四川省石室中學2025屆高二物理第一學期期中綜合測試模擬試題含解析

四川省石室中學2025屆高二物理第一學期期中綜合測試模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、做勻加速直線運動的物體，位移與時間的關系滿足，其初速度是()A．4m/s B．2m/s C．1m/s D．m/s2、下列屬于國際單位制中基本單位符號的是（）A．sB．JC．m/s2D．N3、舊白熾燈在工作時，容易在燈絲最細處熔斷，這是因為與相同長度的燈絲較粗處相比，燈絲最細處（）A．功率最大 B．電流最大 C．電阻最小 D．電壓最小4、如圖所示，電容器耐壓值足夠大，二極管為理想二極管．閉合開關s，電路穩(wěn)定之后又斷開開關，以下說法正確的是A．剛閉合開關時，R1和R2中都有電流B．電路穩(wěn)定時，有恒定的電流流過R0C．電路穩(wěn)定時，電容器板間電壓等于電源電動勢D．將開關S斷開時，電容器放電5、如圖所示，絕緣光滑半圓軌道放在豎直向下的勻強電場中，場強為E，在與環(huán)心等高處有一質量為m、電荷量為+q的小球，由靜止開始沿軌道運動，下列說法正確的是（）A．小球在運動過程中機械能守恒B．小球經過最低點時電勢能最大C．小球經過環(huán)的最低點時對軌道壓力等于D．小球經過環(huán)的最低點時對軌道壓力等于36、如圖（a），線圈ab、cd繞在同一軟鐵芯上，在ab線圈中通以變化的電流，測得cd間的的電壓如圖（b）所示，已知線圈內部的磁場與流經的電流成正比，則下列描述線圈ab中電流隨時間變化關系的圖中，可能正確的是：A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有一點電荷，在以該點電荷為球心、r為半徑的球面上各點相同的物理量是（）A．電勢B．電場強度C．同一電荷具有的電勢能D．同一電荷所受的電場力8、如圖所示，在光滑水平面上放一個質量為M的斜面體，質量為m的物體沿斜面由靜止開始自由下滑，下列說法中正確的是()A．M和m組成的系統(tǒng)動量守恒B．M和m組成的系統(tǒng)動量不守恒C．M和m組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒D．M和m組成的系統(tǒng)豎直方向動量守恒9、下列各種說法正確的是（）A．在并聯(lián)電路中，任意支路電阻增大或者減小時，總電阻將隨之增大或者減小B．電源的電動勢與外電路有關，外電路電阻越大，電動勢就越大C．將金屬絲均勻拉長為原來的兩倍，金屬絲的電阻和電阻率都增大2倍D．“220V，50W”的電風扇，線圈電阻為0.4，正常工作時每分鐘產生的電熱為1.24J10、如圖所示，在一個勻強電場中有一個四邊形ABCD，電場方向與四邊形ABCD平行，其中M為AD的中點，N為BC的中點．一個電荷量為q的正粒子，從A點移動到B點過程中，電勢能減小W1，若將該粒子從D點移動到C點，電勢能減小W2，下列說法正確的是（）A．勻強電場的場強方向必沿MN方向B．若將該粒子從M點移動到N點，電場力做功W=C．若D、C之間的距離為d，則該電場的場強大小為E=D．若M、N之間的距離為d，該電場的場強最小值為E=三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一小燈泡上標有“6V，0.1A”的字樣，現(xiàn)要測量燈泡的伏安特性曲線，有下列器材供選用：A．電壓表（0~5V，內阻2.0kΩ）B．電壓表（0~10V，內阻3.0kΩ）C．電流表（0~0.3A，內阻3.0Ω）D．電流表（0~6A，內阻1.5Ω）E.滑動變阻器（30Ω，2A）F.學生電源（直流9V）及開關、導線等(1)根據(jù)小燈泡的規(guī)格，電流表應選擇______，電壓表應選擇_______（填序號）。(2)滑動變阻器應該采用______（A．限流法；B．分壓法）；電路應采用電流表的____（A．內接法；B．外接法）。(3)加上的電壓由零逐漸增大，在此過程中，電壓（U）和電流（I）的關系可用圖線表示，題中給出的四個圖線中，肯定符合實際的是________。12．（12分）要測繪額定電壓為2V的日常用小燈泡的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E（電動勢4.0V，內阻可不計）B．電壓表V1（量程為0～3.0V，內阻約2kΩ）C．電壓表V2（0～15.0V，內阻約6kΩD．電流表A1（0～0.6A，內阻約1Ω）E.電流表A2（0～100mA，內阻約2Ω）F.滑動變阻器R1（最大值10Ω）G.滑動變阻器R2（最大值2kΩ）(1)為減少實驗誤差，實驗中電壓表應選擇____，電流表應選擇_____，滑動變阻器應選擇____（填各器材的序號）(2)為提高實驗精度，請你在如圖a中設計實驗電路圖____(3)根據(jù)圖a，在圖b中把缺少的導線補全，連接成實驗的電路___．(4)實驗中移動滑動變阻器滑片，得到了小燈泡的U﹣I圖象如圖c所示，則該小燈泡電阻的變化特點______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在一水平向右的勻強電場中，用一絕緣細線系一帶正電小球，小球的質量為m、電荷量為q，為保證當細線與豎直方向的夾角為θ=60°時，小球處于靜止狀態(tài)，求：(1)電場強度的大小。(2)細線拉力的大小。14．（16分）如圖所示，某同學沒計了一個屏蔽高能粒子輻射的裝置，圓環(huán)形區(qū)域內有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B。將輻射源放在圓心O處，輻射源在紙面內向外輻射質量為m電荷量為q的粒子，粒子速度大小不同，已知環(huán)形區(qū)域內圓半徑為R，外圓半徑為R，輻射源放出的粒子恰好均不能從磁場外邊界射出，求：（1）輻射源射出粒子的最大速度值；（2）從O點以最大速度射出的粒子第一次回到O點的時間。15．（12分）如圖所示，虛線所圍區(qū)域內有方向垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B．一束電子沿圓形區(qū)域的直徑方向以速度v射入磁場，電子束經過磁場區(qū)后，其運動的方向與原入射方向成θ角．設電子質量為m，電荷量為e，不計電子之間的相互作用力及所受的重力．求：（1）電子在磁場中運動軌跡的半徑R；（2）電子在磁場中運動的時間t；（3）圓形磁場區(qū)域的半徑r．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由,對比位移與時間的關系得，初速度v0=4m/s故選A。2、A【解析】

