江西省宜春市高安市高安中學(xué)2025屆高三物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

江西省宜春市高安市高安中學(xué)2025屆高三物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、火星探測器繞火星近地做圓周軌道飛行，其線速度和相應(yīng)的軌道半徑為v0和R0，火星的一顆衛(wèi)星在圓軌道上的線速度和相應(yīng)的軌道半徑為v和R，則下列關(guān)系正確的是（）A．lg（vv0）=-lg（B．lg（vv0）=2lg（C．lg（vv0）=-lg（D．lg（vv0）=2lg(2、伽利略創(chuàng)造的把實(shí)驗(yàn)、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法，有力地促進(jìn)了人類科學(xué)認(rèn)識(shí)的發(fā)展．利用如圖所示的裝置做如下實(shí)驗(yàn)：小球從左側(cè)斜面的O點(diǎn)由靜止釋放后沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，并沿右側(cè)斜面上升．斜面上先后鋪墊三種粗糙程度逐漸降低的材料時(shí)，小球沿右側(cè)斜面上升到的最高位置依次為1、2、3，根據(jù)三次實(shí)驗(yàn)結(jié)果的對比，可以得到的最直接的結(jié)論是A．如果斜面光滑，小球?qū)⑸仙脚cO點(diǎn)等高的位置B．如果小球不受力，它將一直保持勻速運(yùn)動(dòng)或靜止?fàn)顟B(tài)C．如果小球受到力的作用，它的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)將發(fā)生改變D．小球受到的力一定時(shí)，質(zhì)量越大，它的加速度越小3、如圖所示，、是兩個(gè)點(diǎn)電荷，P是這兩個(gè)點(diǎn)電荷連線中垂線上的一點(diǎn)圖中所畫P點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向可能正確的是A． B．C． D．4、關(guān)于光的波粒二象性，以下說法中正確的是()A．光的波動(dòng)性與機(jī)械波，光的粒子性與質(zhì)點(diǎn)都是等同的B．光子和質(zhì)子、電子等是一樣的粒子C．大量光子易顯出粒子性，少量光子易顯出波動(dòng)性D．紫外線、X射線和γ射線中，γ射線的粒子性最強(qiáng)，紫外線的波動(dòng)性最顯著5、一個(gè)小孩從滑梯上滑下的運(yùn)動(dòng)可看作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第一次小孩單獨(dú)從滑梯上滑下，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，第二次小孩抱上一只小狗后再從滑梯上滑下(小狗不與滑梯接觸)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2，則()A．t1＝t2 B．t1＜t2 C．t1＞t2 D．無法判斷t1與t2的大小6、如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直固定放置，軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自軌道端點(diǎn)P由靜止開始滑下，滑到最低點(diǎn)Q時(shí)，對軌道的正壓力為2mg，重力加速度大小為g．質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過程中，克服摩擦力所做的功為（）A．mgR B．mgR C．mgR D．mgR二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，物體A放存固定的斜面B上，在A上表面粘上一小塊橡皮泥，或者施加一個(gè)豎直向下的恒力F，下列說法中正確的有()A．若A原來是靜止的，則施加力F后，A仍保持靜止B．若A原來是靜止的，則粘上橡皮泥后，A將加速下滑C．若A原來是加速下滑的，則粘上橡皮泥后重新釋放，A的加速度將增大D．若A原來是加速下滑的，則施加力F后重新釋放，A的加速度將增大8、如圖所示，紙面內(nèi)間距均為L的A、B、C三點(diǎn)位于平行于紙面的勻強(qiáng)電場中．電荷量為q=1.0×10-5C的負(fù)電荷由A點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)克服電場力做功為，該電荷由C點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)電場力做功為W2=2.0×10-5J．若B點(diǎn)電勢為零，以下說法正確的是A．A點(diǎn)的電勢為2V B．A點(diǎn)的電勢為-2VC．勻強(qiáng)電場的方向?yàn)橛蒀點(diǎn)指向A點(diǎn) D．