2025屆陜西省商洛市洛南中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末檢測(cè)模擬試題含解析

2025屆陜西省商洛市洛南中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在下圖各電場(chǎng)中，A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同的是（）A. B.C. D.2、如圖所示，小明在平臺(tái)上將足球以一定速度水平踢出，經(jīng)過一段時(shí)間足球落地，忽略空氣阻力，足球在飛行過程中A.動(dòng)能始終不變B.重力勢(shì)能始終不變C.機(jī)械能始終不變D.機(jī)械能不斷增加3、如圖所示，電容器由平行金屬板M、N和電介質(zhì)D構(gòu)成．電容器通過開關(guān)S及電阻R與電源E相連接．則：（）A.M上移電容器的電容變大B將D插入電容器，電容變小C.斷開開關(guān)S，M上移，MN間電壓將減小D.閉合開關(guān)S，M上移，流過電阻R的電流方向從A到B4、自然界的電、熱和磁等現(xiàn)象都是相互聯(lián)系的，很多物理學(xué)家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了貢獻(xiàn)，下列說法錯(cuò)誤的是A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存聯(lián)系C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系D.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系5、如圖所示，某同學(xué)采用與乙車中相同型號(hào)的太陽能電池板給一個(gè)小電動(dòng)機(jī)供電，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為r．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I．電流表和電壓表均可視為理想電表．電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為A. B.C. D.6、如圖所示，直線A為電源的路端電壓與總電流關(guān)系的伏安圖線，直線B為電阻R兩端電壓與通過該電阻流關(guān)系的伏安圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路，電源的輸出功率和效率分別是（）A.2W，66.7% B.2W，33.3%C.4W，33.3% D.4W，66.7%二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、關(guān)于開普勒行星運(yùn)動(dòng)定律，下列說法正確的是A.所有行星圍繞太陽的運(yùn)動(dòng)軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上B.對(duì)于任意一個(gè)行星來說，它與太陽的連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過相等的面積C.表達(dá)式R3/T2=k,k是一個(gè)與行星無關(guān)的常量D.表達(dá)式R3/T2=k,T代表行星運(yùn)動(dòng)的自轉(zhuǎn)周期8、如圖所示，水平放置的平行板電容器上極板帶正電，從上極板的左端A點(diǎn)緊貼上極板以水平初速度v0向右射入一個(gè)帶正電的粒子，粒子重力不計(jì)．當(dāng)它的水平分速度與豎直分速度的大小之比為1︰2時(shí)，恰好從下極板的右端B點(diǎn)射出．設(shè)極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，板間距為d，則A.d=LB.d=2LC.若粒子初速度為2v0，則粒子從電容器中飛出時(shí)距上極板D.若粒子初速度為2v0，則粒子從電容器中飛出時(shí)距上極板9、質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小物塊，從傾角為θ的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個(gè)斜面置于方向水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，如圖所示．若帶電小物塊下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，下面說法中正確的是()A.小物塊下滑時(shí)受洛倫茲力方向垂直斜面向下B.小物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)且加速度為gsinθC.小物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度增大，而速度也增大的變加速直線運(yùn)動(dòng)D.小物塊在斜面上從下滑到對(duì)斜面壓力為零用的時(shí)間為10、用如圖所示電路測(cè)量待測(cè)電阻Rx的阻值，下列說法正確的是（）A.由于電壓表的分流作用，使電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值B.由于電流表的分壓作用，使電阻的測(cè)量值大于真實(shí)值C.電壓表的內(nèi)電阻越大，測(cè)量越精確D.電流表的內(nèi)電阻越小，測(cè)量越精確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，現(xiàn)準(zhǔn)備了下列器材：A.