國際單位制規(guī)定了七個基本物理量，分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光照強度、物質的量，它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，他們在國際單位制中的單位符號分別為米m、千克kg、秒s、開爾文K、安培A、坎德拉cd、摩爾mol，故A正確，BCD錯誤?！军c睛】本題的解題關鍵要掌握國際單位制中七個基本單位，要注意基本物理量與基本單位的區(qū)別，不能混淆。3、A【解析】材料相同的導體，長度越長，橫截面積越小，電阻越大，此題中材料相同長度相同的燈絲，細的比粗的橫截面積小，所以電阻值大；最細處和其余部分是串聯(lián)，最細處電阻大，分擔的電壓就大，由公式P=UI可知最細處的功率最大，故A正確，BCD錯誤；故選A。4、C【解析】

A．由圖可知剛閉合開關時，電流逐漸增大，電容器處于充電過程，R2有從左左往右的電流流過，而由于二極管單向導電，電流不能從左往右流過，故R1沒有電流流過，故A錯誤.BC．電路穩(wěn)定時電容器不能通過恒定電流，二極管也不能通過電流，故相當于電路斷開，R0沒有電流流過，此時電容器兩端的電壓等于電源電動勢，故B錯誤，C正確.D．開關斷開后，因為電容器左極板帶正電，如果放電，放電電流也要從左往右經過二極管，而二極管不能從左往右經過電流，故D錯誤.5、D【解析】

試題分析：小球運動過程中電場力做功，機械能不守恒，故A錯誤；小球從最高點到最低點的過程中，電場力做正功最多，則根據(jù)功能關系得知，電勢能減小，減小到最小，故B錯誤；小球從最高點到最低點的過程，根據(jù)動能定理得：（mg+qE）R=12mv2，又由考點：功能關系、牛頓第二定律【點睛】本題考查功能關系、牛頓第二定律，首先要掌握機械能守恒條件，然后跟動能定理和牛頓第二定律，可以求出最低點的支持力，進而根據(jù)牛頓第三定律求出對軌道的壓力的問題．6、C【解析】

試題分析：根據(jù)法拉第電磁感應定律，感應電動勢即cd線圈中的電壓，由于磁場是線圈ab中的感應電流產生的，所以，綜上可得，即電壓大小與線圈中電流的變化率成正比，根據(jù)圖（b）可判斷和電流的變化率大小相等，方向相反，即圖象斜率大小相等，方向相反，對照選項C對．考點：電磁感應定律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

