山東省德州市優(yōu)高聯(lián)盟九校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期10月聯(lián)考物理試題（解析版）

德州市優(yōu)高聯(lián)盟九校聯(lián)考物理試題注意事項(xiàng)：1、答題前，考生先將自己的姓名、考生號、座號填寫在相應(yīng)位置，認(rèn)真核對條形碼上的姓名、考生號和座號，并將條形碼粘貼在指定位置。2、選擇題答案必須使用2B鉛筆正確填涂；非選擇題答案必須使用0.5毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3、請按照題號在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。保持卡面清潔，不折疊、不破損。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.我國無人機(jī)技術(shù)快速發(fā)展，廣泛應(yīng)用于各個(gè)領(lǐng)域。已知某商用無人機(jī)靠螺旋槳的轉(zhuǎn)動(dòng)來產(chǎn)生升力和前行力，可持續(xù)工作8小時(shí)，飛行幾公里。下列說法正確的是（）A.“幾公里”指的是位移B.無人機(jī)飛行快慢不影響慣性大小C.在研究無人機(jī)轉(zhuǎn)彎過程的姿態(tài)時(shí)，可以將無人機(jī)視為質(zhì)點(diǎn)D.研究無人機(jī)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)可以選取無人機(jī)上的攝像機(jī)為參考系【答案】B【解析】A．無人機(jī)做的不是直線運(yùn)動(dòng)，所以“幾公里”指的是路程，故A錯(cuò)誤；B．慣性只由質(zhì)量決定，所以無人機(jī)飛行快慢不影響慣性大小，故B正確；C．在研究無人機(jī)轉(zhuǎn)彎過程的姿態(tài)時(shí)，無人機(jī)的形狀大小不能忽略不計(jì)，不可以將無人機(jī)視為質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．由于無人機(jī)上的攝像機(jī)一直相對無人機(jī)靜止，所以研究無人機(jī)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)，不可以選取無人機(jī)上的攝像機(jī)為參考系，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示是戶外露營中使用的一種便攜式三腳架，它由三根完全相同的輕桿通過鉸鏈組合在一起，每根輕桿均可繞鉸鏈自由轉(zhuǎn)動(dòng)，將三腳架靜止放在水平地面上，吊鍋通過細(xì)鐵鏈靜止懸掛在三腳架正中央，三腳架正中央離地高度為且小于桿長，吊鍋和細(xì)鐵鏈的總質(zhì)量為，支架與鉸鏈間的摩擦忽略不計(jì)，則（）A.每根輕桿受到地面的作用力大小為B.若減小且吊鍋未與地面接觸，則每根輕桿對地面壓力減小C.若往吊鍋里加少量水，則每根輕桿對地面摩擦力增大D.吊鍋受到重力和三根輕桿的作用力，共4個(gè)力【答案】C【解析】D．吊鍋受到自身重力及細(xì)鐵鏈的拉力兩個(gè)力的作用，故D錯(cuò)誤；B．以整個(gè)裝置為研究對象，設(shè)地面對每根桿的支持力為，根據(jù)受力平衡可得解得顯然減小h，仍然保持不變，根據(jù)牛頓第三定律知每根桿對地面的壓力不變，B錯(cuò)誤；C．以吊鍋和細(xì)鐵鏈為研究對象，設(shè)每根桿中的彈力為FN，桿與豎直方向夾角為，在豎直方向上，受力平衡有解得水平方向上，地面對桿的摩擦力為若往吊鍋里加少量水，增大，則可知增大，根據(jù)牛頓第三定律可知：每根輕桿對地面的摩擦力均增大，故C正確。A．以桿為研究對象，設(shè)每根輕桿受到地面的作用力大小為F，則有故A錯(cuò)誤。故選C。3.“極限滑草”受到青少年的追捧。如圖所示，某同學(xué)在滑草斜面上從點(diǎn)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，先后連續(xù)經(jīng)過、、三點(diǎn)，已知間的距離是的兩倍，段的平均速度是，段的平均速度是，則該同學(xué)經(jīng)過點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】設(shè)該同學(xué)由到的位移為，用時(shí)，由到的位移為，用時(shí)，由題意知故即即M點(diǎn)所對應(yīng)的時(shí)刻是由到過程的中間時(shí)刻，故故選D。4.