2025屆陜西省銅川市高二物理第一學期期末監(jiān)測試題含解析

2025屆陜西省銅川市高二物理第一學期期末監(jiān)測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，一個質量為m、帶電量為+q的圓環(huán)，可在水平放置的足夠長的粗糙細桿上滑動，細桿處于磁感應強度為B的勻強磁場中。現(xiàn)給圓環(huán)一個水平向右的初速度v0，在以后的運動中下列說法正確的是（）A.圓環(huán)可能做勻減速運動B.圓環(huán)不可能做勻速直線運動C.圓環(huán)克服摩擦力所做的功可能為D.圓環(huán)克服摩擦力所做的功不可能為2、磁流體發(fā)電機可簡化為如下模型：兩塊長、寬分別為a、b的平行板，彼此相距L，板間通入己電離的速度為v的氣流，兩板間存在一磁感應強度大小為B的磁場，磁場方向與兩板平行，并與氣流垂直．如圖所示，把兩板與外電阻R連接起來，在磁場力作用下，氣流中的正、負離子分別向兩板移動形成電流．設該氣流的電阻率為ρ，則下列說法中錯誤的是（）A.該磁流體發(fā)電機模型的上表面電勢高于下表面電勢B.產生的感應電動勢為C.流過外電阻R的電流強度D.該磁流體發(fā)電機模型的路端電壓為3、如圖甲所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，產生的交變電流的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示（正弦曲線）。下列說法正確的是（）A.該交變電流電壓的最大值為440VB.該交變電流電壓的有效值為VC.在0.0025s時，該交變電流的電壓為220VD.在0.0025s時，該交變電流的電壓為V4、如圖所示的實驗裝置中，極板A接地，平行板電容器的極板B與一個靈敏的靜電計相接將A極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電荷量Q、電容C、兩極間的電壓U，電容器兩極板間的場強E的變化情況是（）A.Q變小，C不變，U不變，E變小B.Q變小，C變小，U不變，E不變C.Q幾乎不變，C變小，U變大，E不變D.Q幾乎不變，C變小，U變大，E變小5、如圖所示，一平行板電容器的兩極板與一電壓恒定的電源相連，極板水平放置，極板間距為；在下極板上疊放一厚度為的金屬板，其上部空間有一帶電粒子靜止在電容器中．當把金屬板從電容器中快速抽出后，粒子開始運動．重力加速度為．粒子運動的加速度為（）A. B.C. D.6、如圖(甲)所示,在平行板電容器A、B兩極板間加上如圖(乙)所示的交變電壓.開始A板的電勢比B板高,此時兩板中間原來靜止的電子在電場力作用下開始運動.設電子在運動中不與極板發(fā)生碰撞,向A板運動時為速度的正方向,則下列圖象中能正確反映電子速度變化規(guī)律的是（其中C,D兩項中的圖線按正弦函數(shù)規(guī)律變化）A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某小型水電站的電能輸送示意圖如下．發(fā)電機的輸出電壓為200V，輸電線總電阻為r，升壓變壓器原副線圈匝數(shù)分別為n1，n2．降壓變壓器原副線匝數(shù)分別為n3、n4（變壓器均為理想變壓器）．要使額定電壓為220V的用電器正常工作，則（）A.B.C.升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓D.升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率8、在如圖所示的遠距離輸電電路圖中，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠的輸出電壓和輸電線的電阻均不變，隨著發(fā)電廠輸出功率的增大，下列說法中正確的有()A.升壓變壓器的輸出電壓增大B.降壓變壓器的輸出電壓增大C.輸電線上損耗的功率增大D.