只有大小和方向都相同時，矢量才相同；標量只有大小，沒有方向，只要大小相等，標量就相同．以點電荷為球心的球面是一個等勢面，其上各點的電勢相等，電場強度大小相等，方向不同．【詳解】以點電荷為球心的球面是一個等勢面，即各點的電勢相等．故A正確．以點電荷為球心的球面各點的電場強度大小相等，方向不同，故電場強度不同．故B錯誤．由電勢能與電勢的關系可知，電勢相同，同一電荷具有相同的電勢能，故C正確．由F=qE可知，同一電荷受到的電場力大小相等，方向不同，故電場力不同．故D錯誤．故選AC．【點睛】本題關鍵要抓住以點電荷為球心的球面是一個等勢面、各點的場強大小相等、方向不同，即可正確求解．注意矢量的方向性．8、BC【解析】

ABD．m下滑過程系統(tǒng)所受合外力豎直向下，系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，系統(tǒng)在豎直方向動量不守恒，故AD錯誤，B正確；C．M和m組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動量守恒，故C正確；9、AD【解析】

A．根據(jù)并聯(lián)電路的總電阻則當任意支路電阻增大或減小時，總電阻將隨之增大或者減小，故A正確；B．電源的電動勢是由電源本身的結構決定，與外電路無關，故B錯誤；C．將金屬絲均勻拉長為原來的兩倍，則金屬絲的橫截面積減小為原來的二分之一，根據(jù)電阻定律可知，金屬絲的電阻將變?yōu)樵瓉淼?倍，金屬絲的電阻率是表征材料導電性能好壞的物理量，它不會因為被拉長而發(fā)生改變，故C錯誤；D．由P=UI可知，電風扇正常工作的電流為由焦耳定律可知，正常工作時每分鐘產生的電熱故D正確。故選AD。10、BD【解析】

根據(jù)正電子移動過程電勢能變化可得：電勢關系φA?φB＝W1q，φD?φC＝W2q；根據(jù)幾何關系可得：φM＝12(φA+φD)，φN＝12(φB+φC)，根據(jù)上述條件，并不能得到沿MN方向電勢降落最快，或垂直MN的兩個點電勢相等，故不能得到場強方向沿MN方向，故A錯誤；若將該粒子從M點移動到N點，電場力做功W＝q(φM?φN)＝12q(φA?φB+φD?φC)＝W1+W22，故B正確；由于無法求解電場方向，故場強大小無法求解，故C【點睛】勻強電場中任一直線上的電勢變化都是均勻變化；直線與電場線平行，則變化速率最大；直線與電場線夾角越大則變化速率越小。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CBBBC【解析】

（1）[1][2]為了保證實驗安全和準確，電表量程應略大于額定值，燈泡額定電壓為6V，電壓表應選B，燈泡額定電流為0.1A，電流表應選C。（2）[3]因要求電流從零調節(jié)，故滑動變阻器應用分壓式接法。[4]因小燈泡電阻遠小于電壓表內阻，故電流表應用外接法。（3）[5]燈泡上的電壓U由零逐漸增大時，燈泡的溫度不斷升高，電阻增大，由歐姆定律得到等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，電阻一直增大，斜率一直減小，故ABD錯誤，C正確。故選C。12、BDF燈泡電阻隨電壓（溫度）的增大而增大【解析】

(1)[1][2][3].由題意小燈泡額定電壓為2V，故電壓表應選B；通過燈泡的電流不超過0.5A，可知電流表應選D，；又描繪伏安特性曲線要求電流從零調，故變阻器應用分壓式接法，應選阻值小的變阻器F．

(2)[4].由于小電珠電阻較小，滿足，電流表應用外接法，又變阻器應采用分壓式接法，電路圖如圖所示：

(3)[5].根據(jù)原理圖可明確對應的電路圖；

(4)[6].由圖可知，圖象的斜率越來越大，故說明燈泡電阻隨隨電壓（溫度）的增大而增大；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】（1）小球受重力、電場力和拉力處于平衡，故有，解得（2）細線的拉力14、（1）；（2）【解析】

（1）設離子最大速度為，圓周運動半徑為r，由幾何關系：由幾何關系得：解得：，由洛倫茲力提供向心力：解得：（2）速度最大的離子在磁場中運動的時間為t1，轉過的圓心角為β，圓周運動周