四川省峨眉二中2025屆物理高二上期中聯考模擬試題含解析

四川省峨眉二中2025屆物理高二上期中聯考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、理想變壓器的原、副線圈的匝數比10︰1，當這臺變壓器的原線圈接入電壓為220V的交流電時，副線圈的電壓為（）A．0 B．22V C．220V D．2200V2、如圖所示，物體P以一定的初速度沿光滑水平面向右運動，與一個右端固定的輕質彈簧相撞，并被彈簧反向彈回．若彈簧在被壓縮過程中始終遵守胡克守律，那么在P與彈簧發(fā)生相互作用的整個過程中A．彈簧彈力大小方向都改變B．P做勻變速直線運動C．P的加速度大小不變，但方向改變一次D．P的加速度大小不斷改變，當加速度數值最大時，速度最小3、有一毫伏表，它的內阻是100Ω，量程為300mV，現要將它改裝成量程為3V的伏特表，則毫伏表應（）A．并聯一個100Ω的電阻B．并聯一個900Ω的電阻C．串聯一個100Ω的電阻D．串聯一個900Ω的電阻4、如圖所示的電路可將聲音信號轉換為電信號.該電路中，a是能在聲波驅動下沿水平方向振動的鍍有金屬層的振動膜，b是固定不動的金屬板，a、b構成了一個電容器，且通過導線與恒定電源兩極相接.在聲源S發(fā)出聲波驅動a在一定范圍內振動的過程中，下列說法正確的是（）A．a、b板間的電場強度不變B．a、b板所帶的電荷量不變C．電路中始終有方向不變的電流D．a板向右的位移最大時，電容器的電容最大5、關于牛頓第二定律F＝ma，下列說法正確的是()A．a的方向與F的方向相同B．a的方向與F的方向相反C．a的方向與F的方向無關D．a的方向與F的方向垂直6、如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a和c關于MN對稱、b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是（）A．b點場強大于d點場強B．a點場強等于c點場強C．a、b兩點間的電勢差等于b、c兩點間的電勢差D．試探電荷＋q在a點的電勢能小于在c點的電勢能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于電場線的下列說法中，正確的是：()A．電場線是客觀存在的B．電場線既可描述電場的方向，也可以描述電場的強弱C．一組疏密均勻、指向一致的平行直線的電場線所表示的一定是勻強電場D．靜電場中，電場線是從正電荷出發(fā)，到負電荷終止的曲線8、(多選)如圖所示，質子（）和氘核（）同時從靜止開始，經同一加速電場加速后，垂直射入同一偏轉電場中，偏轉后打在同一熒光屏幕上，不計重力，則它們（）A．能到達屏幕上同一點B．在偏轉電場中運動的加速度不相同C．從出發(fā)到屏幕的運動時間相同D．到達屏幕時的速度相同9、有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在赤道表面上隨地球一起轉動，b是近地軌道衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測衛(wèi)星，它們均做勻速圓周運動，各衛(wèi)星排列位置如圖所示，則（）A．在相同時間內a轉過的弧長最長B．b的向心加速度近似等于重力加速度gC．c在6h內轉過的圓心角是D．d的運動周期有可能是22h10、如圖所示，圖線AB是某電源的路端電壓隨電流變化的關系圖線，OM是固定電阻R兩端的電壓隨電流變化的圖線，由圖可知A．該電源的電動勢為6V，內阻是2ΩB．固定電阻R的阻值為1ΩC．該電源的最大輸出功率為9WD．當該電源只向電阻R供電時，其效率約為66.7%三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示的裝置可以探究做勻速圓周運動的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關。(1)本實驗采用的科學方法是________。A．控制變量法B．累積法C．微元法D．放大法(2)通過本實驗可以得到的結果是________。A．在質量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B．在質量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質量成正比D．在質量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比12．（12分）(1)有一同學用游標卡尺上標有20等分刻度的游標卡尺測一工件的長度，測得結果如圖示，則該工件的長度L＝________cm。(2)用螺旋測微器測某滾珠直徑時的顯示如圖所示，則滾珠的直徑為d0=________mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示電路中，電阻，電源內阻，電壓表可視為理想電表．當開關和均閉合時，電壓表的示數為10V．電阻中的電流為多大？路端電壓為多大？電源的電動勢為多大？當開關閉合而斷開時，電壓表的示數變?yōu)槎啻螅?4．（16分）如圖所示的電路中，R1=2Ω，R2=6Ω，電源內阻r=1Ω，若開關閉合后通過電源的電流為3A，銘牌上標有“6V12W”的電動機剛好正常工作，求：(1)流過R2上的電流為多少？(2)電源電動勢為多少？(3)若電動機線圈電阻為r0=0.5Ω，電動機輸出功率為多少?15．（12分）如圖所示，長為L、間距為d的兩金屬板A、B水平放置，ab為兩板的中心線．質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，從左側極板附近由靜止開始經電壓為U1的電場加速后，從a點水平射入．求：(1)粒子從a點射入的速度v0；(2)若將兩金屬板接上恒定電壓U2，使粒子恰好打到金屬板的中點，求電壓U2的大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據理想變壓器原副線圈匝數比等于電壓比得得故ACD錯誤，B正確。故選B。2、D【解析】

