新疆維吾爾自治區(qū)阿克蘇市2025屆物理高二第一學期期末統(tǒng)考試題含解析

新疆維吾爾自治區(qū)阿克蘇市2025屆物理高二第一學期期末統(tǒng)考試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、從同一點O先后水平彈出的三個物體分別落在對面臺階上的A、B、C三點，若不計空氣阻力，三物體平拋的初速度vA、vB、vC的關系以及三物體在空中的飛行時間tA、tB、tC的關系分別是()A.vA＞vB＞vC，tA＞tB＞tC B.vA＜vB＜vC，tA=tB=tCC.vA＜vB＜vC，tA＞tB＞tC D.vA＞vB＞vC，tA＜tB＜tC2、火警報警器的電路示意圖如圖所示。其中，RT為用半導體熱敏材料制成的傳感器，這種半導體熱敏材料的電阻率隨溫度的升高而減小。電流表為值班室的顯示器，電源兩極之間接一報警器。當傳感器RT所在處出現火情時，通過顯示器的電流I、報警器兩端的電壓U的變化情況是（）A.I變大，U變大 B.I變大，U變小C.I變小，U變大 D.I變小，U變小3、如圖所示，兩根平行長直導線M、N中通有等大、反向的電流．長直導線M、N與紙面垂直放置，O為MN連接的中點，在紙面內以O點為圓心做圓，與MN連線交于a、b兩點，與MN中垂線交于c、d兩點，則下列說法正確的是（）A.圓心O處磁感應強度的大小為零B.c、d兩點磁感應強度方向相同C.a、b兩點磁感應強度方向相反D.a、c兩點磁感應強度方向互相垂直4、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線．則下列說法中正確的是（）A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻不變B.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小C.對應P點，小燈泡的電阻為D.對應P點，小燈泡的電阻為5、運動員進行“折返跑”訓練，從A點沿直線跑到B點，又從B點沿原路返回A點，A、B兩點直線距離為50m，此過程中運動員的路程和位移的大小分別是()A.50m,0 B.100m,0C.50m,100m D.100m,100m6、如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點，O為半圓弧的圓心，∠MOP＝90°，在M、P處各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有垂直紙面向里、大小相等的恒定電流，這時O點的磁感應強度大小為B0．若將P處長直導線移開，則O點的磁感應強度的大小為()A.B.C.D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質量為和質量為的兩個物體在光滑的水平面上發(fā)生正碰，碰撞時間極短，其位移—時間圖像如圖所示，則（）A.的質量為1.5kg B.的質量為3kgC.此碰撞有機械能損失 D.此過程無機械能損失8、如圖所示是兩個等量異種點電荷，周圍有1、2、3、4、5、6各點，其中1、2之間距離與2、3之間距離相等，2、5之間距離與2、6之間距離相等．兩條虛線互相垂直且平分，那么關于各點電場強度和電勢的敘述正確的是()A.1、3兩點電場強度相同B.5、6兩點電場強度相同C.4、5兩點電勢相同D.1、3兩點電勢相同9、在電磁感應現象中，下列說法正確的是()A.感應電流的磁場總是阻礙原來磁場的變化B.感應電流的磁場方向總是與引起它的磁場方向相反C.穿過閉合電路的磁通量越大，電路中的感應電流也越大D.穿過電路的磁通量變化越快，電路中的感應電動勢也越大10、質譜儀由如圖所示的兩部分區(qū)域組成：左側是一速度選擇器，M、N是一對水平放置的平行金屬板，分別接到直流電源兩極上，板間在較大范圍內存在著方向相互垂直，且電場強大小為E的勻強電場和磁感應強度大小為B1的勻強磁場；右側是磁感應強度大小為B2的另一勻強磁場，一束帶電粒子不計重力由左端O點射入質譜儀后沿水平直線運動，從A點垂直進入右側磁場后分成甲、乙兩束，其運動軌跡如圖所示，兩束粒子最后分別打在乳膠片的P1、P2兩個位置，A、P1、P2三點在同一條直線上，測出，帶電粒子電荷量和質量之比稱為比荷，則下列說法正確的是A.