2025屆四川省眉山市仁壽縣文宮中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

2025屆四川省眉山市仁壽縣文宮中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在“車讓人”交通安全活動中，交警部門要求汽車在斑馬線前停車讓人．以8m/s勻速行駛的汽車，當車頭離斑馬線8m時司機看到斑馬線上有行人通過，已知該車剎車時最大加速度為5m/s2，駕駛員反應(yīng)時間為0.2s．若駕駛員看到斑馬線上有行人時立即緊急剎車，則A．汽車能保證車讓人B．從開始發(fā)現(xiàn)情況到車停下來汽車通過的距離是6.4mC．從開始發(fā)現(xiàn)情況到車停下來汽車運動的時間是1.6sD．在駕駛員反應(yīng)時間內(nèi)汽車通過的距離是1m2、一電動機線圈電阻為R，在它兩端加上電壓U，電動機正常工作，測得通過它的電流為I，電動機的機械功率是()A．I2R B． C． D．UI3、要增大物體的慣性，應(yīng)增大物體的()A．質(zhì)量 B．速度 C．加速度 D．所受的力4、大小分別為3N和6N的兩個共點力，其合力大小可能是（）A．2NB．9NC．12ND．18N5、如圖所示是一位同學(xué)制作的實驗裝置：柔軟彈簧豎直懸掛，下端恰與銅片接觸。當開關(guān)閉合后，彈簧時伸時縮，燈泡時明時暗。關(guān)于這個實驗現(xiàn)象，下列說法中正確的是()A．彈簧收縮與銅片分離時，通過燈泡的電流較小，燈泡暗淡B．彈簧伸長與銅片接觸時，通過燈泡的電流較大，燈泡明亮C．有電流通過彈簧時，各匝環(huán)形電流互相吸引致使彈簧收縮D．有電流通過彈簧時，各匝環(huán)形電流互相排斥致使彈簧伸長6、下列說法正確的有()A．通電導(dǎo)線只有在勻強磁場中才可能受安培力B．若導(dǎo)線不受安培力，則導(dǎo)線所在處不存在磁場C．磁感應(yīng)強度越大，安培力一定越大D．某處磁感應(yīng)強度的方向與一小段通電導(dǎo)體放在該處時所受磁場力的垂直二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的甲、乙兩個電路，電感線圈的自感系數(shù)足夠大，且直流電阻不可忽略，閉合開關(guān)，待電路達到穩(wěn)定后，燈泡均能發(fā)光．現(xiàn)將開關(guān)斷開，這兩個電路中燈泡亮度的變化情況可能是（）A．甲電路中燈泡將漸漸變暗B．甲電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗C．乙電路中燈泡將漸漸變暗D．乙電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗8、如圖所示，甲、乙為兩個獨立電源的路端電壓與通過它們的電流I的關(guān)系圖象，下列說法中正確的是A．電流都是時，兩電源的內(nèi)電壓相等B．路端電壓都為時，它們的外電阻相等C．電源甲的內(nèi)阻小于電源乙的內(nèi)阻D．電源甲的電動勢大于電源乙的電動勢9、如圖所示為某電場的電場強度E隨時間t變化的圖象。當t＝0時，在此電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是（）A．0-3s內(nèi)，電場力的總功為零B．2s末帶電粒子回到原出發(fā)點C．帶電粒子在0-1s與0-2s兩過程中位移相同D．帶電粒子將始終向同一個方向運動10、如圖所示,MNPQ為有界的豎直向下的勻強電場,電場強度為E,ACB為光滑固定的半圓形軌道,圓軌道半徑為R,A、B為圓水平直徑的兩個端點,ACB為圓弧.一個質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電小球,從A點正上方高為H處由靜止釋放,并從A點沿切線進入半圓軌道.不計空氣阻力及一切能量損失,關(guān)于帶電小球的運動情況,下列說法正確的是(