貓頭鷹是老鼠的天敵，貓頭鷹的某次捕獵行動(dòng)可簡化為如下情景：貓頭鷹站在距水平地面高的樹枝上，某時(shí)刻發(fā)現(xiàn)與它水平距離為處有一只老鼠，貓頭鷹立即出發(fā)抓捕老鼠，同時(shí)老鼠也立即由靜止出發(fā)沿水平地面逃離。貓頭鷹和老鼠的速度大小與時(shí)間的關(guān)系分別如圖中圖線、所示，已知時(shí)貓頭鷹抓到老鼠。貓頭鷹和老鼠都可看成質(zhì)點(diǎn)，它們的運(yùn)動(dòng)在同一豎直平面內(nèi)且兩者均做直線運(yùn)動(dòng)。下列說法正確的是（）A.老鼠的位移大小為B.貓頭鷹的位移大小為C.貓頭鷹加速時(shí)的加速度大小為D.貓頭鷹最大速度大小為【答案】B【解析】A．圖線b與時(shí)間軸所包圍的面積表示老鼠的位移，所以老鼠的位移為，故A錯(cuò)誤；B．貓頭鷹追老鼠過程中水平方向的位移大小為，豎直方向的位移大小為，根據(jù)勾股定理可求得貓頭鷹的位移大小為，故B正確；CD．設(shè)貓頭鷹的最大速度為，根據(jù)圖線a，其位移大小為求得貓頭鷹的加速度為故C、D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，水平粗糙桿和光滑豎直桿均固定。質(zhì)量均為的帶孔小球和穿在兩桿上，兩小球和用輕質(zhì)細(xì)線相連，與橫桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。在水平拉力作用下向右運(yùn)動(dòng)，上升的速度恒為，在向右運(yùn)動(dòng)位移為的過程中，的重力勢能增加，與橫桿間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為，拉力做功為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為，下列判斷正確的是（）A.細(xì)線產(chǎn)生的拉力逐漸增大B.小球做加速運(yùn)動(dòng)CD.【答案】A【解析】A．設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，則細(xì)線的拉力則當(dāng)Q勻速上升時(shí)，θ變大，則細(xì)線產(chǎn)生的拉力逐漸增大，選項(xiàng)A正確；B．對Q沿細(xì)繩方向的速度對P沿繩方向的速度可得小球P的速度則當(dāng)θ變大時(shí)，小球P速度減小，做減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．對PQ整體由能量關(guān)系因P動(dòng)能減小，即可知選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因P對桿的壓力可知選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。6.如圖所示，曲線為一帶電粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡，虛線、、、為相互平行且間距相等的四條等勢線，、、、、為軌跡與等勢線的交點(diǎn)。帶電粒子從點(diǎn)出發(fā)，初速度大小為，到達(dá)點(diǎn)時(shí)速度大小為，則（）A.四條等勢線中的電勢最高B.粒子從到和從到的速度變化量相同C.粒子從到和從到的動(dòng)能變化量不同D.粒子在點(diǎn)的加速度比在點(diǎn)的加速度大【答案】B【解析】A．由軌跡可知，粒子受電場力向下，因粒子的電性不確定，可知場強(qiáng)的方向不確定，則不能確定哪點(diǎn)電勢最高，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．因M、P在同一條等勢面上，N、O在同一條等勢面上，可知粒子經(jīng)過M、P點(diǎn)時(shí)速度大小相同，經(jīng)過N、O點(diǎn)時(shí)速度大小也相同，可知粒子從M到N和從O到P的時(shí)間相同，因?yàn)槭莿驈?qiáng)電場，則速度變化量相同，選項(xiàng)B正確；C．因由動(dòng)能定理可知，粒子從到和從到的動(dòng)能變化量相同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因?yàn)槭莿驈?qiáng)電場，可知粒子在點(diǎn)的加速度與在點(diǎn)的加速度相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。7.智能呼啦圈可以提供全面的數(shù)據(jù)記錄，讓人合理管理自己的身材。如圖甲，腰帶外側(cè)帶有軌道，將帶有滑輪的短桿穿入軌道，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的輕繩，其簡化模型如圖乙所示?