǎn)電勢(shì)能較大．故C錯(cuò)誤．正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，方向向右，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，所以b點(diǎn)的電勢(shì)較a點(diǎn)的電勢(shì)低，故D正確．考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題是電場(chǎng)中帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡問題，首先要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，其次判斷粒子動(dòng)能和電勢(shì)能的變化要根據(jù)電場(chǎng)力做功情況；注意電場(chǎng)線密集的地方場(chǎng)強(qiáng)較大；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低.10.質(zhì)譜儀是一種測(cè)定帶電粒子質(zhì)量或分析同位素的重要設(shè)備，它的構(gòu)造原理如圖示．離子源S產(chǎn)生的各種不同正離子束（速度可視為零），經(jīng)MN間的加速電壓U加速后從小孔S1垂直于磁感線進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，運(yùn)轉(zhuǎn)半周后到達(dá)照相底片上的P點(diǎn)．設(shè)P到S1的距離為x，則A.若離子束是同位素，則x越大對(duì)應(yīng)的離子質(zhì)量越小B.若離子束是同位素，則x越大對(duì)應(yīng)的離子質(zhì)量越大C.只要x相同，對(duì)應(yīng)的離子質(zhì)量一定相同D.只要x相同，對(duì)應(yīng)的離子的電量一定相等【答案】B【解析】粒子在加速電場(chǎng)中做加速運(yùn)動(dòng),由動(dòng)能定理得：,解得：，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：,所以：x=2r=；A.若離子束是同位素，則q相同而m不同，x越大對(duì)應(yīng)的離子質(zhì)量越大，故A錯(cuò)誤，B正確；C.由x=可知，只要x相同，對(duì)應(yīng)的離子的比荷一定相等，離子質(zhì)量和電量不一定相同，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；故選：B.點(diǎn)睛：根據(jù)動(dòng)能定理求出粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出在磁場(chǎng)中的軌道半徑，從而得出P到S1的距離x，看x與什么因素有關(guān)．11.如圖所示，圖中MN是由負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。一帶正電粒子q飛入電場(chǎng)后，只在電場(chǎng)力作用下沿圖中虛線運(yùn)動(dòng)，a、b是該曲線上的兩點(diǎn)，則下列說法正確是A.該電場(chǎng)的場(chǎng)源電荷在M端B.a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C.a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)D.粒子在a點(diǎn)的動(dòng)能小于在b點(diǎn)的動(dòng)能【答案】AD【解析】試題分析：正粒子受到的電場(chǎng)力向左，故負(fù)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)由N指向M，故M端為場(chǎng)源電荷，故A正確；根據(jù)負(fù)電荷周圍電場(chǎng)分布特點(diǎn)可知：a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，故BC錯(cuò)誤；粒子從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，故D正確．故選AD.考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).【名師點(diǎn)睛】此題是帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題；依據(jù)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡確定其所受電場(chǎng)力方向是解決帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題的突破口，然后可進(jìn)一步根據(jù)電場(chǎng)線、電場(chǎng)力做功等情況確定電勢(shì)、電勢(shì)能的高低變化情況.12.在如圖所示的電路中，閉合電鍵后小燈泡正常發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)A.電壓表示數(shù)變大B.電流表示數(shù)變大C.小燈泡亮度變暗D.電源總功率變大【答案】BCD【解析】試題分析：當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向上移動(dòng)，其接入電路的電阻減小，電路總電阻R總減小，總電流I增大，R1不變，R1電壓和內(nèi)電壓均增大，所以并聯(lián)部分電壓減小，通過燈泡的電流減小，則R2電壓減小，電壓表示數(shù)變小，小燈泡亮度變暗．故A錯(cuò)誤，C正確．總電流增大，而通過燈泡的電流減小，根據(jù)并聯(lián)電路的規(guī)律知電流表示數(shù)變大．故B正確．電源的總功率P=EI，I增大，P增大，故D正確．故選BCD.考點(diǎn)：電路的動(dòng)態(tài)分析【名師點(diǎn)睛】本題按“部分→整體→部分”的思路進(jìn)行動(dòng)態(tài)變化分析．對(duì)于電壓表的示數(shù)，可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻而增大的結(jié)論進(jìn)行分析．根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的特點(diǎn)，分析各部分電壓的變化，比較簡(jiǎn)便。13.