西藏示范名校2025屆物理高三第一學期期中綜合測試試題含解析

西藏示范名校2025屆物理高三第一學期期中綜合測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，物塊A、B疊放在粗糙的水平桌面上，水平外力F作用在B上，使A、B一起沿水平桌面向右加速運動．設A、B之間的摩擦力大小為f1，B與水平桌面間的摩擦力大小為f2，保持A、B相對靜止，逐漸增大F，則()A．f1不變、f2變大B．f1變大、f2不變C．f1和f2都不變D．f1和f2都變大2、2016年10月17日7時30分，搭載兩名航天員的“神舟十一號”載人飛船由“長征二號”運載火箭成功發(fā)射升空，10月19日凌晨，“神舟十一號”飛船與“天宮二號”自動交會對接成功．“神舟十號”與“天宮一號”對接時，軌道高度是343公里，而“神舟十一號”和“天宮二號”對接時的軌道高度是393公里，這與未來空間站的軌道高度基本相同．根據以上信息，判斷下列說法正確的是（）A．“天宮一號”的動能比“天宮二號”的動能大B．“天宮一號”的周期比“天宮二號”的周期小C．“神舟十一號”飛船的環(huán)繞速度大于第一宇宙速度D．“神舟十一號”飛船必須在“天宮二號”的軌道上，再加速實現對接3、在公路上行駛的汽車，導航儀提醒“前方2公里擁堵，預計通過需要15分鐘”，根據導航儀提醒，下列說法合理的是A．汽車將勻速通過前方2公里B．能夠計算出此時汽車的速度約0.13m/sC．若此時離目的地還有30公里，到達目的地一定需要225分鐘D．“15分鐘”指的是時間間隔4、如圖所示，在點電荷Q形成的電場中，已知a、b兩點在同一等勢面上，c、d兩點在同一等勢面上。甲、乙兩個帶電粒子的運動軌跡分別為acb和adb曲線，兩個粒子經過a點時具有相同的速率，由此可以判斷（）A．甲、乙兩粒子電性相同B．若取無窮遠處電勢為零，則甲粒子經過c點時的電勢能小于乙粒子經過d點時的電勢能C．甲粒子在c點時速率等于乙粒子在d點時速率D．甲、乙兩粒子在b點時具有相同的動能5、下列對運動的認識不正確的是（）A．亞里士多德認為物體的自然狀態(tài)是靜止的，只有當它受到力的作用才會運動B．伽利略認為力不是維持物體速度的原因C．牛頓認為力的真正效應總是改變物體的運動狀態(tài)D．伽利略根據理想實驗推論出，如果沒有摩擦，在水平面上的物體，一旦具有某一個速度，將保持這個速度繼續(xù)運動下去6、如圖所示，一物體從半圓形光滑軌道上邊緣由靜止下滑，當它滑到最低點時，關于動能大小和對軌道最低點壓力的說法正確的是（）A．軌道半徑越大，動能越大，壓力也越大B．軌道半徑越大，動能越小，壓力也越大C．軌道半徑越大，動能越大，壓力與半徑無關D．軌道半徑越大，動能越大，壓力越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，勁度系數為k的輕彈簧左端固定在豎直墻壁上，右端與一小球相連，a點為彈簧原長所在位置．現對小球施加一個水平向右的恒力F，使小球從a點由靜上開始運動，小球向右運動經過b點，最遠到達c點，其中ab間的距離為xab=，不計一切摩擦，下列判斷正確的是A．從a至c，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能逐漸增大B．從a至c，恒力F所做的功大于彈性勢能的增量C．從a至b，恒力F所做的功大于小球動能的增量D．從a至b，小球的動能逐漸增大到最大值8、如圖所示，小車上有一根固定的水平橫桿，橫桿左端固定的輕桿與豎直方向成θ角，輕桿下端連接一小鐵球；橫桿右端用一根細線懸掛一相同的小鐵球，當小車做勻變速直線運動時，細線保持與豎直方向成α角，若θ<α，則下列說法中正確的是()A．輕桿對小球的彈力方向沿著輕桿方向向上B．輕桿對小球的彈力方向與細線平行向上C．小車可能以加速度gtanα向右做勻加速運動D．小車可能以加速度gtanθ向左做勻減速運動9、兩異種點電荷A、B附近的電場線分布如圖所示,P為電場中的一點,連線AP、BP相互垂直.已知P點的場強大小為E、電勢為φ,電荷A產生的電場在P點的場強大小為EA,，取無窮遠處的電勢為零.下列說法中正確的有()A．A、B所帶電荷量相等B．電荷B產生的電場在P點的場強大小為C．A、B連線上有一個電勢為零的點D．將電量為-q的點電荷從P點移到無窮遠處,電場力做的功為qφ10、如圖所示，兩個可視為質點的、相同的木塊A和B放在轉盤上，兩者用長為L的細繩連接，木塊與轉盤的最大靜摩擦力均為各自重力的K倍，A放在距離轉軸L處，整個裝置能繞通過轉盤中心的轉軸O1O2轉動．