)A．小球再次到達C點的速度可能為零B．小球一定能從B點離開軌道C．小球在AC部分可能做勻速圓周運動D．當小球從B點離開時,上升的高度一定等于H三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖中游標卡尺的讀數(shù)為_____mm；圖中螺旋測微器的讀數(shù)為_____mm．12．（12分）（1）某同學(xué)利用多用電表測量一個未知電阻的阻值，由于第一次選擇的歐姆擋（×10），發(fā)現(xiàn)表針偏轉(zhuǎn)角度極小。現(xiàn)將旋鈕調(diào)至另外一檔，進行第二次測量使多用電表指針指在理想位置。下面列出第二次測量的可能進行的操作：A．將兩表筆短接，并調(diào)零B．將兩表筆分別跟被測電阻的兩端接觸，觀察指針的位置C．將多用電表在板上旋鈕調(diào)到×100檔D．將多用電表面板上旋鈕調(diào)到×1檔E．隨即記下表盤的讀數(shù)，乘以歐姆表的倍率擋，測得電阻值根據(jù)上述有關(guān)操作，請選擇合理實驗步驟并按操作順序?qū)懗鯻____________________。(2)使用多用電表進行了兩次測量，指針所指的位置分別如圖中a、b所示。若選擇開關(guān)處在“×10Ω”的電阻檔時指針位于a，則被測電阻的阻值是_____Ω．若選擇開關(guān)處在“直流電壓2.5V”檔時指針位于b，則被測電壓是________V；(3)使用完多用電表后，分別把選擇開關(guān)置于______________（A、直流500V。B、交流500V。C、OFF填序號）位置。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，虛線MN左側(cè)有一場強為E1＝E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2＝2E的勻強電場，在虛線PQ右側(cè)相距為L處有一與電場E2平行的屏?，F(xiàn)將一電子(電荷量為e，質(zhì)量為m，不計重力)無初速度地放入電場E1中的A點，A點到MN的距離為L2，最后電子打在右側(cè)的屏上，AO連線與屏垂直，垂足為O（1）電子射入電場E2時的速度V0大??；（2）電子從釋放到打到屏上所用的時間t；（3）電子在整個過程變化的電勢能是多少？14．（16分）如圖所示，絕緣水平面上的AB區(qū)域?qū)挾葹閐，帶正電、電量為q的小滑塊以大小為v0的初速度從A點進入AB區(qū)域，當滑塊運動至區(qū)域的中點C時，速度大小為，從此刻起在AB區(qū)域內(nèi)加上一個水平向左的勻強電場，電場強度E保持不變，并且區(qū)域外始終不存在電場．（1）若加電場后小滑塊受到的電場力與滑動摩擦力大小相等，求滑塊離開AB區(qū)域時的速度．（2）要使小滑塊在AB區(qū)域內(nèi)運動的時間到達最長，電場強度E應(yīng)滿足什么條件？并求這種情況下滑塊離開AB區(qū)域時的速度．15．（12分）如圖，兩水平面（虛線）之間的距離為H，其間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強電場．自該區(qū)域上方的A點將質(zhì)量均為m、電荷量分別為q和－q（q>0）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場的方向射出．小球在重力作用下進入電場區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開．已知N離開電場時的速度方向豎直向下；M在電場中做直線運動，不計空氣阻力，重力加速度大小為g.問：（1）若從A點出發(fā)時兩小球的初速度均為v0,則小球M出電場時的水平分速度多大？（2）A點距電場上邊界的高度多少？（3）若兩小球剛離開電場時，M的動能為N的動能的1.5倍．該電場的電場強度大小多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

反應(yīng)時間內(nèi)汽車勻速運動，求解此過程汽車運動的距離，根據(jù)速度位移公式求出減速到零的時間，然后求出位移，判斷是否超過停車線．【詳解】若駕駛員反應(yīng)時間為t1=1.2s，反應(yīng)時間的位移：x1=8m/s×1.2s=1.6m；剎車的距離，剎車的時間：則車前行最短距離為x=x1+x2=1.4m+6.4m=7.8m<8m，車運動的時間為t=t1+t2=1.8s，故該汽車能保證車讓人，故BCD錯誤，A正確；故選A．【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式、速度位移公式、位移時間公式，并能靈活運用，同時要注意剎車的末速度可能是1．2、C【解析】

電動機的總功率的大小為P=UI，電動機的發(fā)熱的功率的大小為P熱=I2R，所以電動機的機械功率的大小為P機=P-P熱=UI-I2R，故C正確，ABD錯誤．3、A【解析】

