2025屆陜西省西安市第六十六中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考模擬試題含解析

2025屆陜西省西安市第六十六中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在x軸上相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q，虛線是以+Q所在點為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關(guān)于x軸對稱。下列判斷正確的是A．b、d兩點處的電場強度相同B．a(chǎn)、c兩點處的電勢相同C．將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電場力對試探電荷先做負功再做正功D．將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能一直減小2、一電流表的滿偏電流Ig＝1mA，內(nèi)阻為200Ω.要把它改裝成一個量程為0.5A的電流表，則應(yīng)在電流表上（）A．并聯(lián)一個約為200Ω的電阻B．并聯(lián)一個約為0.4Ω的電阻C．串聯(lián)一個約為0.4Ω的電阻D．串聯(lián)一個約為200Ω的電阻3、電源的電動勢為4.5V，外電阻為4.0Ω時，路端電壓為4.0V，如果外電路上再并聯(lián)一個6.0Ω的電阻，則路端電壓為A．3.72V B．4.0V C．4.3V D．4.5V4、如圖所示的實線為某靜電場的電場線，虛線是僅在電場力作用下某帶正電粒子的運動軌跡，A、B、C、D是電場線上的點，其中A、D兩點在粒子的軌跡上，下列說法正確的是A．該電場可能是正點電荷產(chǎn)生的B．B點的電勢一定高于C點的電勢C．粒子在A點的加速度一定大于在D點的加速度D．將該粒子在C點由靜止釋放，它可能一直沿電場線運動5、真空中相距為3a的兩個點電荷M、N，分別固定于x軸上，x1=0和x2=3a的兩點上，在它們連線上各點的電場強度E隨x變化的關(guān)系如圖所示，下列判斷正確的是A．點電荷M、N一定為異種電荷B．在x軸上，x=2a處的電場強度為零C．點電荷M、N所帶電荷量的絕對值之比為2:1D．若設(shè)無窮遠處為電勢能零點，則x=2a處的電勢一定為零6、如圖所示是電場中某區(qū)域的電場線分布，a、b是電場中的兩點，則A．a(chǎn)點的電場強度較大B．同一點電荷放在a點受到的電場力比放在b點時受到電場力小C．正電荷在a點靜止釋放，它在電場力作用下運動的軌跡與電場線一致D．電荷在a點受到電場力方向必定與場強方向一致二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一根輕桿的一端固定一個質(zhì)量為m的小球，桿可以繞固定端O在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，已知當小球通過最高點A時，桿對球的作用力大小恰好為mg，當小球通過最低點B時，桿對球的作用力大小可能為()A．4mg B．5mg C．6mg D．7mg8、光滑絕緣的水平面上有一棱形abcd,∠bad=60°，在a、b、c三個頂點上分別放置一個點電荷qa、qbA．qb一定帶正電B．qC．qa=3qbD．9、關(guān)于物體間的萬有引力的表達式，下列說法正確的是A．公式中的G是引力常量，這是由實驗得出的，而不是人為規(guī)定的B．當兩物體的距離r趨于零時，萬有引力趨于無窮大C．兩個物體間的萬有引力總是大小相等的，而與m1和m2是否相等無關(guān)D．兩個物體間的萬有引力總是大小相等、方向相反的，是一對平衡力10、一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確（）A．此液滴帶負電B．液滴的加速度等于2C．液滴的重力勢能和電勢能都減小D．合外力對液滴做的總功等于零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用氣墊導(dǎo)軌驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖所示．水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌；導(dǎo)軌上A點放置帶有長方形遮光條的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過光滑定滑輪的輕質(zhì)細繩與質(zhì)量為m的小球相連；導(dǎo)軌上B點有一光電門，可以測量遮光片經(jīng)過光電門時的時間t，用L表示A點到光電門B處的距離，d表示遮光片的寬度，將遮光片通過電門的平均速度看作滑塊通過B點時的瞬時速度，實驗時滑塊在A處由靜止開始運動．（1）用游標卡尺測量遮光條的寬度d，結(jié)果如圖乙所示，由此讀出d=______cm．（2）某次實驗測得氣墊導(dǎo)軌的傾斜角為θ，重力加速度用g表示，滑塊從A點到B點過程中，m和M組成的系統(tǒng)動能增加量可表示為△Ek=______，系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為△Ep=______，在誤差允許的范圍內(nèi)，若△Ek=△Ep，則可認為系統(tǒng)的機械能守恒．12．（12分）現(xiàn)有一節(jié)干電池（電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為0.30Ω），電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻為0.70Ω），滑動變阻器R（10Ω，2A），電鍵一個及導(dǎo)線若干。(1)