開始時，繩恰好伸直但無彈力，現讓該裝置從靜止開始轉動，使角速度緩慢增大，以下說法正確的是：A．當時，繩子一定有彈力B．當時，A、B相對于轉盤會滑動C．ω在范圍內增大時，A所受摩擦力一直變大D．ω在范圍內增大時，B所受摩擦力變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組設計了如圖甲所示的實驗裝置，一根輕質細繩繞過定滑輪A和輕質動滑輪B后，一端與力傳感器相連，另一端與小車相連．動滑輪B下面懸掛一個鉤碼．某次實驗中，由靜止開始向右拉動紙帶的右端，使小車向右加速運動，由傳感器測出細繩對小車的拉力為F＝0.69N，打點計時器打出的紙帶如圖乙所示，打點計時器使用交流電的頻率為f＝50Hz，重力加速度為g＝10m/s2，試回答下列問題：(1)打點計時器打下標號為“3”的計數點時，小車的速度v3＝______m/s(保留3位有效數字)；(2)要求盡可能多的利用圖乙中的數據計算小車運動的加速度大小a，則a＝______m/s2(保留1位小數)；(3)不計輕繩與滑輪及軸與滑輪之間的摩擦，動滑輪B下面所懸掛鉤碼的質量m＝______kg.12．（12分）某探究學習小組的同學欲驗證“動能定理”，他們在實驗室組裝了一套如圖所示的裝置，另外還找到了打點計時器所用的學生電源、導線、復寫紙、紙帶、滑塊、細沙。當滑塊連接上紙帶，用細線通過滑輪掛上空的小沙桶時，釋放小桶，滑塊處于靜止狀態(tài)。若你是小組成員，要完成該實驗，則：（1）你認為還需要的實驗器材有______。（2）實驗時為了保證滑塊受到的合力與沙和沙桶的總重力大小基本相等，沙和沙桶的總質量應滿足的條件是_______，實驗時首先要做的步驟是_________。（3）在（2）的基礎上，某同學用天平稱量滑塊的質量M，往沙桶中裝入適量的細沙，用天平稱出此時沙和沙桶的總質量m，讓沙桶帶動滑塊加速運動，用打點計時器記錄其運動情況，在打點計時器打出的紙帶上取兩點，測出這兩點的間距L和這兩點的速度大小v1與v2（v1＜v2）。則本實驗最終要驗證的數學表達式為_______。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平面上放著一塊質量為薄木板（厚度忽略不計），長為，木板處于靜止狀態(tài)。質量為的小物塊可視為質點放在木板的最右端。已知物塊與木板間的動摩擦因數，物塊與地面、木板與地面的動摩擦因數均為?？烧J為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F對木板施加一個水平向右的恒力F（g取）。若要使木板開始運動，且物塊相對木板不滑動，則求F的取值范圍。若，求物塊即將滑離木板時的速度大小。若，物塊靜止時離木板右端距離。14．（16分）如圖所示，—個質量為、電荷量為的帶電粒子，在磁感應強度為的勻強磁場中，以垂直于磁場方向的速度做勻速圓周運動．(1)畫出粒子此時所受洛倫茲力的方向及運動軌跡示意圖．(2)推導軌道半徑公式．(3)推導運動周期公式．15．（12分）一根長為的絲線吊著一質量為，帶電荷量為的小球靜止在水平向右的勻強電場中，如圖所示，絲線與豎直方向成角，求（重力加速度，，）（1）小球帶何種電荷？（2）勻強電場的電場強度的大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據牛頓第二定律得：對A物體：，對整體：，可見，當F增大時，加速度a增大，f1變大；而，μ、mA、mB都不變，則f2不變，故B正確，A、C、D錯誤；故選B．【點睛】水平外力F逐漸增大，A、B都保持相對靜止，加速度相同，根據牛頓第二定律分別以A和整體為研究對象，分析摩擦力f1和f2的大小變化情況．2、B【解析】試題分析：根據公式可得，可知軌道半徑越大，線速度越小，“天宮一號”的速率比“天宮二號”的速率大，但由于質量的關系未知，所以不能判斷出“天宮一號”的動能比“天宮二號”的動能大，故A錯誤；根據公式可得，可知軌道半徑越大，周期越大，“天宮一號”的周期比“天宮二號”的周期小，故B正確；根據公式可知軌道半徑越大，線速度越小，所以“神舟十一號”飛船的環(huán)繞速度小于第一宇宙速度，故C錯誤；“神舟十一號”飛船必須在“天宮二號”的軌道上，再加速時將做離心運動，所以不可能實現對接，故D錯誤．考點：考查了萬有引力定律的應用【名師點睛】在萬有引力這一塊，涉及的公式和物理量非常多，掌握公式在做題的時候，首先明確過程中的向心力，然后弄清楚各個物理量表示的含義，最后選擇合適的公式分析解題，另外這一塊的計算量一是非常大的，所以需要細心計算3、D【解析】

