2025屆新疆烏魯木齊七十中物理高二第一學期期中統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆新疆烏魯木齊七十中物理高二第一學期期中統(tǒng)考模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為兩電源的U－I圖象，則下列說法不正確的是A．電源①的電動勢比電源②的電動勢大B．當外接同樣的電阻時，兩電源的輸出功率可能相等C．電源①的內阻比電源②的內阻大D．電源①的短路電流比電源②的短路電流大2、甲、乙兩個點電荷在真空中的相互作用力是F，如果把它們的電荷量都減小為原來的1/2，距離增加到原來的2倍，則相互作用力變?yōu)椋ǎ〢．8FB．F/2C．F/8D．F/163、如圖所示，木箱放在傳送裝置的水平臺階上，在木箱隨臺階向上做勻速直線運動的過程中，下列說法正確的是（）A．木箱受到的合外力不為零 B．木箱受到的支持力大于重力C．臺階對木箱沒有摩擦力作用 D．臺階對木箱的作用力方向斜向上4、如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內阻為r，當閉合開關S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，則正確的是A．電壓表和電流表的示數都增大 B．燈L2變暗，電流表的示數減小C．燈L1變亮，電壓表的示數減小 D．燈L2變亮，電容器的帶電量增加5、靜止的彈簧秤兩端同時受到大小都為4N的力F1、F2的作用，則彈簧秤的示數為()A．0B．4NC．8ND．無法確定6、和是材料相同、上下表面為正方形的長方體導體，的上下表面積大于的上下表面積，將和按圖中所示接到電源上，閉合開關后，下列說法正確的是（）A．若和的體積相同，則通過的電流大于通過的電流B．若和的體積相同，則的電功率等于的電功率C．若和的厚度相同，則兩端的電壓等于兩端的電壓D．若和的厚度相同，則兩端的電壓大于兩端的電壓二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用多用電表歐姆檔測電阻時，下列說法正確的是（）A．測量前必須調零，而且每測一次電阻都要重新調零B．為了使測量值比較準確，應該用兩手分別將兩表筆與待測電阻兩端緊緊捏在一起，以使表筆與待測電阻接觸良好C．待測電阻若是連接在電路中，應當先把它與其它元件斷開后再測量D．使用完畢應當拔出表筆，并把選擇開關旋到OFF檔或交流電壓最高檔8、如圖甲、乙所示的電路圖為電表改裝的示意圖，G為表頭、R為可調電阻，則下列說法正確的是()A．圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，改裝后電表的量程增大B．圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，改裝后電表的量程減小C．圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，改裝后電表的量程增大D．圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，改裝后電表的量程減小9、如圖所示電路中，開關閉合穩(wěn)定后，某時刻理想電壓表和電流表的讀數都突然增大，造成這一現象的原因是電阻元件發(fā)生短路或斷路故障，則可能出現了下列哪種故障（）A．R1斷路 B．R1短路 C．R2斷路 D．R3短路10、如圖，一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平。一質量為m的質點自P點上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點進入軌道。質點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小。用W表示質點從P點運動到N點的過程中克服摩擦力所做的功。則()A．W＝mgR，質點到達Q點后，繼續(xù)上升一段距離B．W＝mgR，質點恰好能到達Q點C．質點再次經過N點時，對N點壓力大于2mgD．要使質點能到達Q點上方R處，應在P點上方2R處釋放質點三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為某同學描繪額定電壓為2.5V的小電珠的I－U圖線的實驗電路圖.(1)開關S閉合之前，滑動變阻器的滑片應該置于_____(選填“A端”、“B端”或“AB正中間”).(2)實驗中發(fā)現移動滑動變阻器的滑片時，電流表的示數變化而電壓表的指針不動，下列原因可能的是（_____）A．燈泡中燈絲已燒斷B．滑片接觸不良C．燈泡內部短路D．滑動變阻器A端接觸不良(3)下圖中電流表的讀數是多少_______A(4)某同學在實驗中還測出a、b、c三種元件的伏安特性曲線分別如下圖的(a)、(b)、(c)，下列說法正確的是（_____）A．a可以作為標準電阻使用B．b能作為標準電阻使用C．c可以作為標準電阻使用D．c的阻值隨電壓升高而增大12．（12分）某同學選用兩個完全相同的小球A、B來驗證庫侖定律．使小球A和B帶上同種電荷，A球放在左右可移動且上下高度可調節(jié)的絕緣座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒C點，如圖．實驗時，保證A、B兩球球心在同一水平線上，待B球平衡后偏離豎直線的角度為θ，B球質量為m，重力加速度為g；先保持兩球電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，懸線的偏角越大；再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大.(1)實驗中需要用到_____________的科學方法．(2)根據平衡關系，A、B兩球之間的電場力F=________________（用m、g、θ表示）．（3）在閱讀教材后，該同學知道了庫侖定律的表達式，并知道了均勻分布的帶電球體可以等效為電荷量全部集中在球心處的一個點電荷．它將兩個半徑為R的金屬小球分別帶上了q1和q2的正電，并使其球心相距3R，應用庫侖定律，計算了兩球之間的庫侖力，則該同學的計算結果__________（選填“偏大”“偏小”“正確”），原因是：_________________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在傾角θ=30°的斜面上，固定一金屬框，寬L=0.15m，接入電動勢E=11V、內阻為r=0.6Ω的電池．垂直框面放有一根質量m=0.1kg的金屬棒，它與框架的摩擦因數為μ=36，整個裝置放在磁感應強度B=0.8T垂直框面向上的勻強磁場中．當調節(jié)滑動變阻器R的阻值在什么范圍內時，可使金屬棒靜止在框架上？框架與棒的電阻不計，g=10m/s114．（16分）如圖示，電子在電壓為U1的加速電場中由靜止開始運動，然后射入電壓為U2的偏轉電場中，射入方向與場強方向垂直，整個裝置處在真空中，重力可忽略。電子的質量為m，電量e，其他量如圖所示，求（1）電子射入偏轉電場時的速度v0？（2）電子飛出偏轉電場的時間t？（3）電子飛出電場的側移距離y？（4）電子飛出電場的偏轉角θ？15．（12分）如圖，平行板電容器為C，電荷量Q0，極板長為L，極板間距離為d，極板與水平面成α夾角，現有一質量為m的帶電液滴沿兩極板的中線從P點由靜出發(fā)到達Q點，P、Q兩點都恰在電容器的邊緣處，忽略邊緣效應，求：（1）液滴的電荷量；（2）液滴到達Q點時的速度大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