如圖所示，MN是勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的一塊薄金屬板，帶電粒子（不計(jì)重力）在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)并穿過金屬板，曲線表示其運(yùn)動(dòng)軌跡，由圖知：A.粒子帶負(fù)電B.粒子運(yùn)動(dòng)方向是abcdeC.粒子運(yùn)動(dòng)方向是edcbaD.粒子在上半周所用時(shí)間比下半周所用時(shí)間長(zhǎng)【答案】AC【解析】ABC、帶電粒子穿過金屬板后速度減小，由可知，軌跡半徑應(yīng)減小，故可知粒子運(yùn)動(dòng)方向是edcba.粒子所受的洛倫茲力均指向圓心，則粒子應(yīng)帶負(fù)電，故A正確，B錯(cuò)誤，C正確；D.由可知，粒子運(yùn)動(dòng)的周期和速度無關(guān)，而上下均為半圓，故粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，均為T/2，故D錯(cuò)誤；故選：AC.14.如圖所示，通電導(dǎo)線MN與單匝矩形線圈abcd共面，位置靠近ad且相互絕緣．當(dāng)MN中電流突然增大時(shí)，下列說法正確的是A.線圈所受安培力的合力方向向左B.線圈所受安培力的合力方向向右C.線圈中感應(yīng)電流的方向是abcdaD.線圈中感應(yīng)電流的方向是adcba【答案】AC【解析】試題分析：金屬線框abcd放在導(dǎo)線MN上，導(dǎo)線中電流產(chǎn)生磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則判斷可知，線框abcd左右兩側(cè)磁場(chǎng)方向相反，線框左側(cè)的磁通量小于線框右側(cè)的磁通量，磁通量存在抵消的情況．若MN中電流突然增大時(shí)，穿過線框的磁通量將增大．根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)要阻礙磁通量的變化，則線框abcd感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故A正確，B錯(cuò)誤；再由左手定則可知，左邊受到的安培力水平向左，而右邊的安培力方向也水平向左，故安培力的合力向左．故C正確，D錯(cuò)誤．故選AC.考點(diǎn)：楞次定律；左手定則【名師點(diǎn)睛】本題運(yùn)用楞次定律判斷電磁感應(yīng)中導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)方向，也可以根據(jù)因果關(guān)系，運(yùn)用安培定則、楞次定律和左手定則按部就班進(jìn)行分析判斷。理解楞次定律的核心內(nèi)容“阻礙”是解題的關(guān)鍵，當(dāng)磁通量變化時(shí)感應(yīng)電流的磁場(chǎng)表現(xiàn)為“增反減同”，從受力角度表現(xiàn)為“來拒去留”.15.如圖所示，在圖中虛線所圍區(qū)域內(nèi)，存在電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)和磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。已知從左方水平射入的電子，穿過這區(qū)域時(shí)未發(fā)生偏轉(zhuǎn)。電子重力忽略不計(jì)，則在這區(qū)域中的E和B的方向可能是A.E豎直向下，B垂直紙面向外B.E豎直向上，B垂直紙面向里C.E豎直向上，B垂直紙面向外D.E、B都沿水平方向，并與電子運(yùn)行方向相同【答案】CD【解析】試題分析：重力忽略不計(jì)的電子，穿過這一區(qū)域時(shí)未發(fā)生偏轉(zhuǎn)；若E豎直向下，B垂直于紙面向外，則有電場(chǎng)力豎直向上，而磁場(chǎng)力由左手定則可得方向豎直向上，兩個(gè)力方向相同，電子穿過此區(qū)域會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)．故A錯(cuò)誤；若E豎直向上，B垂直于紙面向里，則有電場(chǎng)力方向豎直向下，而磁場(chǎng)力方向由左手定則可得豎直向下，所以兩力不能使電子做直線運(yùn)動(dòng)．故B錯(cuò)誤；若E豎直向上，B垂直于紙面向外，則有電場(chǎng)力豎直向下，而磁場(chǎng)力由左手定則可得方向豎直向上，所以當(dāng)兩力大小相等時(shí)，電子穿過此區(qū)域不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)．故C正確；若E和B都沿水平方向，并與電子運(yùn)動(dòng)方向相同，則有電子所受電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，而由于電子運(yùn)動(dòng)方向與B方向相互平行，所以不受磁場(chǎng)力，因此穿過此區(qū)域不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故D正確；故選CD。考點(diǎn)：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】該題考查了電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力的方向的判斷，在判斷磁場(chǎng)力方向時(shí)，要會(huì)熟練的應(yīng)用左手定則；了解二力平衡的條件，會(huì)準(zhǔn)確的判斷二力是否能平衡是解決此類問題的關(guān)鍵。二、實(shí)驗(yàn)題：16.某同學(xué)在測(cè)定金屬圓柱體電阻率時(shí)需要先測(cè)量其尺寸，他分別使用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器測(cè)量圓柱體的長(zhǎng)度和直徑，某次測(cè)量的示數(shù)如圖所示，則：長(zhǎng)度為__________cm，直徑為__________mm．【答案】(1).2.06cm；(2).4.815mm；【解析】試題分析：圓柱體的長(zhǎng)度：2.0cm+0.1mm×6=2.06cm；直徑為：4.5mm+0.01mm×31.5=4.815mm.考點(diǎn)：游標(biāo)卡尺及螺旋測(cè)微器的讀數(shù).17.某同學(xué)測(cè)定一根金屬絲的電阻率。（1）先用多用電表粗測(cè)其電阻。