甲、乙兩束粒子在右側B2磁場中的速度大小都等于B.甲束粒子的比荷大于乙束粒子的比荷C.若甲、乙兩束粒子的質量相等，則甲、乙兩束粒子的電荷量比為4：3D.若甲、乙兩束粒子的電荷量相等，則甲、乙兩束粒子的質量比為4：3三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）質子（）和粒子（）從靜止開始經相同的電壓加速后進入同一勻強磁場做圓周運動，則這兩個粒子的動能之比為_____，軌道半徑之比為______，周期之比為_________12．（12分）用如圖所示的裝置來探究小球做圓周運動所需向心力的大小F與質量m、角速度ω和半徑r之間的關系．兩個變速輪塔通過皮帶連接，轉動手柄使長槽和短槽分別隨變速輪塔勻速轉動，槽內的鋼球就做勻速圓周運動．橫臂的擋板對鋼球的壓力提供向心力，鋼球對擋板的反作用力通過橫臂的杠桿作用使彈簧測力筒下降，從而露出標尺，標尺上的紅白相間的等分格顯示出兩個鋼球所受向心力的比值．如圖是探究過程中某次實驗時裝置的狀態(tài)（1）在研究向心力的大小F與質量m關系時，要保持_____相同A．ω和rB．ω和mC．m和rD．m和F（2）圖中所示，兩個鋼球質量和半徑相等，則是在研究向心力的大小F與______的關系A．質量mB．半徑rC．角速度ω（3）若圖中標尺上紅白相間的等分格顯示出兩個小球所受向心力的比值為1:9，與皮帶連接的兩個變速輪塔的半徑之比為______A．1:3B．3:1C．1:9D．9:1.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一帶電粒子質量為m，電量為q（不計重力），以某一速度垂直射入磁感應強度B、寬度為d的有界勻強磁場中，穿過磁場時速度方向與原來入射方向的夾角為30°．求：（1）帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動時的速度大??；（2）帶電粒子穿過磁場區(qū)域的時間為多少？14．（16分）如圖所示，電源電動勢有E=12V，內阻r=0.5Ω，“10V、20W”的燈泡L與直流電動機M并聯(lián)在電源兩極間，燈泡恰能正常發(fā)光，已知電動機線圈的電阻為RM=1Ω，求：（1）流過內阻的電流為多少？（2）電動機輸出功率為多少？（3）電源的效率為多少？15．（12分）如圖所示，在的水平向左勻強電場中，有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，軌道與一水平絕緣軌道MN連接，半圓軌道所在平面與電場線平行，其半徑，一帶正電荷的小滑塊質量為，與水平軌道間的動摩擦因數，取，求：（1）要小滑塊能運動到圓軌道的最高點L，滑塊應在水平軌道上離N點多遠處釋放？（2）這樣釋放的小滑塊通過P點時對軌道的壓力是多大？為半圓軌道中點

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，落地的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移解：三個物體落地的高度hA＞hB＞hC，根據h=gt2，知，tA＞tB＞tCxA＜xB＜xC，根據x=vt知，A的水平位移最短，時間最長，則速度最?。籆的水平位移最長，時間最短，則速度最大，所以有vA＜vB＜vC．故C正確，A、B、D錯誤故選C2、D【解析】當傳感器RT所在的位置出現火情時RT的阻值減小，電路中總電阻減小，干路電流變大，路端電壓變小，即報警器兩端的電壓U變小，R1兩端電壓變大，根據所以R2兩端的電壓變小，電流表示數變小，I變小。故選D。3、B【解析】根據右手螺旋定則確定兩根導線在a、b、c、d四點磁場的方向，根據平行四邊形定則進行合成【詳解】根據右手螺旋定則，M處導線在O產生的磁場方向豎直向下，N處導線在O點產生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應強度不等于0，故A錯誤；M在c處產生的磁場方向垂直于cM偏下，在d處產生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產生的磁場方向垂直于dN偏下，根據平行四邊形定則，知c處的磁場方向豎直向下，d處的磁場方向豎直向下，且合場強大小相等，故