ACD．根據閉合電路歐姆定律得，當I=0時，U=E，即圖線與縱軸交點表示斷路狀態(tài)，交點的縱坐標等于電源的電動勢大小，由圖看出電源①的電動勢比電源②的電動勢大；當U=0時，，即圖線與橫軸交點表示短路狀態(tài)，交點的橫坐標等于短路時電路中的電流大小，由圖看出電源①的短路電流比電源②的短路電流大；圖線的斜率大小等于電源的內阻，由圖看出，電源①的內阻比電源②內阻大，故A、C、D正確；B．過原點O作出一條傾斜的直線③該直線與圖線①、②的交點就表示該電阻與兩電源連接時的工作狀態(tài)，由圖看出，直線③與圖線①交點的兩坐標的乘積大于直線③與圖線②交點的兩坐標的乘積，說明不論外接多大的相同電阻，電源①的輸出功率總比電源②的輸出功率大，故B錯誤；2、D【解析】由庫侖定律可得：F=kq1q3、C【解析】

木箱隨臺階向上做勻速直線運動，受合力為零，即木箱所受的重力和支持力平衡，不受摩擦力作用，臺階對木箱的作用力豎直向上；故C正確，ABD錯誤。

故選C。4、C【解析】

將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析得知：干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓：U減小,U1增大,U并減小，燈L2變暗.流過電流表的電流：I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數增大;

電容器兩端的電壓等于并聯(lián)部分的電壓,電壓變小，由：知電容器的電荷量減少，故選C

.5、B【解析】將其中一個力當成彈簧秤的固定端，則相當于用一個4N的力拉彈簧秤，故示數為4N，B正確．【點睛】這兩個力的作用點不同，所以不能當成共點力來合成．6、C【解析】

A．由于兩電阻串聯(lián)在電路中，因此兩電阻中電流一定相等，故A錯誤；

B．設電阻的表面邊長為a，厚度為d，根據可知，，則可知電阻與厚度d有關，與體積無關，由V=Sd可知，如果兩導體的體積相同，則P1的厚度小于P2厚度；因此P1的電阻大于P2的電阻；則由P=I2R可知，P1的電功率大于P2的電功率，故B錯誤；