勻強(qiáng)電場的方向?yàn)榇怪庇贏C指向B點(diǎn)9、如圖所示，光滑水平面上，質(zhì)量分別為2m和m的兩個(gè)物塊A、B被不可伸長的細(xì)線拴接，物塊之間有一壓縮的輕彈簧（彈簧與物塊不連接）．兩物塊一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻細(xì)線斷裂．以下關(guān)于兩物塊的動(dòng)量與時(shí)間關(guān)系的描述合理的是（）A．B．C．D．10、使物體成為衛(wèi)星的最小發(fā)射速度稱為第一字宙速度，而使物體脫離星球引力所需要的最小發(fā)射速度稱為第二宇宙速度與的關(guān)系是=，已知某星球半徑是地球半徑R的，其表面的重力加速度是地球表面重力加速度g的，地球的平均密度為，不計(jì)其他星球的影響，則A．該星球上的第一宇宙速度為B．該星球上的第二宇宙速度為C．該星球的平均密度為D．該星球的質(zhì)量為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）某同學(xué)在“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，是否需要木板光滑_________。（2）某同學(xué)在“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，得到一條紙帶，在打出的點(diǎn)中依次選取連續(xù)的點(diǎn)A、B、C、D、E、F。所用交流電源的頻率為50Hz。利用圖中刻度尺讀取數(shù)據(jù)并計(jì)算出打E點(diǎn)時(shí)小車的速度為_________m/s（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。12．（12分）如圖1所示為多用電表的示意圖，其中S、T為可調(diào)節(jié)的部件，現(xiàn)用此電表測量一阻值約為的定值電阻，部分操作步驟如下：（1）選擇開關(guān)應(yīng)調(diào)到電阻檔的______填“”、“”、“”或“”位置．（2）將紅、黑表筆分別插入“”、“”插孔，把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)______填“S”或“T”，使電表指針指向______填“左側(cè)”或“右側(cè)”的“0”位置．（3）將紅、黑表筆的筆尖分別與電阻兩端接觸，電表示數(shù)如圖2所示，該電阻的阻值為______四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，自然伸長的輕彈簧左端固定在豎直墻上，右端在位置．質(zhì)量為的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以初速度從距點(diǎn)的點(diǎn)處向左運(yùn)動(dòng)，與彈簧接觸后壓縮彈簧，將彈簧右端壓到點(diǎn)位置后，又被彈簧彈回．離開彈簧后，恰好回到點(diǎn)．物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為．（）求物塊從點(diǎn)出發(fā)又回到點(diǎn)的過程，克服摩擦力所做的功．（）求點(diǎn)和點(diǎn)間的距離．（）如圖乙所示，若將另一個(gè)與完全相同的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）與彈簧右端拴接，將放在右邊，向左推、，使彈簧右端壓縮到點(diǎn)位置，然后從靜止釋放，、共同滑行一段距離后分離．分離后物塊向右滑行的最大距離是多少．14．（16分）如圖所示，將帶電荷量均為＋q、質(zhì)量分別為m和2m的帶電小球A與B用輕質(zhì)絕緣細(xì)線相連，在豎直向上的勻強(qiáng)電場中由靜止釋放，小球A和B一起以大小為的加速度豎直向上運(yùn)動(dòng)．運(yùn)動(dòng)過程中，連接A與B之間的細(xì)線保持豎直方向，小球A和B之間的庫侖力忽略不計(jì)，重力加速度為g，求：(1)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E的大小；(2)當(dāng)A、B一起向上運(yùn)動(dòng)t0時(shí)間時(shí)，A、B間的細(xì)線突然斷開，求從初始的靜止?fàn)顟B(tài)開始經(jīng)過2t0時(shí)間，B球電勢能的變化量．15．（12分）如圖，質(zhì)量為的物體A經(jīng)一輕質(zhì)彈簧與下方地面上的質(zhì)量為的物體B相連，彈簧的勁度系數(shù)為，A、B都處于靜止?fàn)顟B(tài)．一條不可伸長的輕繩繞過輕滑輪，一端連物體A，一端連輕掛鉤．開始時(shí)各段繩都處于伸直狀態(tài)，A上方的一段繩沿豎直方向．在掛鉤上系一質(zhì)量為的物體C并從靜止?fàn)顟B(tài)釋放，恰好能夠到達(dá)地面．已知它恰能使B離開地面但不繼續(xù)上升．現(xiàn)將質(zhì)量為的物體D系在掛鉤上后再舉高H=0.8m（未觸及滑輪）然后由靜止釋放（g取，空氣阻力不計(jì)）．求：（1）C從釋放到落地過程中彈簧彈性勢能的變化（2）D剛剛落至地面時(shí)的速度（結(jié)果可保留根號(hào)）

