安徽省合肥市肥東縣高級中學(xué)2025屆物理高二上期中綜合測試試題含解析

安徽省合肥市肥東縣高級中學(xué)2025屆物理高二上期中綜合測試試題注意事項1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、放在斜面上的物體，所受重力G可以分解使物體沿斜面向下滑的分力G1和使物體壓緊斜面的分力G2，當(dāng)斜面傾角增大時（）A．G1和G2都增大B．G1和G2都減小C．G1增大，G2減小D．G1減小，G2增大2、有一個負(fù)載電阻值為R，當(dāng)將它接在20V的直流電源上時，消耗的電功率為P，若將R接在圖中的變壓器的次級電路中消耗的電功率是。已知變壓器的輸入電壓的最大值為200V，求此變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比。（）A．5：1 B．1：5 C．1：10 D．10：13、某一做直線運動的物體的v-t圖象如圖所示，下列說法正確的是()A．物體的速度先增大，后減小B．物體的加速度先增大，后減小C．時刻物體離出發(fā)點最遠(yuǎn)D．時刻物體回到出發(fā)點4、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的作用力為F，若它們所帶的電荷量都增大為原來的2倍，距離減少為原來的1/2，它們之間的相互作用力變?yōu)椋ǎ〢．F B．2F C．4F D．16F5、下列有關(guān)運動電荷和通電導(dǎo)線受到磁場對它們的作用力方向判斷正確的是（）A．B．C．D．6、下列說法中正確的是A．把一根均勻?qū)Ь€等分成等長的兩段，則每部分的電阻率也變?yōu)樵瓉淼囊话隑．電容器所帶的帶電量越多，說明它的電容越大C．電動勢的單位跟電壓的單位一樣，都是伏特，所以電動勢就是電壓D．其他電阻不變時，并聯(lián)電路中其中一個電阻增大，總電阻增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個半徑相同的半圓形光滑軌道分別豎直放在勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場中，軌道兩端在同一高度上兩個相同的帶正電小球可視為質(zhì)點同時分別從軌道的左端最高點由靜止釋放，M、N分別為兩軌道的最低點，則()A．兩小球到達(dá)軌道最低點的速度B．兩小球到達(dá)軌道最低點時對軌道的壓力C．兩小球第一次到達(dá)最低點的時間相同D．兩小球都能到達(dá)軌道的另一端8、如圖所示，A、B為兩個固定的等量同號正電荷，在它們連線的中點處有一個可以自由運動的正電荷C，現(xiàn)給電荷C一個垂直于連線的初速度v0，若不計C所受的重力，則關(guān)于電荷C以后的運動情況，下列說法中正確的是()A．加速度始終增大B．加速度先增大后減小C．速度先增大后減小D．速度始終增大9、如圖所示，木塊靜止在光滑水平桌面上，一子彈平射入木塊的深度為d時，子彈與木塊相對靜止，在子彈入射的過程中，木塊沿桌面移動的距離為L，木塊對子彈的平均阻力為f，那么在這一過程中下列說法正確的是（）A．木塊的機(jī)械能增量fLB．子彈的機(jī)械能減少量為f(L+d)C．系統(tǒng)的機(jī)械能減少量為fdD．子彈內(nèi)能的增加量為fd10、如圖所示為某一電場的電場線和等勢面．已知φa=5V，φc=3V，ab=bc、b點電勢為φb，b，d在同一等勢面上．以|Wac|表示點電荷q由a點移到c點過程中電場力做功的大小，|Wdc|表示點電荷q由d點移到c點過程中電場力做功的大小，則（）A．φb＞4V B．φb＜4V C．|Wac|=2|Wdc| D．|Wac|＞2|Wdc|三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了描繪一個“12V、6W直流電源E：15V，電流表A：量程分別為0~0.6A和0~3A，內(nèi)阻約為電壓表V：量程分別為0~3V和0~15V，內(nèi)阻約為滑動變阻器R：最大阻值為20Ω，允許通過的最大電流為1A開關(guān)一個；導(dǎo)線若干．實驗時要求加在燈泡兩端的電壓可從0V調(diào)到12(1)根據(jù)小燈泡的規(guī)格，電流表應(yīng)選擇量程__________（填“0~0.6A”或“0~3A”），電壓表應(yīng)選擇量程__________（填“0~3V”或(2)在下面方框里畫出符合本實驗要求的電路圖_________，并根據(jù)電路圖連接右側(cè)的實物圖_____________．（提示：電路圖和實物圖畫到答題紙上）．(3)某次測量時，電流表指針位置如圖所示，電流表讀數(shù)為__________A，此時小燈泡的實際功率為__________W．12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，除有一標(biāo)有“3V1.8W”的小燈泡、電源、導(dǎo)線和開關(guān)外，還有：電流表A（0～0.6A，內(nèi)阻約為0.1Ω）、電壓表V（0～3V，內(nèi)阻約為4kΩ）、滑動變阻器R（0～10Ω，2A）．實驗要求保證器材的安全，燈泡兩端的電壓能從0連續(xù)調(diào)節(jié)，測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確．（1）為盡可能地減小誤差，實驗中采用電流表________（選填“內(nèi)接”或“外接”），采用正確的方式測出的電阻值________（選填“大于”“小于”或“等于”）電阻的真實值．（2）在方框中補(bǔ)充畫出一個合理完整的電路圖．（____）（3）某同學(xué)根據(jù)電路圖連接實物圖時，并未連接完整，請用筆畫線代替導(dǎo)線完成實物圖的連接．（____）（4）根據(jù)實物圖，開關(guān)S閉合之前，圖中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于________（選填“左端”“右端”或“中間”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，定值電阻R1=4Ω、R2=16Ω、R3=4Ω、R4=6Ω、R5=10Ω，電源電動勢E=10V，內(nèi)阻不計，平行板電容器的電容C=2μF、a、b、c、d為電路中的四個結(jié)點，令結(jié)點d電勢為零．則電容器所帶的電荷量為多少？并說明電容器上、下極板的正負(fù)．14．（16分）如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中有一粒子源，粒子源從O點在紙面內(nèi)均勻地向各個方向同時發(fā)射速率為v的帶電粒子（質(zhì)量為m，電荷量為＋q）、PQ是在紙面內(nèi)垂直磁場放置的擋板（厚度不計，長度足夠），擋板的P端與O點的連線與擋板垂直，距離為，且粒子打在擋板兩側(cè)都會被吸收，不計帶電粒子的重力與粒子間的相互作用，磁場分布足夠大，求：（1）水平向右出射的粒子所打擋板位置和P點的距離L；（2）打在擋板右側(cè)的粒子在磁場中運動時間的最大差值Δt；（3）能打在擋板上的粒子占所有粒子的比率η．15．（12分）如圖所示，噴出的水柱顯示了平拋運動的軌跡。若噴水口離地面的高度是0.8m，從噴水口到落地點的水平距離為1.2m，取，求：（1）平拋的初速度大??；（2）若噴水口的橫截面積為，求單位時間噴出水的體積Q。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】斜面上物體的重力，按效果分解的力圖如圖所示：根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知：G1=Gsinθ，G2=Gcosθ；當(dāng)斜面傾角增大時，根據(jù)三角函數(shù)知識可知：G1增大，G2減小，故C正確，ABD錯誤。2、D【解析】