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的配重質(zhì)量為M，輕繩長為L，懸掛點(diǎn)到腰帶中心點(diǎn)的距離為R，配重隨短桿做水平勻速圓周運(yùn)動(dòng)，繩子與豎直方向夾角為，運(yùn)動(dòng)過程中腰帶可視為靜止，重力加速度為，下列說法正確的是（）A.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到人摩擦力不變B.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到人的彈力不變C.若增大轉(zhuǎn)速，繩子與豎直方向夾角不變D.若時(shí)，則配重的角速度為【答案】A【解析】A．對腰帶和配重的整體分析可知，豎直方向腰帶受的摩擦力等于配重和腰帶的重力之和，可知若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到人的摩擦力不變，選項(xiàng)A正確；Ｃ．對配重分析可知解得可知若增大轉(zhuǎn)速，繩子與豎直方向夾角變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；Ｂ．腰帶受到人的彈力則轉(zhuǎn)速增大，腰帶受到人的彈力變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D．根據(jù)若時(shí)，則配重的角速度為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。8.去年全國帆船錦標(biāo)賽開幕。某運(yùn)動(dòng)員駕駛帆船在靜水中順風(fēng)漂行，已知風(fēng)速為，有效面積為S的風(fēng)帆與風(fēng)向垂直，風(fēng)吹到帆面后在風(fēng)速方向上相對帆的速度為零，空氣的密度為，則（）A.風(fēng)對船的功率最大時(shí)，風(fēng)對船的作用力大小為B.風(fēng)對船的功率最大時(shí)，則帆船的速度大小為C.若帆船行駛過程水平方向上所受阻力恒為，則帆船勻速航行時(shí)的速度大小為D.若帆船行駛過程水平方向上所受阻力恒為，則帆船勻速航行時(shí)的速度大小為【答案】C【解析】AB．當(dāng)船速為v時(shí)，設(shè)在Δt時(shí)間間隔內(nèi)，能夠吹到單位面積帆上的空氣質(zhì)量為Δm=ρS（v0-v）Δt由動(dòng)量定理風(fēng)對船的功率解得因?yàn)槎ㄖ?，可知?dāng)時(shí)P最大，即此時(shí)風(fēng)對船的作用力大小為選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD．當(dāng)船勻速航行時(shí)，由平衡可知即解得勻速的速度為選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示是利用輪軸原理制成的古代汲水裝置——轆轤，可轉(zhuǎn)動(dòng)的把手邊緣上點(diǎn)到轉(zhuǎn)軸的距離為，轆轤邊緣上點(diǎn)到轉(zhuǎn)軸的距離為，不計(jì)空氣阻力，在水桶離開水面后加速上升的過程中，則（）A.點(diǎn)與點(diǎn)的線速度之比為B.點(diǎn)與點(diǎn)的轉(zhuǎn)速之比為C.水桶所受合力的沖量等于水桶動(dòng)量的變化率D.水桶所受合力做的功等于水桶動(dòng)能的變化量【答案】AD【解析】AB．可轉(zhuǎn)動(dòng)的把于與轆轤是同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，有相同的周期，由所以點(diǎn)與點(diǎn)的線速度之比為由點(diǎn)與點(diǎn)的轉(zhuǎn)速之比為，B錯(cuò)誤，A正確；C．由動(dòng)量定理，水桶所受合力的沖量等于水桶動(dòng)量的變化量，C錯(cuò)誤；D．由動(dòng)能定理，水桶所受合力做的功等于水桶動(dòng)能的變化量，D正確。故選AD。10.“天繪五號”衛(wèi)星先發(fā)射至近地圓軌道，在近地軌道的A位置調(diào)整速度進(jìn)入轉(zhuǎn)移軌道，在轉(zhuǎn)移軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B位置調(diào)整速度進(jìn)入目標(biāo)軌道。地球的質(zhì)量為、半徑為，衛(wèi)星的質(zhì)量為、目標(biāo)軌道的半徑為，引力常量為G。已知衛(wèi)星在目標(biāo)軌道處的引力勢能可表示為。下列說法正確的是（）A.地球的第一宇宙速度可表示為B.