為了更準確地測出電源電動勢和內(nèi)阻，某組同學(xué)用右圖所示電路測得多組電壓和電流值，得到如圖所示的

U-I圖線，由圖可得該電源電動勢E=_______V，內(nèi)阻

r=_______Ω。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）

(2)某小組在實驗時，發(fā)現(xiàn)電流表壞了，于是不再使用電流表，僅用電阻箱R′替換掉了滑動變阻器，電路圖如右圖所示。他們在實驗中讀出幾組電阻箱的阻值R′和電壓表的示數(shù)U，描繪出

的關(guān)系圖像，得到的函數(shù)圖像是一條直線。若該圖像的斜率為k，縱軸截距為b，則此電源電動勢E=_________，內(nèi)阻r=__________。該組同學(xué)測得電源電動勢E測_____E真，內(nèi)阻r測_____r真。(填“>”“＝”或“<”)。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的勻強電場中，有、、三點，，，其中沿電場線方向，和電場線方向成角，一個電荷量為的正電荷從點移到點時靜電力做功為，求：（1）勻強電場的場；（2）電荷從移到，靜電力做功；14．（16分）如圖所示的勻強電場，電場強度E=2×104N/C。在A點放入一點電荷，其電荷量q=+2×10-8C。(1)請說明該點電荷在A點所受電場力F的方向并在圖中畫出；(2)求該點電荷在A點所受電場力F的大小。15．（12分）如圖所示的電路中,電源由4個相同的電池串聯(lián)而成。電壓表的電阻很大。開關(guān)S斷開時,電壓表的示數(shù)是4.8V,S閉合時,電壓表的示數(shù)是3.6V。已知R1=R2=4Ω，求每個電池的電動勢和內(nèi)電阻。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A．該電場中的電場強度關(guān)于x軸對稱，b、d兩點電場強度大小相等，但方向不同，所以電場強度不同.B．c點在兩個電荷連線的中點上，也在兩個電荷連線的中垂線上，所以c點的電勢和無窮遠處的電勢相等，均為0，而正電荷周圍電場的電勢逗比零高，所以a點的電勢比c點的電勢高，故B錯誤.CD．將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電勢逐漸降低，電勢能逐漸減小，則電場力做正功，故C錯誤，D正確.2、B【解析】

要使電流表量程變?yōu)?.5A，需要并聯(lián)分流電阻，流過分流電阻的電流：并聯(lián)部分的電壓：則需要并聯(lián)的電阻：故B項正確，ACD三項錯誤．3、A【解析】

外電阻4.0Ω時，由歐姆定律得：代入數(shù)據(jù)計算得出：并聯(lián)一個電阻后總電阻為：則有：A．描述與分析相符，故A正確.B．描述與分析不符，故B錯誤C．描述與分析不符，故C錯誤.D．描述與分析不符，故D錯誤.4、C【解析】

A、正電荷產(chǎn)生的電場線是發(fā)自正電荷的直線，該靜電場的電場線是曲線，故A錯誤；B、帶正電粒子的運動軌跡是曲線，物體做曲線運動，合外力指向凹的一側(cè)，如圖所示：故在電場線由C指向B上，沿著電場線的方向，電勢越來越低，故C點的電勢高于B點的電勢，故B錯誤；C、電場線越密集的地方，電場強度越大，故A點的電場強度大于D點的電場強度，故粒子在A點的加速度一定大于在D點的加速度，故C正確．D、電場中的帶電粒子受力的方向沿電場線的切線方向，由于C點所在的電場線為曲線，所以將該粒子在C點由靜止釋放，它一定不能沿電場線運動，故D錯誤．5、B【解析】

由圖可知，x=2a處電場強度為零，兩個點電荷在此處產(chǎn)生的電場強度大小相等，方向相反，所以兩電荷必為同種電荷．故A錯誤；x=2a在x軸上，此處的電場強度為零，B正確；由點電荷的場強公式：可知，點電荷M、N在x=2a處的場強分別為：，，根據(jù)EM=EN，可以得到QM：QN=4：1，故C錯誤；在x=a到x=2a區(qū)間，電場強度為正，負電荷受力向左，所以-q從x=a到x=2a區(qū)間過程中，電場力做負功，電勢能增加，故D錯誤．6、A【解析】