B正確；M在a處產生的磁場方向豎直向下，在b處產生的磁場方向豎直向下，N在a處產生的磁場方向豎直向下，b處產生的磁場方向豎直向下，根據場強的疊加知，a、b兩點處磁感應強度大小相等，方向相同，故C錯誤；由上分析可知，a、c兩點的磁場方向都是豎直向下，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤【點睛】解決本題的關鍵掌握右手螺旋定則判斷電流與其周圍磁場方向的關系，會根據平行四邊形定則進行合成4、D【解析】A、圖線上點與原點連線的斜率逐漸減小，說明隨著所加電壓的增大，電阻逐漸增大，故AB錯誤；C、對應P點，根據歐姆定律可知小燈泡的電阻為，故C錯誤，D正確5、B【解析】根據位移和路程的定義進行分析解答；明確物體回到原點時，位移為零；而路程是物體實際經過的軌跡的長度【詳解】由題意可知，運動員返回到原點，故位移為零；而路程等于經過軌跡的長度；故路程為s=2×50=100m；故選B6、B【解析】根據安培定則可知，兩導線在O點形成的磁感應強度如圖所示：合磁感應強度大小為B0.則根據幾何關系可知，兩導線單獨形成的磁感應強度大小為B0，故B正確，ACD錯誤故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】AB．根據位移時間圖像的斜率等于速度，可知碰撞前是靜止的，的速度為碰后的速度為的速度為以兩個物體組成的系統(tǒng)為研究對象，取碰撞前的速度方向為正方向，根據動量守恒定律有代入數據得B錯誤A正確；CD．碰撞前總動能碰撞后的總動能所以碰撞前后動能相等，碰撞過程中沒有機械能損失，C錯誤D正確。故選AD。8、ABC【解析】由等量異種電荷周圍電場線和等勢線的分布可知AB正確；4和5兩個點的電勢均為零，因此相等，3點的電勢為正，1點的電勢為負，因此不相等，C正確D錯誤9、AD【解析】根據楞次定律可知：感應電流的磁場總是阻礙原來磁場的變化，故A正確．由楞次定律可知：原磁通量減小時，感應電流的磁場方向與引起它的磁場方向相同，故B錯誤．穿過閉合電路的磁通量越大，但磁通量變化率不一定越大，所以根據法拉第電磁感應定律知感應電動勢不一定越大，感應電流也就不一定越大．故C錯誤．穿過電路的磁通量變化越快，磁通量變化率越大，根據法拉第電磁感應定律知感應電動勢也越大．故D正確．故選AD【點睛】解決本題的關鍵是理解并掌握楞次定律和法拉第電磁感應定律，要注意感應電動勢與磁通量變化率成正比，而不是與磁通量和磁通量變化量成正比10、AD【解析】A．粒子在平行金屬板間沿直線運動，說明洛倫茲力和電場力平衡，則可得，A正確；B．由題意，半徑與比荷成反比，由于，所以甲束粒子的比荷大于乙束粒子的比荷；C．若甲、乙兩束粒子的質量相等，則，C錯誤；D．若甲、乙兩束粒子的電荷量相等，則，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1:2②.③.1:2【解析】[1]由動能定理知兩個粒子的動能之比即是電場力做功之比，則有[2]由得由動能定理得得聯(lián)立得則有[3]由周期公式得12、①.A②.C③.B【解析】（1）[1]．在研究向心力的大小F與質量m、角速度ω和半徑r之間的關系時，需先控制某些量不變，研究另外兩個物理量的關系，該方法為控制變量法．故選A（2）[2]．兩個鋼球質量和半徑相等，則是在研究向心力的大小F與角速度的關系，故選C（3）[3]．根據F=mω2r，兩球的向心力之比為1：9，半徑和質量相等，則轉動的角速度之比為1：3，因為靠皮帶傳動，變速輪塔的線速度大小相等，根據v=rω，知與皮帶連接的變速輪塔對應的半徑之比為3：1．故選B四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】（1）粒子在磁場中做運輸證運動的軌跡如圖所示：粒子的軌道半徑：粒子做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：；（2）粒子做圓周運動的周期：由幾何知識可知，粒子做圓周運動轉過的圓心角為：則粒子在磁場中運動時間為：14、（1）4A（2）16W（3）83%【解析】(1)設流過燈泡的電流為IL，則內阻r的電壓Ur=E-UL=12V-10V=2V流過內阻的電流為(2)設流過電動機的電流為IM，IM=I﹣IL=4A-2A=2