當(dāng)電阻接在直流電路中的時候，由可得，此時的功率為當(dāng)功率為時，由可得，此時電阻的電壓的有效值為，變壓器的輸入電壓的有效值為所以變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為故選D。3、A【解析】A、由圖線上的點對應(yīng)的縱坐標(biāo)大小可知，速度先增大后減小，故A正確；B、由圖線的傾斜程度知后半部分傾斜程度較大，即圖線斜率的絕對值大于t1時刻之前，故物體的加速先不變，t1時刻突然變大，又不變，B錯誤；C、t2時刻圖線與坐標(biāo)軸圍成圖形面積最大，故t2時刻離出發(fā)點最遠(yuǎn)，故C、D錯誤；故選A．【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道速度時間圖線的物理意義，知道圖線與時間軸圍成的面積表示位移，斜率表示加速度．4、D【解析】

根據(jù)庫侖定律，有：，若它們的帶電量都增大為原來的2倍，距離減少為原來的．5、B【解析】

由左手定則可判定電荷受到的洛倫茲力豎直向下，故A錯誤；由左手定則可判定電荷受到的洛倫茲力豎直向下，故B正確；由左手定則可判定導(dǎo)線受到的安培力豎直向下，故C錯誤；由左手定則可判定導(dǎo)線受到的安培力豎直向上，故D錯誤．6、D【解析】

A.根據(jù)電阻決定式為，可知把一根均勻?qū)Ь€分成等長的兩段，則每部分的電阻變?yōu)樵瓉淼囊话?，但電阻率與溫度和材料有關(guān)，與其他因素?zé)o關(guān)，故電阻率不變，故A錯誤；B.電容器的電容是表征電容器容納電荷本領(lǐng)大小的物理量，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓和所帶的電荷量無關(guān)，故B錯誤；C.電動勢是電源沒有接入電路時，內(nèi)電壓為零，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電源電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，但電動勢與電壓是兩個不同的概念，不能說“就是”，故C錯誤；D.并聯(lián)電路總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻倒數(shù)之和，其他電阻不變時，并聯(lián)電路中其中一個電阻增大，總電阻增大，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