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】人造衛(wèi)星的向心力由萬有引力提供，故有：GMmGMmR02=mv02R所以lg(vv2、A【解析】

從實(shí)驗(yàn)中小球的三種運(yùn)動(dòng)情況可以得到，斜面的阻力越小，小球上升的位置越高，根據(jù)三次實(shí)驗(yàn)結(jié)果的對比，可以得到的最直接的結(jié)論是：如果不受阻力，就會(huì)升到與O點(diǎn)相等的高度，A項(xiàng)符合題意；而其他選項(xiàng)都不是由該實(shí)驗(yàn)直接得到的，需要進(jìn)一步推理或其它實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，BCD三項(xiàng)不符合題意．3、A【解析】

P點(diǎn)場強(qiáng)是兩個(gè)點(diǎn)電荷單獨(dú)存在時(shí)產(chǎn)生場強(qiáng)的矢量和，故合場強(qiáng)應(yīng)該在P點(diǎn)與兩個(gè)點(diǎn)電荷連線之間的范圍，如圖故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A.【點(diǎn)睛】場強(qiáng)是矢量，空間某點(diǎn)的場強(qiáng)是由各個(gè)點(diǎn)電荷單獨(dú)存在時(shí)產(chǎn)生的場強(qiáng)的矢量和，遵循平行四邊形定則．4、D【解析】

光的波動(dòng)性與機(jī)械波、光的粒子性與質(zhì)點(diǎn)有本質(zhì)區(qū)別，故A錯(cuò)誤；光子實(shí)質(zhì)上是以場的形式存在的一種“粒子”，而電子、質(zhì)子是實(shí)物粒子，故B錯(cuò)誤；光是一種概率波，大量光子往往表現(xiàn)出波動(dòng)性，少量光子則往往表現(xiàn)出粒子性，故C錯(cuò)誤；頻率越高的光的粒子性越強(qiáng)，頻率越低的光的波動(dòng)性越顯著，故D正確．故D正確，ABC錯(cuò)誤．5、A【解析】

選A設(shè)滑梯與水平面的夾角為θ，則第一次時(shí)a1＝＝gsinθ－μgcosθ第二次時(shí)a2＝＝gsinθ－μgcosθ所以a1＝a2，與質(zhì)量無關(guān)．又x＝at2，t與m也無關(guān)，A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6、C【解析】試題分析：據(jù)題意，質(zhì)點(diǎn)在位置P是具有的重力勢能為：；當(dāng)質(zhì)點(diǎn)沿著曲面下滑到位置Q時(shí)具有的動(dòng)能為：，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)對軌道壓力為：，由能量守恒定律得到：，故選項(xiàng)C正確．考點(diǎn)：能量守恒定律、圓周運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題分析的關(guān)鍵是找出質(zhì)點(diǎn)在初始位置是的機(jī)械能和在末位置時(shí)的機(jī)械能，兩個(gè)位置機(jī)械能只差就等于摩擦力做的功的大小即；但在球末位置時(shí)的動(dòng)能時(shí)需要用到圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律，，由此式可以求出在末位置的速度，也就可以求解此位置的動(dòng)能大小了．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】若A原來靜止，有：mgsinα≤μmgcosα，施加F后，因?yàn)槿杂校‵+mg）sinα≤μ（F+mg）cosα，則A仍然保持靜止．故A正確；若A原來靜止，有：mgsinα≤μmgcosα，即sinα≤μcosα，與物體質(zhì)量無關(guān)，則粘上橡皮泥后，A仍靜止，則B錯(cuò)誤．未加F時(shí)，物體受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有：，與質(zhì)量無關(guān)，則粘上橡皮泥后A的加速度不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；當(dāng)施加F后，加速度，因?yàn)間sinα＞μgcosα，所以Fsinα＞μFcosα，可見a′＞a，即加速度增大．故D正確．故選AD．8、BC【解析】