輸電線上損耗的功率占總功率的比例增大9、如圖所示,從MN上方存在勻強磁場，帶同種電荷的粒子a、b以相同的動能同時從O點射入勻強磁場中，兩粒子的入射方向與磁場邊界MN的夾角分別為30o和60o，且同時到達P點，已知OP=d，則（）A.a、b兩粒子運動半徑之比為1：B.a、b兩粒子的初速率之比為5：2C.a、b兩粒子的質量之比為4：75D.a、b兩粒子的電荷量之比為2：1510、國慶期間小明去逛超市，遇促銷打折買了一個電吹風，電吹風的使用說明書上給出了如表所的參數(shù)及圖示電路圖。下列說法正確的是（）A.該電吹風發(fā)熱電阻R的阻值約為64.5ΩB.該電吹風電動機M的內阻為193.6ΩC.當開關S1斷開、S2閉合時，電吹風吹冷風D.當開關S1、S2均閉合時，電動機每秒鐘消耗的電能為1000J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)在“測定金屬的電阻率”的實驗中，由于金屬絲直徑很小，不能使用普通刻度尺，應使用螺旋測微器。螺旋測微器的精確度為_________mm，用螺旋測微器測量某金屬絲直徑時的刻度位置如圖所示，從圖中讀出金屬絲的直徑為_________mm。(2)如果測出金屬絲接入電路的長度l、直徑d和金屬絲接入電路時的電流I和其兩端的電壓U，就可求出金屬絲的電阻率。用以上實驗中直接測出的物理量來表示電阻率，其表達式為ρ=___________。(3)在此實驗中，金屬絲的電阻大約為4Ω，在用伏安法測定金屬絲的電阻時，除被測電阻絲外，選用了如下實驗器材：A.直流電源：電動勢約4.5V，內阻不計；B．電流表A：量程0~0.6A，內阻約0.125Ω；C．電壓表V：量程0~3V，內阻約3kΩ；D．滑動變阻器R：最大阻值10Ω；E．開關、導線等。在以下可供選擇的實驗電路中，應該選圖____（填“甲”或“乙”），選擇的接法為____接法（填“內”或“外”），此接法測得的電阻值將___________（填“大于”、“小于”或“等于”）被測電阻的實際阻值。(4)根據所選實驗電路圖，在實物圖中完成其余的連線___________。在閉合開關S前，滑動變阻器的滑片應置在_________（填“最左”或“最右”）端。(5)根據所選量程，某次實驗兩電表的示數(shù)如圖，則讀數(shù)分別為_________V和_________A。(6)若某次實驗測得接入電路金屬絲的長度為0.810m，算出金屬絲的橫截面積為0.81×10-6m2，根據伏安法測出電阻絲的電阻為4.1Ω，則這種金屬材料的電阻率為__________（保留二位有效數(shù)字）。12．（12分）某學生用螺旋測微器在測定某一金屬絲的直徑時，測得的結果如下圖所示，則該金屬絲的直徑d=_______mm．另一位學生用游標尺上標有20等分刻度的游標卡尺測一工件的長度，測得的結果如下圖所示，則該工件的長度L=_____cm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,一勁度系數(shù)為k的輕質彈簧,下端掛有一匝數(shù)為n的矩形線框abcd,bc邊長為l,線框的下半部處在勻強磁場B中,方向與線框平面垂直,在圖中垂直于紙面向里,線框中通以電流I,方向如圖所示,開始時線框處于平衡狀態(tài).現(xiàn)令磁場反向,磁場仍為B,線框達到新的平衡,在此過程中線框位移的大小Δx為多少?方向如何?14．（16分）如圖所示，在足夠高的光滑水平臺面上靜置一質量為m的長木板A，木板A右端用輕繩繞過光滑的輕質定滑輪與質量也為m的物體C連接．當C從靜止開始下落距離h時，在木板A的最右端輕放一質量為4m的小鐵塊B（初速度為0，可視為質點），最終B恰好未從A上滑落，A、B間的動摩擦因數(shù)μ＝0.25．最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g．計算：（1）C由靜止下落距離h時，木板A的速度大小vA；（2）木板A的長度L；（3）若當鐵塊B輕放在木板A最右端的同時，對B加一水平向右的恒力F＝7mg，其他條件不變，計算B滑出A時B的速度大小vB15．（12分）如圖所示,AB為傾角為θ=37°的光滑絕緣斜面,AB長度為,BC為半徑的豎直光滑絕緣圓弧面,AB與BC在B點相切,C為圓弧面的最低點,在BD左側加一如圖所示的水平勻強電場E1=3×103N/C．