由圖可知，a點處電場線較密，電場強度較大，同一點電荷放在a點受到的電場力比放在b點時受到電場力大，故A正確，B錯誤。正電荷放在a點受到的電場力沿電場線的切線方向，由靜止釋放后，正電荷將離開電場線，所以其運動軌跡與電場線不一致，故C錯誤。負電荷在a點所受電場力的方向與該點場強的方向相反。故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：當小球通過最高點A時，桿對球的作用力可能是向上的支持力，也可能是向下的拉力，則當桿對球的作用力是向上的支持力時，由牛頓第二定律得：，N=mg，v1=0；小球從最高點到最低點過程，由機械能守恒得：mg?2L+mv12=mv22，;在最低點，有，F(xiàn)1=5mg；當桿對球的作用力是向下的拉力時，由牛頓第二定律得：，N=mg，；小球從最高點到最低點過程，由機械能守恒得：，；在最低點，有，F(xiàn)2=7mg；故選BD．考點：牛頓第二定律；機械能守恒定律【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵知道“桿模型”與“繩模型”的區(qū)別，知道向心力的來源，運用牛頓第二定律進行分析．注意在最高點分兩種情況，不能漏解．8、AD【解析】

因為棱形中心o點的電場強度方向由o指向d，故a、c一定是同種電荷，b為正電荷，由于b點電荷離d點較遠，為了滿點o、d兩點的電場強度相同，根據(jù)電場的疊加原理可知，a、c兩點的電荷一定是同種等量的正電荷，故A正確，B錯誤；根據(jù)o、d兩點的電場強度相同，O點的電場強度為E0=kqbob9、AC【解析】

A．公式中的G是引力常量，這是由卡位迪許用扭秤實驗得出的，而不是人為規(guī)定的，選項A正確；B．當兩物體的距離r趨于零時，萬有引力定律不再適用，選項B錯誤；C．兩個物體間的萬有引力總是大小相等的，而與m1和m2是否相等無關(guān)，選項C正確；D．兩個物體間的萬有引力總是大小相等、方向相反的，是一對相互作用力，選項D錯誤。10、ABC【解析】

根據(jù)帶電液滴作直線運動可知帶電液滴所受重力與電場力的合力一定沿運動方向，利用假設(shè)法可以判定出帶電液滴所帶電荷的性質(zhì)，從而求出電場力的大小與合外力的大小再根據(jù)牛頓第二定律計算出物體的加速度；根據(jù)合外力的方向與速度的方向相同可知合外力做正功，根據(jù)電場力做功的情況可以判定電勢能變化情況。【詳解】A項：若液滴帶正電，其受力情況如圖所示，液滴不可能沿bd運動，故只能帶負電荷，故A正確；B項：對液滴進行受力分析，其受力情況如圖所示，故物體所受合力F=2mg，故物體的加速度a=2C項：由于電場力所做的功W電=Eqxbdcos45°＞0，故電場力對液滴做正功，故液滴的電勢能減小，液滴向下運動，所以重力勢能也減小，故C正確；D項：由于液滴從靜止開始做加速運動，故合力的方向與運動的方向相同，故合外力對物體做正功，故D錯誤。故應(yīng)選：ABC?！军c睛】帶電液滴從靜止開始由b沿直線運動到d，是我們判定液滴帶電性質(zhì)的突破口，在今后的學(xué)習(xí)中我們經(jīng)常用到要注意掌握。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）1．010（2）mgL-MgLsinθ；【解析】【分析】由于光電門的寬度d很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度；根據(jù)重力做功和重力勢能之間的關(guān)系可以求出重力勢能的減小量，根據(jù)起末點的速度可以求出動能的增加量；根據(jù)功能關(guān)系得重力做功的數(shù)值等于重力勢能減小量．解(1)由于光電門的寬度b很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度，滑塊通過光電門B速度為：；(2)滑塊從A處到達B處時m和M組成的系統(tǒng)動能增加量為：；系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為：；比較和，若在實驗誤差允許的范圍內(nèi)相等，即可認為機械能是守恒的．12、1.48—1.500.30＜＜【解析】

（1）[1][2]．由圖可得該電源電動勢E=1.50V，內(nèi)阻。（2）[3][