被測(cè)干電池（電動(dòng)勢(shì)約1.5V，內(nèi)阻約1.0Ω）B.靈敏電流表G（滿偏電流3.0mA，內(nèi)阻10Ω）C.電流表A（量程0~0.60A，內(nèi)阻0.10Ω）D.滑動(dòng)變阻器R1（0~20Ω，10A）E.滑動(dòng)變阻器R2（0~100Ω，1A）F.定值電阻R3=990ΩG.電鍵和導(dǎo)線若干(1)為了能較為準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，也為了操作方便，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的滑動(dòng)變阻器是_____。(2)請(qǐng)?jiān)谙聢D矩形框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖___。(3)右圖為某同學(xué)根據(jù)正確的電路圖作出的I1—I2圖線（I1為靈敏電流表G的示數(shù)，I2為電流表A的示數(shù)），由該圖線可得：被測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=_____V，內(nèi)電阻r=____Ω。12．（12分）某同學(xué)在做“測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中，可使用的器材有：A．兩只相同的毫安表（量程Ig＝3mA，內(nèi)阻Rg＝1000Ω）；B．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值20Ω）；C．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值2000Ω）；D．各種規(guī)格的定值電阻R0；E．電源E（電動(dòng)勢(shì)約為3.0V）；F．開關(guān)、導(dǎo)線若干由于給出的毫安表量程太小，該同學(xué)首先要把一只毫安表改裝成量程為0.6A的電流表，他需要把阻值為__________Ω的定值電阻R0與毫安表并聯(lián)（結(jié)果保留一位小數(shù)）.該同學(xué)將用如右上方的電路圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．在實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)變阻器的滑片由左向右逐漸滑動(dòng)時(shí)，電流表G1示數(shù)逐漸增大，電流表G2示數(shù)接近3.0mA并且?guī)缀醪蛔儯?dāng)滑片臨近最右端時(shí)，電流表G2示數(shù)急劇變化．出現(xiàn)這種問題，應(yīng)更換一個(gè)總阻值比原來______(選填“大”或“小”)的變阻器．在更換變阻器后,該同學(xué)連好電路，改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，讀出毫安表G1、G2的示數(shù)分別為I1、I2，并得到多組數(shù)據(jù)，建立直角坐標(biāo)系，作出了I2和I1的關(guān)系圖線，經(jīng)擬合得到直線I2＝3.0mA－0.4I1,則得出電源電動(dòng)勢(shì)E＝_____V，內(nèi)阻r＝_____Ω．（保留一位小數(shù)）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，xoy直角坐標(biāo)系構(gòu)成一豎直平面，其第一、四象限范圍內(nèi)（含y軸）存在方向豎直向下、場(chǎng)強(qiáng)大小E=4.5×103N/C的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量m=1.0kg、帶電量q=－4×10－3C的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），用長(zhǎng)度l=1.0m的不可伸長(zhǎng)的絕緣輕繩懸掛在原點(diǎn)O處?，F(xiàn)將小球向左拉至坐標(biāo)為（－0.6m，－0.8m）的A點(diǎn)處靜止釋放，繩始終未被拉斷，g取10m/s2。求小球：（1）從A點(diǎn)第一次運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸處時(shí)的速度大??；（2）第一次從y軸向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過與A點(diǎn)等高處位置的橫坐標(biāo)；（3）第一次離開電場(chǎng)前瞬間繩子受到的拉力大小。14．（16分）兩塊長(zhǎng)方體木板A和B，長(zhǎng)度都是L＝4.5m，緊貼在一起，靜置于光滑水平面上．另一小物塊C(視為質(zhì)點(diǎn))位于木板A的左端，如圖所示．現(xiàn)給物塊C一向右的初速度v0＝6.0m/s.已知物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.25，A、B、C的質(zhì)量均為m＝1kg，g取10m/s2．試問：⑴物塊C能否滑上木板B？請(qǐng)說明原因⑵全過程中，木板A受到木板B彈力的沖量15．（12分）如圖所示，真空中有一xoy坐標(biāo)系，僅在第一象限存在垂直于紙面向里、范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，A點(diǎn)坐標(biāo)為（x0，0），A'點(diǎn)坐標(biāo)為（-x0，0）。