A．木塊向右運動壓縮彈簧，彈力方向始終向左，方向不變，選項A錯誤；BCD．根據胡克定律可知：彈簧的彈力與彈簧壓縮的長度成正比，當木塊向右壓縮彈簧時，彈力逐漸增大，加速度逐漸增大；木塊被彈簧彈回向左運動，彈簧恢復原長，加速度逐漸減小，但速度逐漸增大，恰好恢復原長時，速度最大，加速度最小為零，即P的加速度大小不斷改變，當加速度數值最大時，速度最小，物體P不是做勻變速直線運動，故BC錯誤，D正確。3、D【解析】把毫伏表改裝成電壓表需要串聯一個分壓電阻，串聯電阻阻值：R=UIg4、D【解析】

A．a、b間電壓不變，a振動過程中，板間距離變化，由公式知，a、b板間的電場強度會發(fā)生變化，故A錯誤；BC．a振動過程中，a、b間電壓不變，根據可知電容器的電容發(fā)生變化，由電容的定義式知，a、b板所帶的電荷量會發(fā)生變化，電容器會放電或充電，電路中電流的方向也會發(fā)生改變，故BC錯誤；D．a向右的位移最大時，a、b板間的距離最小，則a、b構成的電容器的電容最大，故D正確。故選D。5、A【解析】

根據牛頓第二定律F=ma得：a=F/m，質量是標量，力和加速度都是矢量，所以加速度方向與合外力方向相同，故選A．6、C【解析】

A．在兩等量異號電荷連線上，中間點電場強度最??；在兩等量異號電荷連線的中垂線上，中間點電場強度最大；所以b點場強小于d點場強，選項A錯誤；B．根據電場分布的對稱性可知a點與c點的場強大小相等，但方向不同，故場強不同，故B錯誤；C．沿著電場線方向電勢逐漸降低，由對稱性可知，a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差，故C正確；D．因a點的電勢高于c點的電勢，由可得試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】電場是客觀存在的物質．電場對放入其中的電荷有力的作用．描述電場的電場線是假想的圖線，都不是客觀存在的，故A錯誤；電場線能形象表示電場的強弱和方向，電場線越密，場強越大，故B正確；一組疏密均勻、指向一致的平行直線的電場線所表示的一定是勻強電場，故C正確；電場線是從正電荷出發(fā)，到負電荷終止的曲線，故D正確。所以BCD正確，A錯誤。8、AB【解析】設加速電場兩極板的距離為，偏轉電場極板長度為L，兩極板距離為；在加速電場中，在偏轉電場中所需時間為，在偏轉電場中的偏轉量為，聯立解得，同理可得離開偏轉電場時速度偏轉角度的正切，可見y和與電荷的電量和質量無關．所以出射點的位置相同，出射速度的方向也相同．故兩種粒子打屏上同一點．故A正確，在偏轉電場中做類平拋運動加速度為，由于質子和氘核的質量不同，而電荷量相同，故加速度不相同，故B正確；在加速電場中運動的加速度為，加速獲得的速度，則在加速度電場運動的時間為，在偏轉電場中經歷時間為，故經歷總時間為，經歷時間與比荷有關，故時間不同，故C錯誤；從出發(fā)到屏幕，由動能定理得，故速度與比荷有關，故速度不同，故D錯誤；選AB.【點睛】根據動能定理求出粒子進入偏轉電場時的速度，抓住在偏轉電場中垂直于電場方向做勻速直線運動，求出運動的時間．結合豎直方向上做勻加速直線運動，求出出電場時豎直方向上的分速度以及偏轉的位移．根據動能定理求出偏轉電場電場力做功的大小關系．9、BC【解析】