轉(zhuǎn)移軌道上衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的周期可表示為C.衛(wèi)星在目標(biāo)軌道上的機(jī)械能為D.衛(wèi)星在近地軌道上的動(dòng)能為【答案】BC【解析】A．根據(jù)可得地球的第一宇宙速度可表示為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．衛(wèi)星在近地軌道上的周期根據(jù)開普勒第三定律可得轉(zhuǎn)移軌道上衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的周期可表示為選項(xiàng)B正確；C．衛(wèi)星在目標(biāo)軌道上則動(dòng)能勢能則機(jī)械能為選項(xiàng)C正確；D．衛(wèi)星在近地軌道上的動(dòng)能為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。11.兩等量正點(diǎn)電荷垂直紙面放置（圖中未畫出）。在其連線的中垂面上有、、三個(gè)點(diǎn)，為兩電荷連線的中點(diǎn)，如圖，下列說法正確的是（）A.、兩點(diǎn)的電勢相等B.、兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度有可能大小相等C.給電子一合適的初速度，它有可能只受電場力沿圖中的圓做勻速圓周運(yùn)動(dòng)D.電子從點(diǎn)沿直線移動(dòng)到點(diǎn)過程中，電勢能先增大后減小【答案】ABC【解析】A．兩等量正點(diǎn)電荷與、兩點(diǎn)距離相等，、兩點(diǎn)在兩點(diǎn)電荷的電場中的電勢相等，由電勢疊加原理可知，、兩點(diǎn)的電勢相等，故A正確；B．因?yàn)榇姑孢^O點(diǎn)，所以該面是中垂面，在中垂面上的各點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向均在該平面內(nèi)，在中垂面上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小都關(guān)于O點(diǎn)對稱，在中垂面上各點(diǎn)電場的方向都背離O點(diǎn)向外，在以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓周上的所有點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小都相等，方向都沿著半徑的方向向外，從O點(diǎn)向外延伸，電場強(qiáng)度先增大后減小。由以上分析可知，、兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度有可能大小相等，故B正確；C．因?yàn)樵谝設(shè)點(diǎn)為圓心的圓周上的所有點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小都相等，方向都沿著半徑的方向向外，電子在該圓周上所受的電場力大小相等，方向都指向O點(diǎn)，所以給電子某一初速度，它能沿圖中的圓做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．因?yàn)樵谥写姑嫔细鼽c(diǎn)電場的方向都背離O點(diǎn)向外，電子所受的電場力的方向始終指向O點(diǎn)，電子從P點(diǎn)沿直線移動(dòng)到N點(diǎn)過程中，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大，故D錯(cuò)誤。故選ABC。12.在光滑水平面上疊放有A、B兩個(gè)物體，它們的質(zhì)量均為，C物體上固連一輕質(zhì)滑輪，與A連接的輕質(zhì)細(xì)線繞過兩輕質(zhì)滑輪后固定到天花板上，其中與A連接的細(xì)線水平，繞過動(dòng)滑輪的左右兩段細(xì)線豎直，如圖所示。不考慮滑輪的摩擦，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)，下列說法正確的是（）A.A物體的最大加速度為B.B物體的最大加速度為C.若A、B不發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)，則C物體的最大質(zhì)量為D.C物體質(zhì)量為時(shí)，B的加速度為【答案】BD【解析】BC．