將選擇開關(guān)調(diào)到歐姆擋“×10”檔位并調(diào)零，測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)角度太大，這時(shí)他應(yīng)該：a．將選擇開關(guān)換成歐姆擋的_______檔位（選填“×100”或“×1”）b．將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使歐姆表指針指在表盤右端零刻度處。再次測(cè)量電阻絲的阻值，其表盤及指針?biāo)肝恢萌鐖D所示，則此段電阻絲的電阻為__________Ω。（2）現(xiàn)要進(jìn)一步精確測(cè)量其阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：4V的直流電源；3V量程的直流電壓表；電鍵；導(dǎo)線等。還有電流表與滑動(dòng)變阻器各兩個(gè)以供選用：A．電流表A1（量程0.3A，內(nèi)阻約1Ω）B．電流表A2（量程0.6A，內(nèi)阻約0.3Ω）C．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為10Ω）D．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為50Ω）為了盡可能提高測(cè)量準(zhǔn)確度且要求電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大。電流表應(yīng)選_____，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選__________（填器材前面的選項(xiàng)字母）。（3）請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，試在答題紙的對(duì)應(yīng)方框內(nèi)畫出相應(yīng)的實(shí)驗(yàn)原理圖?！敬鸢浮?1).（1）×1檔；(2).12Ω(12.012.2)；(3).（2）A；C；(4).(3)如圖所示【解析】試題分析：（1）a．將選擇開關(guān)調(diào)到歐姆擋“×10”檔位并調(diào)零，測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)角度太大，說明檔位選擇過高，因?qū)⑦x擇開關(guān)換成歐姆擋的“×1”檔位；b.電阻絲的電阻為12Ω；（2）通過電阻的最大電流可能是，故電流表應(yīng)選A，要求電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，則滑動(dòng)變阻器用分壓電路，應(yīng)選C；（3）如圖所示；考點(diǎn)：測(cè)定金屬絲的電阻率【名師點(diǎn)睛】此題考查了測(cè)定一根金屬絲的電阻率；游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)歷來是考試的熱點(diǎn)，應(yīng)該熟練掌握各種型號(hào)的游標(biāo)卡尺及螺旋測(cè)微器的讀數(shù)；測(cè)量電阻時(shí)，要搞清實(shí)驗(yàn)的原理及器材的選擇方法，知道如何確定測(cè)量電路和供電電路.三、解答題：18.矩形導(dǎo)線框abcd置于豎直向上的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.6T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其中ab、cd邊長(zhǎng)度相等均為L(zhǎng)=0.5m，且ab、cd邊質(zhì)量均忽略不計(jì)，bc邊長(zhǎng)度為d=0.2m，質(zhì)量為m=0.02kg，線框可繞MN轉(zhuǎn)動(dòng)，導(dǎo)線框中通以MabcdN方向的恒定電流后，導(dǎo)線框往紙外偏轉(zhuǎn)角θ=370而達(dá)到平衡。(sin370=0.6cos370=0.8，g=10m/s2)求：（1）導(dǎo)線框達(dá)到平衡時(shí)，穿過平面abcd的磁通量?為多少？（2）線框中電流強(qiáng)度I大小【答案】（1）3.6×102Wb；（2）1.25A；【解析】試題分析：（1）根據(jù)磁通量公式，則有：φ=BSsinθ=BLdsinθ=0.6×0.5×0.2×0.6Wb=3.6×102Wb;（2）對(duì)bc邊，根據(jù)力的平衡條件，則有：F=mgtanθ．因F=BId解得：考點(diǎn)：磁通量；物體的平衡.19.如圖所示，一個(gè)100匝的圓形線圈（圖中只畫了2匝），面積為200cm2，線圈的電阻為1Ω，在線圈外接一個(gè)阻值為4Ω的電阻和一個(gè)理想電壓表。線圈放入方向垂直線圈平面指向紙內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如B－t圖所示，求：（1）t＝3s時(shí)電壓表的讀數(shù)。（2）4～6s內(nèi)經(jīng)過電阻R的電量。【答案】（1）0.8V；(2)1.6C；【解析】試題分析：（1）t＝3s時(shí)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：電壓表的讀數(shù)：（2）4～6s內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：通過電路的電流：經(jīng)過電阻R的電量：q=It=0.8×2C=1.6C考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；全電路歐姆定律【名師點(diǎn)睛】此題是法拉第電磁感應(yīng)定律以及全電路歐姆定律的應(yīng)用問題；解題時(shí)要首先掌握法拉第電磁感應(yīng)定律的表達(dá)式，搞清內(nèi)外電路，靈活應(yīng)用全電路的歐姆定律；要知道電壓表的讀數(shù)是路端電壓，不是電動(dòng)勢(shì)的值.20.如圖所示，一帶電微粒質(zhì)量為m、電荷量為q，從靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場(chǎng)加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，微粒射出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角為θ．已知偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中