現(xiàn)將一質量為m=4×10-4kg帶電的小物塊置于斜面上的A點,帶電小物塊恰好靜止在斜面上．從某時刻開始,水平勻強電場的電場強度變?yōu)樵瓉淼囊话?物塊開始加速下滑,(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2)求：（1）帶電小物塊是正電荷還是負電荷,物塊所帶電荷量為多少？（2）沿斜面下滑到B點時,物塊的瞬時速度為多大？（3）如果在BD右側存在豎直向上的勻強電場,場強為E2=1.2×104N/C,則物塊運動到C點時,軌道對小物塊的支持力為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】分情況對圓環(huán)受力分析，第一種情況圓環(huán)受到向下的重力，向上的支持力、向上洛倫茲力、水平向左的摩擦力，圓環(huán)受到的洛倫茲力變小，支持力變大，摩擦力增大，圓環(huán)做加速度增大的減速運動，最后速度減為零；第二種情況支持力為零，圓環(huán)受到的摩擦力為零，這種情況下圓環(huán)做勻速直線運動。第三種情況隨著速度減小，支持力減小，摩擦力減小，此時圓環(huán)做加速度減小的減速運動，當支持力減為零后做勻速運動。由以上分析可知圓環(huán)可能做勻速運動或變減速運動，不可能做勻減速運動，故A錯誤；B．由受力分析第二種情況可知圓環(huán)可能不受摩擦力作用，合力為零，這種情況下圓環(huán)做勻速直線運動，故B錯誤；C．由受力分析第一種情況可知當圓環(huán)受到向上的支持力，圓環(huán)做加速度逐漸增大的減速運動，最后速度減為零，由動能定理可得圓環(huán)克服摩擦力所做的功為，故C正確。D．由受力分析第三種情況可知當圓環(huán)受到向下的支持力時，圓環(huán)做加速度逐漸減小的減速運動，當支持力減為零時開始做勻速直線運動，由平衡關系可得設克服摩擦力做功為W，由動能定理可得解得圓環(huán)克服摩擦力所做的功為，故D錯誤。故選擇C選項。2、B【解析】電離的氣體含有大量帶正電和負電的粒子，進入磁場受洛倫茲力發(fā)生偏轉，根據左手定則判斷出正負電荷的偏轉方向，從而確定極板的正負極，確定出電流在外電路中的流向，最終電荷受電場力和洛倫茲力處于平衡，根據平衡求出電動勢的大小，從而根據閉合電路歐姆定律求出電流的大小，再根據路端電壓U=IR，即可求解；【詳解】根據左手定則知正電荷向上偏，負電荷向下偏，上極板帶正電，下極板帶負電，即上表面電勢高于下表面電勢，最終電荷處于平衡有：解得電動勢：內電阻為：根據閉合電路歐姆定律有：那么路端電壓為：，綜上所述，故ACD正確，B錯誤【點睛】本題綜合考查了電阻定律、閉合電路歐姆定律以及磁場的知識，關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及通過平衡求出電源的電動勢3、C【解析】A．如圖所示，該交變電流電壓的最大值（峰值）為：Em=220V≈311V故A錯誤。B．該交變電流電壓的有效值為：故B錯誤。CD．因為交變電流的電壓的函數(shù)表達式為：當t=0.0025s時故C正確，D錯誤。故選C。4、C【解析】平行板電容器與靜電計并聯(lián)，電容器所帶電量不變。增大電容器兩極板間的距離d時，由電容的決定式知，電容C變??；Q不變，則根據電容的定義式知，電容C變小，Q不變，則U變大；根據，電場強度不變；故選C。5、A【解析】粒子受重力和電場力，開始時平衡，有：

①當把金屬板從電容器中快速抽出后，根據牛頓第二定律，有：mg-q=ma