一質(zhì)量為m，電荷量為+q的帶電粒子，從A點(diǎn)以平行于y軸正方向的初速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)，經(jīng)過一段時(shí)間，恰運(yùn)動(dòng)到A'點(diǎn)。不計(jì)粒子的重力。求(1)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；(2)粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A'點(diǎn)的時(shí)間。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A．A、B是離點(diǎn)電荷等距的兩點(diǎn)，處于同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相同，場(chǎng)強(qiáng)大小相等，但方向不同，則電場(chǎng)強(qiáng)度不同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可知，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；C．平行金屬板內(nèi)部是勻強(qiáng)電場(chǎng)，A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，故C正確；D．圖中A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)線方向不同，疏密程度也不同，兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不同，故D錯(cuò)誤。故選C。2、C【解析】足球在飛行過程中，只有重力做功，且重力做正功，可知?jiǎng)幽茉黾?，故A錯(cuò)誤．足球的高度不斷下降，重力做正功，重力勢(shì)能減少，故B錯(cuò)誤．由于只有重力做功，所以足球的機(jī)械能保持不變，故C正確，D錯(cuò)誤3、D【解析】根據(jù)電容的決定式，分析電容的變化.電容器的板間電壓不變，根據(jù)電容的定義式，分析電容器電量的變化，即可判斷電路中電流的方向.【詳解】A．M向上移時(shí)，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式，得知電容器的電容變小，故A錯(cuò)誤.B．將D插入電容器，介電常數(shù)增大，根據(jù)電容決定式，得知電容器的電容變大，故B錯(cuò)誤；C．?dāng)嚅_開關(guān)S，M上移，電量不變，而電容減小，根據(jù)電容的定義式，分析可知電容器兩端的電壓增大，故C錯(cuò)誤；D．閉合開關(guān)S，電壓不變，M上移時(shí)電容減小，則由Q=UC可知，電量Q減??；電容器放電，流過電阻的電流方向從A到B，故D正確.故選D.【點(diǎn)睛】本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，在抓住電容器電壓不變的基礎(chǔ)上，根據(jù)電容的決定式和定義式結(jié)合分析.4、B【解析】A．奧斯特最先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭開了人類研究電磁相互作用的序幕，故A不符合題意；B．歐姆定律說明了電流與電壓的關(guān)系，故B符合題意；C．法拉第經(jīng)十年的努力發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故C不符合題意；D．焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系，故D不符合題意。故選B。5、C【解析】電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，則電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為P=IU，故選C.6、A【解析】由圖象A可知電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V，由圖象B可知，此時(shí)電阻R兩端的電壓為U=2V，流過R的電流為I=1A，電源的輸出功率即為電阻R上消耗的功率，根據(jù)P=UI得：P=2×1W=2W電源的總功率為：P總=EI=3×1W=3W所以效率為：A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】A、第一定律的內(nèi)容為：所有行星分別沿不同大小的橢圓軌道繞太陽運(yùn)動(dòng)，太陽處于橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上．故A正確；B、開普勒第二定律的內(nèi)容為：對(duì)于任意一個(gè)行星來說，它與太陽的連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過相等的面積，故B正確．C、D、第三定律：所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等，k是與環(huán)繞天體無關(guān)，與中心天體有關(guān)的常量，而T為環(huán)繞天體的公轉(zhuǎn)周期，故D錯(cuò)誤，C正確．