CD．由B的分析可知，若厚度相同，則兩電阻阻值相同，由U=IR可知，P1兩端的電壓等于P2兩端的電壓，故C正確，D錯誤。

故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A、運用歐姆表測量電阻時，測量前必須歐姆調零，且每次在換擋后要重新調零，如果用同一歐姆檔測不同的電阻，不需要重新進行歐姆調零，故A錯誤；B、為了使測量值比較準確，表筆應與待測電阻緊密接觸，由于人體是導體，不應該用兩手分別將兩表筆與待測電阻兩端緊緊捏在一起，故B錯誤；C、測量電路中的電阻時，由于多用電表內部電源被接通，要將待測電阻與外部電源斷開，故C正確；D、多用電表使用完畢，應將選擇開關旋到“OFF”或交流電壓最高擋，故D正確．8、BC【解析】

圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，根據可知，會使得改裝后電表的量程減小，選項A錯誤，B正確；圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，根據可知，改裝后電表的量程增大，選項C正確，D錯誤；故選BC.9、AD【解析】

A．若R1斷路，則外電路電阻增大，電路中電流減小，路端電壓將增大，加在R2兩端電壓增大；則電流表的示數也將增大，故A正確；

BCD．若R1或R2短路，則電壓表被短路，電壓表示數應為零；只有R3短路時，電壓表接在電源兩端，測量值為電源的輸出電壓，故電壓表示數變大；同時因電路中電阻減小，故電路中電流增大，故D正確，BC錯誤。

故選AD。10、AC【解析】A、質點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為，故由牛頓第二定律可得：，解得：；那么對質點從靜止下落到N的過程應用動能定理可得：；由于摩擦力做負功，故質點在半圓軌道上相同高度時在NQ上的速度小于在PN上的速度，所以，質點對軌道的壓力也較小，那么，摩擦力也較小，所以，質點從N到Q克服摩擦力做的功，所以，質點在Q的動能大于零，即質點到達Q點后，繼續(xù)上升一段距離，故A正確，B錯誤；

C、由于摩擦力做負功，故質點在QN上運動，在同一位置時下滑速度小于上滑速度，所以，質點對軌道的壓力也較小，那么，摩擦力也較小，所以，質點從Q到N克服摩擦力做的功；所以，質點從靜止到再次經過N點，克服摩擦力做功為：

故由動能定理可得：；

所以，由牛頓第二定律可得質點受到的支持力為：，故由牛頓第三定律可得：質點再次經過N點時，對N點壓力大于，故C正確；

D、要使質點能到達Q點上方R處，設在P點上方h處釋放質點，那么由動能定理可得：，所以，，故D錯誤。點睛：經典力學問題一般先對物體進行受力分析，求得合外力及運動過程做功情況，然后根據牛頓定律、動能定理及幾何關系求解。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)A端C2.30A【解析】(1)開始時燈泡兩端的電壓應為零，然后再逐漸增大；故開始時滑片應滑到A端；(2)若調節(jié)滑動變阻器，電流表示數變化，說明電路是接通的；但電壓表示數不變，說明燈泡燈絲短路；故選C．(3)量程選擇3A，最小分度為0.1A，故電流表示數為2.30A；(4)a圖中電阻不隨電壓的變化而變化，故可以做為標準電阻使用；b的阻值隨電壓升高而增大，c的阻值隨電壓升高而降低，故A正確，B、C、D錯誤．故選A．【點睛】本題考查測量燈泡的伏安特性曲線的性質，要注意該實驗中的滑動變阻器的接法及電流表的接法．12、（1）控制變量法（2）mgtanθ（3）偏大；兩電荷帶同種電荷，導致電量間距大于3R．【解析】

（1）做這個實驗是時，“先保持兩球電荷量不變”和“再保持兩球距離不變”，可見，實驗中需要用到控制變量法的科學方法．（2）A球受重力，繩的拉力和電場力三力平衡，根據平衡關系，A、B兩球之間的電場力F=mgtanθ．（3）當兩球心相距為3R時，兩球不能看成點電荷，因帶同種電荷，導致電量間距大于3R，根據庫侖定律F=k，可知，它們相互作用的庫侖力大小F＜．即該同學的計算結果偏大，原因是：兩電荷帶同種電荷，導致電量間距大于3R．【點睛】本題應知道控制變量法在實驗中的應用，明確當兩球心相距為3R時，兩球不能看成點電荷，不能直接運用庫侖定律解答，注意庫侖定律的成立條件，理解點電荷的含義．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1.0Ω≤R≤4.2Ω【解析】

當滑動變阻器R取值較大,I較小時,安培力F較小,在金屬棒重力的分力作用下金屬棒有沿框面下滑的趨勢,金屬棒所受的靜摩擦力框面向上,金屬棒剛好不下滑時,滿足平衡條件,則得:BERmax+rL+μmgcos