設(shè)A、B剛好不發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)時(shí)，C物體的質(zhì)量為，以C物體為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以AB整體，有以B為對象，有聯(lián)立可得，可知B物體的最大加速度為；若A、B不發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)，則C物體的最大質(zhì)量為，故B正確，C錯(cuò)誤；D．C物體質(zhì)量為時(shí)，可知A、B不發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)，對C有對AB為整體，有聯(lián)立解得可知B的加速度為，故D正確；A．當(dāng)C物體質(zhì)量大于時(shí)，A、B發(fā)生相對滑動(dòng)，以物體為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以A為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得可知隨C物體質(zhì)量的最大，A的加速度逐漸增大，最終A物體的最大加速度趨近于，故A錯(cuò)誤。故選BD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.圖甲是研究電容器充、放電過程中電壓和電流隨時(shí)間變化規(guī)律的實(shí)驗(yàn)電路圖，按圖甲連接好實(shí)驗(yàn)器材。先接通開關(guān)，給電容器充電，然后斷開開關(guān)，再閉合開關(guān)，電容器放電，閉合開關(guān)的同時(shí)開始計(jì)時(shí)，通過計(jì)算機(jī)在同一坐標(biāo)系中描繪出電壓和電流隨放電時(shí)間的變化圖線，如圖乙所示?；卮鹣铝袉栴}：（1）電路中電壓傳感器電阻近似無窮大，電流傳感器電阻可忽略。根據(jù)圖乙數(shù)據(jù)可求出電阻的阻值為________；（2）圖乙中電流隨時(shí)間的變化圖線與坐標(biāo)軸圍成的陰影面積的物理意義是________，圖中左右兩部分陰影面積與的比值是________。【答案】（1）2000（2）①.電容器釋放的電荷量②.1.5（或）【解析】【小問1】由歐姆定律有電阻的阻值為【小問2】[1][2]由電容器放電過程電流計(jì)算公式可知即圖線與坐標(biāo)軸圍成的陰影面積表示電容器釋放的電荷量。根據(jù)由上述分析可知，陰影部分面積代表電荷量，由題意可得得14.某實(shí)驗(yàn)小組采用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置在水平桌面上探究“小車的加速度與力和質(zhì)量之間的關(guān)系”。（1）實(shí)驗(yàn)之前要補(bǔ)償小車所受的阻力，具體的步驟是：________（填“掛”或“不掛”）砂桶，連接好紙帶后，調(diào)整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列間距均勻的點(diǎn)。（2）打出的紙帶及數(shù)據(jù)如圖2所示，若打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為，、、、、為連續(xù)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，則系統(tǒng)的加速度大小為________，（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（3）在驗(yàn)證加速度與質(zhì)量關(guān)系實(shí)驗(yàn)時(shí)，保證砂和砂桶的總質(zhì)量不變，通過在小車上增加砝碼來改變小車總質(zhì)量，每次實(shí)驗(yàn)時(shí)僅記錄了小車上砝碼的總質(zhì)量，但未測小車質(zhì)量，作出與之間的關(guān)系圖像如圖3所示，已知圖中直線的斜率為，在縱軸上的截距為，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?。若該同學(xué)其他操作均正確，沒有遠(yuǎn)小于，可得到砂和砂桶的總質(zhì)量________小車的質(zhì)量為________（均用、、表示）?！敬鸢浮浚?）不掛（2）2.0（3）①.②.【解析】【小問1】補(bǔ)償阻力是用小車重力沿斜面向下的分力與阻力相平衡，應(yīng)不掛砂桶，給小車一個(gè)初速度，使小車能夠沿斜面向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)。【小問2】利用逐差法計(jì)算小車的加速度【小問3】[1][2]根據(jù)牛頓第二定律，對砂和砂桶這個(gè)整體，有對小車和砝碼這個(gè)整體，有兩式聯(lián)立，得故，得，15.