根據(jù)試探電荷的電荷量和電場力做功，根據(jù)公式，分別求出A與C間、C與B間電勢差，結(jié)合B點(diǎn)電勢為零，再確定A、B兩點(diǎn)的電勢．找到等勢線，根據(jù)電場線和等勢面的關(guān)系分析場強(qiáng)的方向．【詳解】對于C、B間電勢差為：，若B點(diǎn)電勢為零，UCB=φC-φB，則C點(diǎn)電勢φC=2V．而A與C間的電勢差為：，因UAC=φA-φC，則A點(diǎn)電勢φA=-2V，故A錯(cuò)誤，B正確；因φC=2V，φA=-2V，可知，AC連線的中點(diǎn)M電勢為0，M與B點(diǎn)的連線即為等勢線，且電場線垂直于等勢線，三角形ABC為等邊三角形，BM⊥AC，根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，則有勻強(qiáng)電場的方向由C到A，故C正確，D錯(cuò)誤．所以BC正確，AD錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】本題主要考查對電勢差公式的應(yīng)用能力，各量均需代入符號(hào)．注意電勢有正負(fù)，而電壓沒有正負(fù)可言．9、BC【解析】B兩物塊組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，開始兩者速度相等，A的質(zhì)量是B的質(zhì)量的兩倍，A的動(dòng)量是B的動(dòng)量的兩倍，細(xì)線斷裂后，A做減速運(yùn)動(dòng)，B做加速運(yùn)動(dòng)，A的動(dòng)量減小，B的動(dòng)量增加，由于A、B所受合外力大小相等、作用時(shí)間相等，由動(dòng)量定理可知，在相等時(shí)間內(nèi)它們動(dòng)量的變化量相等，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，A、B與彈簧分離，A、B各自做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度保持不變，動(dòng)量保持不變，A、B分離后A、B的速度可能相等，也可能B的速度大于A的速度，由此可知，最終，A的動(dòng)量與B的動(dòng)量可能相等，也可能是B的動(dòng)量大于A的動(dòng)量，由圖示各圖象可知，符合實(shí)際情況的是BC，BC正確，AD錯(cuò)誤；選BC．【點(diǎn)睛】兩物塊組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，細(xì)線斷裂后，A做減速運(yùn)動(dòng)，B做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，A、B與彈簧分離，然后它們各自做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)物塊的運(yùn)動(dòng)情況分析其動(dòng)量變化關(guān)系，然后分析圖示圖象答題．10、BC【解析】

A．根據(jù)第一宇宙速度故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意，第二宇宙速度故B正確；C．根據(jù)公式且故所以故C正確；D．根據(jù)公式故D錯(cuò)誤.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）不需要；（2）0.925m/s【解析】

（1）[1]該實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖恰疤骄啃≤囁俣入S時(shí)間變化的規(guī)律”，只要小車能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)即可，即使木板不光滑，也不影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果。因此，本實(shí)驗(yàn)不需要木板光滑；（2）[2]勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，一段位移的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則打E點(diǎn)時(shí)小車的速度為DF段小車的平均速度，，則打E點(diǎn)時(shí)小車的速度為：。12、×100T右側(cè)1【解析】用歐姆表測阻值約為1000Ω的定值電阻，部分操作步驟如下：（1）選擇開關(guān)應(yīng)調(diào)到電阻檔的“×100”位置．（2）將紅、黑表筆分別插入“+”、“-”插孔，把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕T，使電表指針指向右側(cè)的“0”位置．（3）將紅、黑表筆的筆尖分別與電阻兩端接觸，由圖2所示可知，該電阻的阻值為11×100=1Ω．故答案為（1）×100；（2）T；右側(cè)；（3）1．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（）．（）．（）．【解析】（）從回到的過程根據(jù)動(dòng)能定理得：克服摩擦力所做的功為．（）從回到全過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有．得．（）、分離時(shí)，兩者間彈力為零，且加速度相同，的加速度是，的加速度也是，說明只受摩擦力，彈簧處于原長．設(shè)此時(shí)它們的共同速度是，彈出過程彈力做功，由返回點(diǎn)的過程得，有，．解得．14、(1)(2)電勢能減小【解析】(1)由于小球在電場中向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，對于A、B兩球組成的整體，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律可得：其中：代入可得:(2)當(dāng)細(xì)線斷開時(shí)，B球受到豎直向上的電場力：小球受到的電場力和重力二力平衡，所以小球B接下來向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，其速度大小為