2025屆云南省綠春縣一中物理高二上期末質(zhì)量檢測模擬試題含解析

2025屆云南省綠春縣一中物理高二上期末質(zhì)量檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，真空中A、B兩個點電荷的電荷量分別為+Q和+q，放在光滑絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接．當系統(tǒng)平衡時，彈簧的伸長量為x0．若彈簧發(fā)生的均是彈性形變，則（）A.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時彈簧的伸長量等于2x0B.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的伸長量大于2x0C.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時彈簧的縮短量大于x0D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的縮短量小于x02、關(guān)于元電荷的理解，下列說法正確的是（

）A.元電荷就是電子B.元電荷就是正電子C.元電荷就是質(zhì)子D.元電荷是表示跟電子或質(zhì)子所帶電量數(shù)值相等的電荷量3、如圖所示，一質(zhì)子沿等量異種電荷的中垂線由勻速飛過，質(zhì)子重力不計。則質(zhì)子除受電場力外，所受的另一個力的大小和方向的變化情況是（）A.先變大后變小，方向水平向右B.先變大后變小，方向水平向左C.先變小后變大，方向水平向左D.先變小后變大，方向水平向右4、當電荷在垂直于磁場方向上運動時，磁場對運動電荷的洛倫茲力F等于電荷量q、速率v、磁感應(yīng)強度B三者的乘積，即F=qvB。該式中四個物理量在國際單位制中的單位依次為（）A.JCm/sT B.NAm/sTC.NCm/sT D.NCm/sWb5、如圖所示電路，電源內(nèi)阻不能忽略．閉合開關(guān)S，當滑動變阻器的滑片P向右滑動后，電壓表V1、V2示數(shù)變化量的絕對值為△U1、△U2，電流表示數(shù)變化量的絕對值為△I．下列判斷正確的是（）A.電流表A示數(shù)增大B.電壓表V2示數(shù)減小C.△U1小于△U2D.的數(shù)值減小6、如圖中是勻強磁場里的一片金屬片，其平面與磁場方向平行，一個粒子從某點以與垂直的速度射出，動能是，該粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示。今測得它在金屬片兩邊的軌道半徑之比是，若在穿越金屬板過程中粒子受到的阻力大小及電荷量恒定，則下列說法正確的是A.該粒子的動能增加了B.該粒子的動能減少了C.該粒子做圓周運動的周期減小D.該粒子最多能穿越金屬板6次二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實驗裝置，以下說法正確的是()A.A板與靜電計的指針帶的是異種電荷B.甲圖中將B板上移，靜電計的指針偏角增大C.乙圖中將B板左移，靜電計的指針偏角不變D.丙圖中將電介質(zhì)插入兩板之間，靜電計的指針偏角減小8、在如圖所示的電路中電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，M為多種元件集成的電子元件，通過它的電流始終為恒定值，L1和L2是規(guī)格相同的小燈泡（其電阻不隨溫度變化），R為可變電阻，現(xiàn)閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)可變電阻R使其電阻值逐漸減小，下列說法正確的是（）A.燈泡L1變暗、L2變亮B.通過電阻R的電流增大C.電子元件M兩端的電壓變大D.電源兩端電壓變小9、長為L的水平極板間，有垂直紙面向內(nèi)的勻強磁場，如圖所示，磁感應(yīng)強度為B，板間距離為2L，極板不帶電，現(xiàn)有質(zhì)量為m，電量為q的帶正電粒子不計重力，從左邊極板間中點處垂直磁感線以速度V水平射入磁場，欲使粒子不打在極板上，粒子的速率可以為A. B.C. D.10、空中存在水平向左的勻強電場，一帶正電小球在空中某點以初速度v0水平向右拋出，小球落到水平地面上的速率為v0，若小球受到的電場力大小等于小球的重力．下列說法正確的是（）A.小球落地時速度方向一定與地面垂直B.小球下落過程，電勢能先增大后減小C.小球下落過程，動能先增大后減小D.小球下落過程，機械能一直減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示的電路中，小量程電流表的內(nèi)阻，滿偏電流，，；（1）當S1和S2均斷開時，改裝成是_______表，最大量程是______；（2）當S1和S2均閉合時，改裝成的是_______表，最大量程是______。12．（12分）如圖所示的電路，L1和L2是兩個相同的小電珠，L是一個自感系數(shù)相當大的線圈，其電阻與R相同，由于存在自感現(xiàn)象，在電鍵S剛接通時，__燈最亮；S斷開時，__燈先熄滅四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示在xOy平面內(nèi)，有以虛線OP為理想邊界的勻強電場和勻強磁場區(qū)域．