故選ABC【點(diǎn)睛】正確理解開普勒的行星運(yùn)動(dòng)三定律是解答本題的關(guān)鍵，注意理解面積定律的意義，知道行星在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速率小于在近日點(diǎn)的速率8、AD【解析】帶正電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，帶電粒子在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平速度恒為v0，當(dāng)粒子恰好從下端點(diǎn)B射出，它的水平速度與豎直速度的大小之比為1：2，故豎直分速度為2v0，豎直方向的平均速度為v0，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)的等時(shí)性，可得d與L的關(guān)系【詳解】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度恒為v0，豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；當(dāng)粒子恰好從下端點(diǎn)B射出時(shí)，它的水平速度與豎直速度的大小之比為1：2，故豎直方向的末速度為2v0，由勻變速直線的運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知：豎直方向的平均速度為v0，水平分運(yùn)動(dòng)和豎直分運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，設(shè)為t，故，故B錯(cuò)誤，A正確．若粒子初速度為2v0，則粒子飛出電場(chǎng)時(shí)時(shí)間變?yōu)樵瓉淼囊话耄鶕?jù)可知，從電容器中飛出時(shí)距上極板的距離變?yōu)樵瓉淼?/4，即d/4，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；故選AD9、BD【解析】A．帶電小物塊能夠離開斜面，速度沿斜面向下，根據(jù)左手定則可知洛倫茲力應(yīng)垂直斜面向上，故A錯(cuò)誤；BC．對(duì)小物塊受力分析，沿斜面方向根據(jù)牛頓第二定律：解得加速度：，小物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確，C錯(cuò)誤；D．小物塊對(duì)斜面壓力為零，在垂直于斜面方向：從靜止到離開斜面用時(shí)：故D正確。故選BD10、AC【解析】AB．由于電壓表的分流作用，使得電流的測(cè)量值偏大，根據(jù)可知，電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD．電壓表的內(nèi)電阻越大，分流作用越小，電流表的示數(shù)越接近于電阻上電流的真實(shí)值，則測(cè)量越精確，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.D②.③.1.47V④.0.740.78【解析】(1)[1]為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選阻值較小D。(2)[2]伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，需要電壓表，現(xiàn)在沒有電壓表，可以用G與R3串聯(lián)組成電壓表測(cè)電壓，電流表測(cè)電路電流，電路圖如圖所示。(3)[3][4]由閉合電路歐姆定律可得：E=U+Ir，U=E-Ir，則I1（R3+RG)=E-I2r由圖像可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=I1（R3+RG)=1.47×10-3×（990+10）V=1.47V電源內(nèi)阻12、①.5.0②.?、?3.0V④.2.0【解析】[1]已知量程Ig＝3mA，內(nèi)阻Rg＝1000Ω,A，設(shè)電流表的量程擴(kuò)大的倍數(shù)為，并聯(lián)的電阻為,根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)則有解得=5.0[2]當(dāng)變阻器的滑片由左向右逐漸滑動(dòng)時(shí)，變阻器的阻值逐漸減小，外電路電阻減小，電流表G1示數(shù)逐漸增大，電流表G2示數(shù)接近3.0mA并且?guī)缀醪蛔?，說明變阻器的電阻接近零時(shí)，路端電壓才接近電源電動(dòng)勢(shì)，出現(xiàn)這種問題，應(yīng)更換一個(gè)總阻值比原來小的變阻器，[3][4]G1示數(shù)是時(shí),電路中的總電流是，由閉合電路的歐姆定律得整理得I2＝3.0mA－0.4I1由I2和I1的關(guān)系圖線得圖線的截距b=3.0mA，斜率A解得V，解得四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2m/s（2）m（3）40N【解析】（1）設(shè)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的速度為v0，A運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)過程，由機(jī)械能守恒定律得：解得：；（2）小球所受電場(chǎng)力為：F=qE=4×10?3

×4.5×103

=18N小球剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力：因F?mg=8N>Fn小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，第一次向右運(yùn)動(dòng)到與A點(diǎn)等高處過程，y方向上有：得：x方向：

即橫坐標(biāo)為；（3）當(dāng)線剛拉直時(shí)由：解得：t=0.5s此時(shí)有：x=v0t2=1.0m即小球剛好在圓心等高處繩子拉直，而后做圓周運(yùn)動(dòng)，此