A．根據導航儀的提示，不能判斷出汽車是否是勻速運動，由于“前方2公里擁堵”估計不能勻速運動故A錯誤；B．根據題設條件，汽車的瞬時速度無法求出，故B錯誤；C．根據公式可以計算平均速度，但不能據此判斷出2km以后汽車做怎么樣的運動，所以并不能判斷出若此時離目的地還有30公里，到達目的地所需的時間，故C錯誤；D．15分鐘表示“時間段”，指的是時間間隔，故D正確。故選D。4、B【解析】

A．由圖可知電荷甲受到中心電荷的引力，而電荷乙受到中心電荷的斥力，故兩粒子的電性一定不同。故A不符合題意。B．取無窮遠處電勢為零（電勢能也一定為零），將帶電粒子甲從c移動到無窮遠處，電場力做負功，電勢能增加，故粒子甲在c點電勢能為負值；將帶電粒子乙從d移動到無窮遠處，電場力做正功，電勢能減小，故粒子乙在d點的電勢能為正值，故甲粒子經過c點時的電勢能小于乙粒子經過d點時的電勢能。故B符合題意。C．甲粒子從a到c和乙粒子從a到d，Uac=Uad，但甲、乙兩粒子帶異種電荷，而且電量也不一定相等，所以甲粒子從a到c電場力做功與乙粒子從a到d電場力做功不一定相等，所以甲粒子經過c點時的速率不等于乙粒子經過d點時的速率。故C不符合題意。D．根據虛線為等勢面，可判定沿著acb、adb曲線運動過程中電場力所做的總功為0，兩粒子在a點時具有相同的速度，但動能不一定相等。根據動能定理，兩粒子經過b點時具有的動能也不一定相同。故D不符合題意。5、A【解析】

A．亞里士多德認為力是維持物體速度的原因，故A錯誤，符合題意；B．伽利略認為力不是維持物體運動的原因，力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故B正確，不符合題意；C．牛頓認為力的真正效應總是改變物體的速度，即產生加速度，故C正確，不符合題意；D．伽利略根據理想實驗推論出，如果沒有摩擦，在水平面上的物體，一旦具有某一個速度，將保持這個速度繼續(xù)運動下去，故D正確，不符合題意。故選A。6、C【解析】

對于物體下滑的過程，根據動能定理得：物體到達最低點的動能為可見，半徑越大，動能越大。

在軌道最低點，由牛頓第二定律得，，解得N=3mg則知球對軌道的壓力大小與半徑也無關。A．軌道半徑越大，動能越大，壓力也越大，與結論不相符，選項A錯誤；B．軌道半徑越大，動能越小，壓力也越大，與結論不相符，選項B錯誤；C．軌道半徑越大，動能越大，壓力與半徑無關，與結論相符，選項C正確；D．軌道半徑越大，動能越大，壓力越小，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