OP與x軸成45°角，OP與y軸之間的磁場方向垂直紙面向里，OP與x軸之間的電場平行于x軸向左，電場強度為E．在y軸上有一點M，到O點的距離為L．現(xiàn)有一個質(zhì)量為m、帶電量為-q的帶電粒子，從靜止經(jīng)電壓為U的電場加速后，從M點以垂直y軸的速度方向進入磁場區(qū)域（加速電場圖中沒有畫出），不計帶電粒子的重力，求：（1）帶電粒子在磁場中運動的軌跡與OP相切時，磁感應(yīng)強度B的大小；（2）只改變勻強磁場磁感應(yīng)強度的大小，使帶電粒子經(jīng)磁場能沿y軸負方向進入勻強電場，則帶電粒子從x軸離開電場時的位置到O點的距離為多少？從進入磁場到離開電場經(jīng)過的時間為多少？14．（16分）如圖所示，在y軸上A點沿平行x軸正方向以v0發(fā)射一個帶正電的粒子，A點的坐標為（0，），第一象限充滿沿y軸負方向的勻強電場，第四象限充滿方向垂直紙面的勻強磁場（未畫出）．帶電粒子從x軸上C點離開第一象限進入第四象限，C點的坐標為（2a，0）．已知帶電粒子的電量為q，質(zhì)量為m，粒子的重力忽略不計．求：（1）所加勻強電場E的大小（2）若帶正電的粒子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后恰好能水平向左垂直打在－y軸上D點（未畫出），求第四象限中所加磁場的大小與方向以及D點的坐標（3）若在第四象限只是某區(qū)域中存在大小為，方向垂直紙面向外的圓形勻強磁場，要使帶電粒子仍能水平向左垂直打在－y軸上的D點，求該圓形磁場區(qū)域的最小面積15．（12分）如圖所示，一不可伸長的輕繩上端懸掛于O點，下端系一質(zhì)量m=1.0kg的小球．現(xiàn)將小球拉到A點（保持繩繃直）由靜止釋放，當它經(jīng)過B點時繩恰好被拉斷，小球平拋后落在水平地面上的C點．地面上的D點與OB在同一豎直線上，已知繩長L=1.0m，B點離地高度H=1.0m，A、B兩點的高度差h=0.5m，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力影響，求：（1）地面上DC兩點間的距離s；（2）輕繩所受的最大拉力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)庫侖定律及胡克定律列式分析，電荷量變化，庫侖力變化，兩球的距離變化，彈力變化，根據(jù)平衡條件列方程計算即可【詳解】設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為K,原長為x.當系統(tǒng)平衡時,彈簧的伸長量為x0，則有：…①A.保持Q不變，將q變?yōu)?q時，平衡時有：Kx1=…②由①②解得：x1<2x0，故A錯誤；B.同理可以得到保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的伸長量小于2x0，故B錯誤；C.保持Q不變,將q變?yōu)?q，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會進一步壓縮彈簧，故平衡時彈簧的縮短量大于x0，故C正確；D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會進一步壓縮彈簧，故平衡時彈簧的縮短量大于x0，故D錯誤故選C2、D【解析】元電荷是指最小的電荷量，是表示跟電子或質(zhì)子所帶電量數(shù)值相等的電量，物體所帶的電量只能是元電荷的整數(shù)倍，元電荷不是電荷，不是指質(zhì)子或者是電子；A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析不符，故C錯誤；D．與分析相符，故D正確；故選D。3、B【解析】根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強度的方向不變，水平向左，電場強度的大小先增大后減小，則電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向右，則外力的大小先變大后變小，方向水平向左故選B。4、C【解析】洛倫茲力F的單位是N；電荷量q的單位是C；速率v的單位是m/s；磁感應(yīng)強度B的單位是T；故選C。5、C【解析】A項：當滑動變阻器的滑片P向右滑動后，電阻增大，總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知總電流減小，A示數(shù)減小，故A錯誤；B項：電壓表V1測量R1的電壓U1＝IR1減小，V2測量R2和R3的電壓U2＝E﹣U1﹣Ir，增大，故電壓表V2示數(shù)增大，故B錯誤；C項：根據(jù)閉合電路歐姆定律知，△U1+△U內(nèi)＝△U2，故△U1小于△U2，故C正確；D項：保持不變，故D錯誤故選C6、B【解析】ABD．根據(jù)：可得：所以：即：又因為動能表達式：所以開始的動能為：穿過金屬板后的動能：粒子每穿過一次金屬片損失的動能：所以有：即該粒子最多能穿過的金屬板的次數(shù)為5次；故B正確，AD錯誤；C．