A、由，得，衛(wèi)星的半徑越大，線速度越小，所以b的線速度比c、d大，而a與c的角速度相等，根據v=ωr可知，a的線速度小于c的線速度，則在相同時間內b轉過的弧長最長;故A錯誤.B、b是近地軌道衛(wèi)星，則其向心加速度約為g;故B正確.C、c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在6h內轉過的圓心角是;故C正確.D、由開普勒第三定律知，衛(wèi)星的半徑越大，周期越大，所以d的運動周期大于c的周期24h;故D錯誤.故選BC。【點睛】對于衛(wèi)星問題，要建立物理模型，根據萬有引力提供向心力，分析各量之間的關系，并且要知道同步衛(wèi)星的條件和特點．10、CD【解析】

根據U-I圖象AB正確讀出電源的電動勢和短路電流，根據OM圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點．【詳解】電源的U-I圖像的縱截距表示電源電動勢，故E=6V，電源U-I圖像的斜率表示電源內阻，故r=66Ω=1Ω，A錯誤；線性電阻U-I圖像的斜率表示電阻大小，故R=4-02-0Ω=2Ω，B錯誤；當外電阻與電源內阻相等時，電源的輸出功率最大，即當外電阻R'=1Ω時，電源輸出功率為P輸出=三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC【解析】

(1)[1]探究做勻速圓周運動的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關，控制其他量不變，只改變其中的一個變量，看向心力與該變量的關系，故采用的是控制變量法，故A正確BCD錯誤。故選A。(2)[2]AB．在質量和半徑一定的情況下向心力的大小與角速度的平方成正比，與線速度的平方成正比，故AB錯誤；C．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質量成正比，故C正確；D．在質量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比，故D錯誤。故選C。12、(1)50.15cm；(2)2.620mm；【解析】游標卡尺的固定刻度讀數為5cm，游標讀數為：0.05×3mm=0.15mm=0.015cm，所以最終讀數為5.015cm．螺旋測微器的固定刻度讀數為2.5mm，可動刻度讀數為0.01×12.0mm=0.120mm，所以最終讀數為：2.620mm；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)I=1A(2)U=15V（3）E=21V(4)U′=16V【解析】試題分析：（1）電阻R2中的電流（2）外電阻所以路端電壓為：U=RI=15×1=15V（3）根據閉合電路歐姆定律得E=I（R+r）代入數據解得E=21V（4）S1閉合而S2斷開，電路中的總電流電壓表示數U′=I′（R1+R2）=1．8×21V代入數據解得U′=16V考點：閉合電路的歐姆定律14、(1)I=1A(2)12V(3)10W【解析】

圖中電阻R2和電動機M并聯，則知電阻R2上的電壓與電動機兩端的電壓相等，求出流過電阻R2的電流；同樣可以根據電動機的銘牌，由功率公式P=UI求出流過電動機的電流，即可得到干路電流，從而求的電源電動勢；當電動機內阻為0.5Ω時求得內阻消耗功率，從而求得電動機輸出功率；【詳解】(1)由部分電路歐姆定律得：流過R2上的電流為I(2)通過電動機的電流為：IM干路電流I=R1的電壓根據閉合電路歐姆定律得：電源的電動勢E=U+U(3)電動機輸出功率為P機【點睛】本題要注意電動機正常工作時其電路是非電阻電路，不能直接根據閉合電路歐姆定律求出電流。15、(1