小球在磁場中運動，在最低點進(jìn)行受力分析可知，解得：①，小球在電場中運動，在最低點受力分析可知，解得②，由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機(jī)械能守恒；而小球在電場中運動受到的電場力對小球做負(fù)功，到達(dá)最低點時的速度的大小較小，所以在電場中運動的時間也長，A正確C錯誤；因為，結(jié)合①②可知：，B正確；由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機(jī)械能守恒，所以小球可以到達(dá)軌道的另一端，而電場力做小球做負(fù)功，所以小球在達(dá)到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達(dá)最右端，D錯誤．【點睛】洛侖茲力對小球不做功，但是洛侖茲力影響了球?qū)壍赖淖饔昧?，在電場中的小球，電場力對小球做功，影響小球的速度的大小，從而影響小球?qū)壍赖膲毫Φ拇笮。?、BD【解析】試題分析：由等量同種正點電荷電場的特點可知，兩個電荷連線上中點的電場強(qiáng)度為零，電場強(qiáng)度從中點到無限遠(yuǎn)處，先增大后減小，所以電荷C所受的電場力先增大后減小，由牛頓第二定律可知，其加速度先增大后減小，所以A錯誤、B正確；在整個過程中，電場力做正功，由動能定理可知，點電荷C的速度始終增大，所以C錯誤、D正確；考點：靜電場、功能關(guān)系9、ABC【解析】

A．子彈對木塊的作用力大小為f，木塊相對于地的位移為L，則子彈對木塊做功為fL，而木塊的重力勢能不變，根據(jù)動能定理得知，木塊動能的增加量等于子彈對木塊做功，為fL，故A正確；B．子彈相對于地面的位移大小為L+d，則木塊對子彈的阻力做功為?f(L+d)，根據(jù)動能定理得知：子彈動能的減少量等于子彈克服阻力做功，大小為f(L+d)，故B正確；C．子彈相對于木塊的位移大小為d，則系統(tǒng)克服阻力做功為fd，根據(jù)功能關(guān)系可知，系統(tǒng)動能的減少量為fd，故C正確；D．根據(jù)能量守恒定律知，子彈和木塊組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量為fd，故D錯誤．故選ABC。10、BD【解析】

AB．由圖看出，ab間電場線比cd間電場線密，而ab=bc，根據(jù)U=Ed定性分析可得ab間的電勢差大于bc間電勢差，即Uab＞Ubc，又Uab=φa-φb，Ubc=φb-φc聯(lián)立得φa-φb＞φb-φc則得即φb＜4V，故A錯誤，B正確；CD．由上分析知：Uab＞Ubc，則知Uac＞2Ubc，而d與b電勢相等，則Udc=Ubc，可得：Uac＞2Udc，根據(jù)電場力做功公式W=qU得知|Wac|＞2|Wdc|故C錯誤，D正確；故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0-0.6A;0-15V;0.40;2.40;【解析】

(1)小燈泡的規(guī)格是“12V、6W”，燈泡的額定電壓Ue=12V，燈泡的額定電流Ie=(2)實驗時要求加在燈泡兩端的電壓可從0V調(diào)到12V，則滑動變阻器采用分壓式接法；燈泡正常發(fā)光時的電阻RL實物連接如圖：(3)電流表的分度值是0.02A，電流表指針位置如圖所示，電流表讀數(shù)為0.40A；由燈泡的伏安特性曲線知，燈泡此時的電壓為6.0V，此時小燈泡的實際功率P=UI=6.0×0.40W=2.4W12、外接小于右端【解析】

（1）[1][2]．燈泡正常發(fā)光時電阻，燈泡電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，則電流表采用外接法，采用外接法時，通過燈泡實際電流小于電表讀數(shù)，根據(jù)歐姆定律得測出的電阻值小于電阻的真實值．（2）[3]．電壓與電流從零開始變化，則滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，電路圖如圖所示（3）[4]．根據(jù)電路圖連接實物圖：（4）[5]．閉合開關(guān)前，分壓電路分得的電壓應(yīng)為零，所以滑片應(yīng)置于右端．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、4×10-6C；上板帶正電，下板帶負(fù)電【解析】

由于電源內(nèi)阻不計，則cd間電壓：Ucd==10V則=10Vca間電壓即為電阻R1兩端電壓Uca==2V又Uac=則=8V同理cb間電壓即為R3兩端的電壓Ucb==4V又Ucb=，則=6V則電容器兩端電壓UC=Uab==2V則電容器所帶電荷量為：Q=CUC=2×10-6×2C=4×10-6C因為＞，故上板帶正電，下板帶負(fù)電14、（1）L=（2）（3）【解析】

（1）由向心力公式得qvB=m解得r=因為OP=r，則水平向右出射的粒子運動軌跡恰好與擋板相切，運動軌