高一軍訓(xùn)結(jié)束，學(xué)校組織了匯報(bào)表演，拍攝中采用無人機(jī)懸停在高處拍攝。已知該無人機(jī)的質(zhì)量為，最大升力為，最大上升的加速度為，空氣阻力大小恒定，取。求：（1）無人機(jī)受到的空氣阻力大??；（2）操作人員控制無人機(jī)勻速水平飛行，無人機(jī)的牽引力大小。【答案】（1）（2）【解析】【小問1】無人機(jī)上升的過程中受到升力、重力、空氣的阻力，根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)可得【小問2】無人機(jī)勻速水平飛行，所受合外力為零，牽引力為代入數(shù)據(jù)可得16.某飛機(jī)場利用如圖所示的傳送帶將旅客的行李箱運(yùn)進(jìn)機(jī)艙。傾角為的傳送帶由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，始終保持速率向上運(yùn)行，傳送帶兩端點(diǎn)之間的長為。將行李箱無初速度地放在傳送帶底端，將行李箱運(yùn)進(jìn)機(jī)艙，行李箱的質(zhì)量為，取。試求：（1）行李箱與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）整個(gè)過程中產(chǎn)生的熱量和物體對傳送帶做的功。【答案】（1）（2），【解析】【小問1】設(shè)行李箱加速到與傳送帶共速的時(shí)間為，行李箱勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，李箱速度從0到與傳送帶共速其加速度由滑動(dòng)摩擦力與重力平行于傳送帶的分力提供，則行李箱在時(shí)間內(nèi)屬于勻加速直線運(yùn)動(dòng)，李箱在時(shí)間內(nèi)的平均速度為其位移為行李箱在時(shí)間內(nèi)的位移為由題意知方程聯(lián)立代入數(shù)據(jù)得，行李箱加速時(shí)的加速度為對在滑動(dòng)過程中的行李箱進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律，則有代入數(shù)據(jù)可得?！拘?】在時(shí)間內(nèi)傳送帶發(fā)生的位移為在時(shí)間內(nèi)行李箱發(fā)生的位移為則行李箱相對行李箱滑動(dòng)的位移整個(gè)過程中產(chǎn)生的熱量為代入數(shù)據(jù)可得行李箱相對傳送帶做功可以分為李箱相對傳送帶滑動(dòng)摩擦階段和共速靜摩擦階段兩部分，物體對傳送帶滑動(dòng)摩擦階段，只有摩擦力對傳送帶做功共速靜摩擦階段，只有靜摩擦力對傳送帶做功，靜摩擦力等于行李箱所受重力平行于傳送帶的分力，則有物體對傳送帶做的功為代入數(shù)據(jù)得。17.如圖甲所示，射線管由與軸平行的平行金屬板、和與金屬板平行的細(xì)管組成，細(xì)管到兩金屬板距離相等，開口在軸上。金屬板長為、兩板間的距離為，當(dāng)、板間加上某一電壓時(shí)，從板最左端放射源射出的粒子剛好能以速度從細(xì)管水平射出，進(jìn)入位于第I象限的靜電分析器中。靜電分析器中存在著輻向電場，電場線沿半徑方向指向圓心。粒子在該電場中恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡處的場強(qiáng)大小為。0時(shí)刻粒子進(jìn)入第IV象限的交變電場中，交變電場隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示，規(guī)定沿軸正方向?yàn)殡妶龅恼较?。已知粒子的電荷量為、質(zhì)量為，重力不計(jì)。求：（1）粒子在靜電分析器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（2）、板間所加的電壓；（3）在第四象限中粒子離軸最遠(yuǎn)的點(diǎn)的坐標(biāo)?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1】設(shè)粒子在靜電分析器中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，由牛頓第二定律得解得粒子在靜電分析器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為【小問2】對粒子在、板間的運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律得，聯(lián)立，解得對粒子在、板間的運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理