質(zhì)量是慣性的唯一衡量依據(jù)，質(zhì)量大物體的慣性大，質(zhì)量小物體的慣性?。驹斀狻抠|(zhì)量是慣性的唯一衡量依據(jù)，質(zhì)量大物體的慣性大，質(zhì)量小物體的慣性小.與其他任何因素無關(guān)；故A正確.故選A.4、B【解析】

據(jù)平行四邊形法則可得，若二力方向相同時，合力大小為：F=F1+F2=3N+6N=9N，為最大值；若二力方向相反時，合力大小為：F=F2-F1=6N-3N=3N，為最小值，所以兩力的合力大小可能范圍為：3N≤F≤9N，從選項中得只有選項B在此范圍內(nèi)，所以B正確，ACD錯誤。5、C【解析】

AB．由電路圖可知，彈簧收縮與銅片分離時，通過燈泡的電流較大，燈泡明亮；彈簧伸長與銅片接觸時，通過燈泡的電流較小，燈泡暗淡，選項AB錯誤；CD．有電流通過彈簧時，各匝環(huán)形電流是同向電流，則互相吸引致使彈簧收縮，選項C正確，D錯誤。6、D【解析】A項：磁場對通電導(dǎo)線有安培力的作用，故只要有磁場通電導(dǎo)線就會受到安培力的作用，故A錯誤；B項：若導(dǎo)線不受安培力，可導(dǎo)線中的電流方向與磁場方向平行，故B錯誤；C項：根據(jù)F=BIL可知，安培力大小還與電流，導(dǎo)線的長度有關(guān)，故C錯誤；D項：根據(jù)左手定則可知：某處磁感應(yīng)強度的方向與一小段通電導(dǎo)體放在該處時所受磁場力的垂直。點晴：解決本題關(guān)鍵理解通電導(dǎo)線在磁場中受到安培力的作用與通電導(dǎo)線所放的方向有關(guān)，當通電導(dǎo)線與磁場平行時，安培力為零，當通電導(dǎo)線與磁場垂直時，安培力最大。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】對于甲圖，斷開開關(guān)時，中的電流要減小，就會產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，自感電動勢阻礙電流的減小，所以甲電路中燈泡將漸漸變暗，由于電流先從原先的值開始逐漸減小，燈泡中電流沒有增大，所以燈泡不會變得更亮．故A正確，B錯誤；對乙圖，開關(guān)斷開時，相當于電源，若中的電流小于或等于燈泡中的電流，則乙電路中燈泡將漸漸變暗，若中原來的電流大于燈泡中的電流，則乙電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗，故CD正確．故選ACD．點睛：本題考查了電感線圈L對電流發(fā)生突變時的阻礙作用，注意燈泡是否閃亮一下的依據(jù)是看開關(guān)斷開前L中的電流和燈泡中電流的大小關(guān)系．8、BD【解析】電源的內(nèi)電壓等于通過電源的電流與電源內(nèi)阻的乘積，即U內(nèi)=Ir，因為電源的U-I線的斜率表示內(nèi)阻，可知甲的內(nèi)阻較乙的內(nèi)阻大，所以當電流都為I0時，甲電源的內(nèi)電壓較大，故AC錯誤．根據(jù)歐姆定律可知外電阻R路端電壓U與電流I的關(guān)系為R=U/I，在U-I圖線中甲、乙兩圖線的交點坐標為（I0，U0），說明兩電源的外電阻相等，故B正確．圖線與U軸交點的坐標值表示電動勢的大小，由圖線可知，甲與U軸交點的坐標值比乙的大，表明甲的電動勢大于乙的電動勢，故D正確．故選BD．點睛：本題利用圖象考查了閉合電路歐姆定律，要特別注意圖象與兩軸交點分別表示電動勢和短路電流，圖象斜率表示內(nèi)阻大?。?、AC【解析】

由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內(nèi)的加速度為a1=qEm，為第2s內(nèi)加速度a2=2qEm的1/2，因此先加速