②聯(lián)立①②解得：A.，與結論相符，選項A符合題意；B.，與結論不相符，選項B不符合題意；C.，與結論不相符，選項C不符合題意；D.，與結論不相符，選項D不符合題意；6、A【解析】根據AB兩極板電場的變化，分析電子所受電場力的變化，結合加速度與速度方向的關系判斷其運動性質，然后分析圖示圖象作出選擇【詳解】在前半個周期內，A板的電勢高，電場的方向向右，電子受到的電場力方向水平向左，電子向左做初速度為零的勻加速直線運動，在后半個周期，電場水平向左，電子所受的電場力水平向右，電子向左做勻減速直線運動直到速度為零，然后進入第二個周期，重復之前的運動，由此可知，電子在每個周期內先向左做初速度為零的勻加速直線運動，然后向左做勻減速直線運動，如此反復，由圖示圖象可知：A正確，BCD錯誤；故選A【點睛】由于電場方向不斷變化，粒子運動情況比較復雜，分析清楚粒子的運動過程是正確解題的關鍵二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】AB．由變壓器的電壓比匝數(shù)之比，及，又因為線路電壓損失，即，所以，A正確B錯誤；CD．由于遠距離輸電，導致線路電阻通電發(fā)熱，而使功率損失，所以升壓變壓器的輸出電壓大于降壓變壓器的輸入電壓；升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率，C錯誤D正確8、CD【解析】由于發(fā)電廠的輸出電壓不變，升壓變壓器的匝數(shù)不變，所以升壓變壓器的輸出電壓不變，故A錯誤B、由于發(fā)電廠的輸出功率增大，則升壓變壓器的輸出功率增大，又升壓變壓器的輸出電壓U2不變，根據P=UI可輸電線上的電流I線增大，導線上的電壓損失變大，則降壓變壓器的初級電壓減小，則降壓變壓器的輸出電壓減小，故B錯誤．根據P損=I線2R，又輸電線上的電流增大，電阻不變，所以輸電線上的功率損失增大，故C正確．根據，則有：；發(fā)電廠的輸出電壓不變，輸電線上的電阻不變，所以輸電線上損耗的功率占總功率的比例隨著發(fā)電廠輸出功率的增大而增大．故D正確．故選CD考點：遠距離輸電9、CD【解析】由題圖可知，粒子在磁場中運動半徑為；運動軌跡所對的圓心角為，運動軌跡弧長為，粒子在磁場中運動軌跡半徑為，所對的圓心角為，運動軌跡弧長為，所以兩粒子運動半徑之比為，故A錯誤；因運動時間，而，即粒子的速度之比為，故B錯誤；因兩粒子以相同的動能入射，故，所以有：兩粒子的質量之比為，故C正確；因，所以兩粒子的電荷量之比為，故D正確【點睛】由題意結合幾何關系可求得粒子運動的半徑及時間關系，則根據時間相等、動能相等等已知信息，利用帶電粒子在磁場中的運動規(guī)律可解得各物理量之間的關系；本題考查帶電粒子在磁場中運動規(guī)律，要注意通過幾何關系找出圓心和半徑，再由洛侖茲力充當向心力可求得相應關系10、AC【解析】A．由題意可知，電阻R上的功率為750W，故R的阻值為故A正確；B．該吹風機的電動機總功率為250W，它是非純電阻電路，不能用求其電阻，由于其輸出功率未知，故無法求出該電動機的內阻，故B錯誤；C．由于電阻用來發(fā)熱，故當開關S1斷開、S2閉合時，電阻不工作，故電吹風吹冷風，故C正確；D．當開關S1、S2均閉合時，電動機每秒鐘消耗的電能為250J，故D錯誤；故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).0.01(2).0.640(3).(4).甲(5).外(6).小于(7).(8).最左(9).2.15(10).0.16(11).1×10-6Ω·m【解析】(1)[1]螺旋測微器的精確度為0.01mm[2]金屬絲的直徑為

5mm+0.01mm×14.0=0.640mm。(2)[3]根據及解得(3)[4][5]因待測電阻的阻值較小，故采用電流表外接電路，即甲電路；[6]因電壓表的分流作用，使得電流表的測量值大于電阻上的實際電流，故此接法測得的電阻值將小于被測電阻的實際阻值。(4)[7]連線如圖；在閉合開關S前，滑動變阻器的阻值調節(jié)到最小，故滑片應置在最左端。(5)[8]電壓表讀數(shù)為2.15V；[9]電流表讀數(shù)為0.16A。(6)[10]根據可得，代入數(shù)據可知ρ=4.1×10-6Ω·m【點睛】螺旋測微器示數(shù)等于固定刻度與可動刻度示數(shù)之和，對螺旋測微器讀數(shù)時要注意估讀；實驗器材的選擇、設計實驗電路圖是本題的難點，要掌握實驗器材的選取原則及電路選擇的原則。12、①.3.205（3.203-3.207）②.5.015【解析】[1]由圖所示螺旋測微器可知，螺旋測微器的固定刻度示數(shù)是3mm，可動刻度示數(shù)是，螺旋測微器的示數(shù)是：[2]由圖所示游標