帶電粒子在磁場中做圓周運動的周期，根據(jù)：可得：可知周期與速度無關(guān)，故C錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A板與靜電計指針相連，帶的是同種電荷，A錯誤；平行板電容器的決定式是，定義式是，若將B板豎直向上平移，兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大B正確;若將B板向左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，因電容器的電量Q不變，由電容的定義式知板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大，C錯誤;若將電介質(zhì)插入兩板之間，則C增大，U減小，靜電計的指針偏角減小，D正確考點：本題考查了電容器的定義式和平行板電容器的決定式8、BC【解析】因M中阻值與電壓成正比，故M中電流保持不變；故燈泡L2的亮度不變；總電流不變，R減小，L1電阻不變，根據(jù)分流規(guī)律R電流增大，L1電流減小變暗，故A錯誤；因R的阻值減小，故由歐姆定律可知，通過R的電流增大，故B正確；電子M兩端的電壓，燈L2兩端電壓不變，燈L1兩端電壓減小，電子元件兩端電壓變大，故C正確；電源兩端的電壓U=E-Ir，總電流不變，所以電源兩端電壓不變，故D錯誤；故選BC9、AB【解析】根據(jù)“欲使粒子不打在極板上”可知，本題考查帶電粒子在有界磁場中運動的問題，根據(jù)淪洛倫茲力提供向心力得到粒子做圓周運動的半徑和粒子速度的關(guān)系，運用幾何關(guān)系求出軌跡半徑，列式計算.【詳解】欲使粒子不打在極板上，如圖所示，帶正電的粒子從左邊射出磁場時，其在磁場中圓周運動的半徑.粒子在磁場中做圓周運動由洛倫茲力提供向心力，即：可得粒子做圓周運動的半徑：所以粒子不打到極板上且從左邊射出，則：即：.帶正電的粒子從右邊射出，如圖所示，此時粒子的最小半徑為r，由上圖可知：；可得粒子圓周運動的最大半徑：則：，即：故欲使粒子不打在極板上，粒子的速度必須滿足或，故A、B正確，C、D錯誤；故選AB.【點睛】帶電粒子在磁場中受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，需要找圓心，畫軌跡，求半徑，算時間.10、AD【解析】A項：小球在水平方向受到電場力，在電場力作用下做減速運動，減速時的加速度大小為豎直方向做加速運動，加速度大小為g設(shè)經(jīng)歷時間t落地，故落地時水平方向速度為vx＝v0﹣gt豎直方向的速度為vy＝gt落地時速度，解得：故落地時水平方向速度為0，只有豎直方向的速度，故小球落地時速度方向一定與地面垂直，故A正確；B項：小球下落過程中，電場力一直做負功，故小球的電勢能一直增大，故B錯誤；C項：小球在水平方向上，做減速運動，電場力做負功，豎直方向重力做正功，做初速度為零的勻加速運動，在開始階段克服電場力做功要大于重力做功，故動能減小，隨后克服電場力做功小于重力做功，故動能增加，故小球下落過程，動能先減小后增大，故C錯誤；D項：在下落過程中，由于電場力一直做負功，故小球的機械能一直減小，故D正確故選AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.電壓表②.1V③.電流表④.1A【解析】(1)[1]當S1和S2均斷開時，電流表與R1串聯(lián)，改裝成的是電壓表。[2]量程為U，則(2)[3]當S2和S1均閉合時，R2和電流表并聯(lián)，改裝成電流表。[4]量程為I，則12、①.L1②.L2【解析】[1]該電路是左右兩部分并聯(lián)后由串聯(lián)起來，S剛接通時，L2立即發(fā)光．L上產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律可知，自感電動勢會阻礙電流增大．使通過線圈L的電流慢慢增大，而R上沒有自感現(xiàn)象產(chǎn)生，左右兩個電路總電流相等，由兩個電路對比可知，此瞬間，通過L1的電流比L2上的電流大．所以S剛剛接通時L1燈最亮；[2]S斷開時，L和L1構(gòu)成自感回路，L2不在回路中，所以S斷開時，L立刻熄滅，L1后熄滅。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)【解析】對加速過程根據(jù)動能定理列式求解即可；粒子在磁場中做勻速圓周運動，畫出臨界軌跡，結(jié)合幾何關(guān)系求解出軌道半徑，然后結(jié)合牛頓第二定律和向心力公式列式求解【詳解】(1)由動能定理可知：qU＝mv02－0解得：由幾何關(guān)系得：解得：帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，則解得：；(2)由圖可知帶電粒子能沿y軸負方向進入勻強電場時，在磁場中運動的軌跡半徑為R＝L/2帶電粒子在電場中做類平拋運動，加速度粒子在y軸方向做勻速運動，則有粒子在x軸方向做勻加速運動，則聯(lián)立解得因此粒子從x軸離開電場的位置到O點的距離為由圖可知帶電粒子在