因為第3s末粒子的速度剛好減為0，根據(jù)動能定理知粒子只受電場力作用，前3s內(nèi)動能變化為0，即電場力做的總功為零。故A正確。根據(jù)速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時，帶電粒子的合位移不為零，沒回到出發(fā)點，故B錯誤；根據(jù)速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，帶電粒子在0-1s與0-2s兩過程中位移相同，選項C正確；帶電粒子在前1秒勻加速運動，在第二秒內(nèi)先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動，故D錯誤。故選AC?！军c睛】本題帶電粒子在周期性變化的電場中運動，關(guān)鍵之處是電場強度大小不一，導(dǎo)致加速度不一，所以失去對稱性。若電場強度大小相同，則帶電粒子一直同一個方向運動。10、CD【解析】

當小球的重力與電場力平衡，小球進入軌道，靠彈力提供向心力，做勻速圓周運動．根據(jù)動能定律判斷上升的高度與H的關(guān)系．．通過假設(shè)法判斷小球到達C點的速度能否為零，若能為零，根據(jù)動能定理知，電場力做功做功等于重力做功，則電場力大于重力，無法做圓周運動．【詳解】A、若小球到達C點的速度為零，由動能定理得，小球所受電場力大于重力，則小球不可能沿半圓軌道運動，所以小球到達C點的速度不可能為零，A錯誤；B、由于題中沒有給出H與R、E的關(guān)系，所以小球不一定能從B點離開軌道，B錯誤；C、若重力大小等于電場力，小球在AC部分做勻速圓周運動，C正確；D、若小球能從B點離開軌道，由于小球在AB部分電場力做功為零，所以若小球能從B點離開，上升的高度一定等于H，D正確．故選CD．【點睛】本題考查了帶電小球在電場和重力場中的運動，綜合運用了動能定理、牛頓第二定律等知識，綜合性強，對學(xué)生的能力要求較高．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、13.550.609【解析】

[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為13mm，游標讀數(shù)為0.05×11mm=0.55mm，所以最終讀數(shù)為13.55mm．[2]螺旋測微器固定刻度為0.5mm，可動刻度為0.01×10.9=0.109mm，所以最終讀數(shù)為0.609mm．12、CABE500Ω2.00VBC【解析】(1)第一次測量時指針偏轉(zhuǎn)較小，故說明所選檔位過小，故應(yīng)選擇大檔位，故應(yīng)選C；在調(diào)整量程時應(yīng)注意進行歐姆調(diào)零A；然后進行測量B；讀數(shù)E；故步驟應(yīng)為：CABE；(2)選擇開關(guān)處在“×10Ω”的電阻檔時指針位于a，則被測電阻的阻值是50×10Ω=500Ω；選擇開關(guān)處在“直流電壓2.5V”檔時指針位于b，則被測電壓是2.00V。(3)多用電表使用完畢，應(yīng)把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電壓最高檔，B、C正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）eELm(2)3mLeE(3)【解析】

（1）根據(jù)動能定理求解射入電場E2時的速度；（2）電子在E2（3）根據(jù)功能關(guān)系求解電勢能的變化；【詳解】（1）在左側(cè)電場中根據(jù)動能定理可以得到：Ee?則電子射入電場E2時的速度為：v0(2)電子在電場E1中做初速度為零的勻加速直線運動，設(shè)加速度為a1，時間為t1，由牛頓第二定律得：a1電子進入電場E2時的速度為：v0=a進入電場E2到PQ水平方向做勻速直線運動，時間為：t出電場后到光屏的時間為：t電子從釋放到打到屏上所用的時間為：t=t聯(lián)立求解得：t=3mL(3)電子在電場E1中電場力做功為：W進入電場E2后，電場力做功為：W根據(jù)牛頓第二定律可知：a側(cè)移：y=1根據(jù)功能關(guān)系可知電勢能的變化量為：ΔE聯(lián)立可以得到：ΔE即電勢能減小52【點睛】本題考查帶電粒子在電場中的加速和偏轉(zhuǎn)，明確受力情況，根據(jù)力與運動關(guān)系找出運動規(guī)律即可求解。14、（1）（2）【解析】試題分析：分別對AC及CB過程根據(jù)動能定理列出動能定理方程，聯(lián)立即可解得B點的速度；要使小滑塊運動時間最長，則小球應(yīng)從A點離開，利用動能定理可求得速度。（1）設(shè)滑塊所受滑動摩擦力大小為f，則滑塊從A點運動至C點過程，由動能定理得：