A.從a至c，拉力F一直做正功，所以小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能逐漸增大，故A正確；B.從a至c根據動能定理可知，，而彈性勢能的增量，故得，所以，恒力F所做的功等于彈性勢能的增量，故B錯誤；C.從a至b的這段過程中，恒力F所做的功等于小球動能的增量與彈簧彈性勢能增加量之和，所以，恒力F所做的功大于小球動能的增量．故C正確；D.在b位置，小球的合力為零，動能最大，所以從a至b，小球的動能逐漸增大到最大，故D正確；8、BC【解析】A.對細線吊的小球根據牛頓第二定律，得：mgtanα=ma，得到a=gtanα對輕桿固定的小球研究．設輕桿對小球的彈力方向與豎直方向夾角為β，由牛頓第二定律，得：m′gtanβ=m′a′因為a=a′，得到β=α>θ則輕桿對小球的彈力方向與細線平行，故A錯誤，B正確；C.小車的加速度a=gtanα，方向向右，而運動方向可能向右加速，也可能向左減速．故C正確，D錯誤．故選：BC.點睛：先對細線吊的小球分析進行受力，根據牛頓第二定律求出加速度．再對輕桿固定的小球應用牛頓第二定律研究，得出輕桿對球的作用力方向．加速度方向確定，但速度可能有兩種，運動方向有兩種．9、BC【解析】

根據等量異種點電荷的電場線分布圖具有對稱性，知A、B所帶的電荷量不相等，故A錯誤；P點的場強是點電荷A、B在P點產生的合場強，根據矢量合成的平行四邊形定則知，，故B正確；如果取無窮遠處的電勢為0，正電荷附近的電勢高于0，負電荷附近低于0，所以其A、B連線上有電勢為0的點，故C正確；根據W=-q（φ-0）=-qφ，故D錯誤；故選BC．【點睛】本題考查電場線的分布和電場的疊加原理，電場的疊加遵循平行四邊形定則，電勢是標量，正電荷周圍電勢為正，負電荷周圍電勢為負，注意求電場力做功W=qU正負號一起代入計算．10、ABC【解析】

A.當B的摩擦力達到最大靜摩擦力時，細繩上開始有彈力，以B為研究對象，設此時角速度為ω1，有：解得：ω1=.故A正確；B.當A、B剛要滑動時，A、B的摩擦力均為kmg，方向指向圓心，假設這時的角速度為ω2以A為研究對象有：…①以B為研究對象有：…②聯立①、②方程解得：ω2=.故B正確；C.以A、B整體為研究對象，滑動之前，A受到的摩擦力給整體提供向心力，隨著ω增大，A所受摩擦力一直變大，故C正確；D.在ω=時，B受到的摩擦力達到最大，ω在<ω<范圍內增大時，B所受摩擦力不變，故D錯誤．故選ABC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）1.62（2）3.0（3）0.12【解析】（1）由于每相鄰兩個計數點間還有1個點，所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.04s，

根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，（2）根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，

得：a==3.0m/s2，

（3）由傳感器測出細繩對小車的拉力為F=0.69N，

根據動滑輪的原理得B下面所懸掛鉤碼加速度a′==1.5m/s2，

根據牛頓第二定律得2F-mg=ma′

解得m=0.12kg．12、刻度尺、天平沙和沙桶的總質量遠小于滑塊的質量平衡摩擦力【解析】

(1)[1]本實驗需要用到天平測量小車和砂桶的質量，需要刻度尺測量紙帶長度。(2)[2]沙和沙桶加速下滑，其對細線的拉力小于重力，設拉力為T，根據牛頓第二定律，對沙和沙桶有對滑塊，有解得由此可知當時，有，即要滿足沙和沙桶的總質量遠小于滑塊的質量。[3]滑塊下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應該用重力的下滑分量來平衡摩擦力，故可以將長木板的一端墊高。(3)[4]合外力做的總功為動能增加量為則需要驗證的數學表達式為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3N<F?9N；（2）2m/s；（3）18m【解析】

（1）根據木板受到地面的最大靜摩擦力求出F的最小值，根據牛頓第二定律求出m不發(fā)生相對滑動的最大加速度，對整體分析，根據牛頓第二定律求出最大拉力，從而得出F的范圍；（2）當F=13N時，M和m發(fā)生相對滑動，根據牛頓第二定律分別求出m和M的加速度，結合位移關系，運用運動學公式求出滑離時經歷的時間，根據速度時間公式求出物塊滑離木板時的速度大??；（3）根據牛頓第二定律分別求出滑離木板后木塊和木板的加速度，根據速度公式和速度位移關系求出木塊速度減到零時木塊的位移和所用的時間，根據位移