2025屆安徽省廬巢六校聯(lián)盟高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

2025屆安徽省廬巢六校聯(lián)盟高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、圖中，通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中不受安培力的是（）A． B．C． D．2、一個(gè)鋼球做自由落體運(yùn)動(dòng)，取g=10m/s2，則3s末鋼球的速度大小為（）A．15m/s B．20m/s C．25m/s D．30m/s3、如圖所示，光滑絕緣水平桌面上有、兩個(gè)帶電小球（可以看成點(diǎn)電荷），球帶電量為，球帶電量為，將它們同時(shí)由靜止開始釋放，球加速度的大小為球的倍．現(xiàn)在中點(diǎn)固定一個(gè)帶正電小球（也可看作點(diǎn)電荷），再同時(shí)由靜止釋放、兩球，釋放瞬間兩球加速度大小相等．則球帶電量可能為（）A．B．C．D．4、如圖所示的坐標(biāo)系中，x軸上固定一個(gè)點(diǎn)電荷Q，y軸上固定一根光滑絕緣細(xì)桿（細(xì)桿的下端剛好在坐標(biāo)原點(diǎn)O處）．將一個(gè)套在桿上重力不計(jì)的帶電圓環(huán)（視為質(zhì)點(diǎn)）從桿上P處由靜止釋放，圓環(huán)從O處離開細(xì)桿后恰好繞點(diǎn)電荷Q做圓周運(yùn)動(dòng)．下列說法正確的是A．圓環(huán)沿細(xì)桿從P運(yùn)動(dòng)到O的過程中，加速度一直增大B．圓環(huán)沿細(xì)桿從P運(yùn)動(dòng)到O的過程中，速度先增大后減小C．增大圓環(huán)所帶的電荷量，其他條件不變，圓環(huán)離開細(xì)桿后仍然能繞點(diǎn)電荷做圓周運(yùn)動(dòng)D．將圓環(huán)從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，圓環(huán)離開細(xì)桿后仍然能繞點(diǎn)電荷做圓周運(yùn)動(dòng)5、下列關(guān)于電動(dòng)勢(shì)的說法錯(cuò)誤的是（）A．電動(dòng)勢(shì)表征的就是電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)B．電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)、外電路上電勢(shì)降落之和C．電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于路端電壓D．電源電動(dòng)勢(shì)等于電源把正電荷從負(fù)極移到正極所做的功跟移送的電量之比6、北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)﹝BeiDou（COMPASS）NavigationSatelliteSystem﹞是中國(guó)正在實(shí)施的自主研發(fā)、獨(dú)立運(yùn)行的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)，縮寫為BDS．北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由空間端、地面端和用戶端三部分組成．空間端包括5顆靜止軌道衛(wèi)星和30顆非靜止軌道衛(wèi)星．地面端包括主控站、注入站和監(jiān)測(cè)站等若干個(gè)地面站．繞地球作勻速圓周運(yùn)動(dòng)的北斗衛(wèi)星內(nèi)，物體處于完全失重狀態(tài)，則物體A．不受地球引力作用B．所受地球引力提供為向心力C．加速度為零D．向心力為零二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為m，帶電量為q的粒子，以初速度v0，從A點(diǎn)豎直向上射入真空中的沿水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，粒子通過電場(chǎng)中B點(diǎn)時(shí)，速率vB=2v0，方向與電場(chǎng)的方向一致，則A．粒子從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為t=B．粒子從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中重力做的功為WG=-C．A，B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為D．A，B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為8、一個(gè)微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)的額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間，電動(dòng)機(jī)恰好能正常工作，則()A．電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為UIB．電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率為C．電源的輸出功率為EID．電源的效率為1－9、如圖所受，一帶電液滴在重力和勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運(yùn)動(dòng)到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確的是（）A．此液滴帶正電B．滴液做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C．合外力對(duì)液滴做的總功率等于零D．滴液的電勢(shì)能減少10、如圖所示的電路,將兩個(gè)相同的小量程的靈敏電流計(jì)分別改裝成A1(0-3A)和A2(0-0.6A)的電流表,把兩個(gè)改裝后的電流表并聯(lián)接入電路中測(cè)量電流強(qiáng)度,則下列說法正確的是(

)A．A1的指針滿偏時(shí),A2的指針也滿偏B．A2的指針滿偏時(shí)，A1的指針剛好指到量程的五分之一處C．A2的讀數(shù)始終為A1讀數(shù)的五分之一D．A1的讀數(shù)為1.5A時(shí),干路電流為1.80A三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一電流表的滿偏電流，電流表內(nèi)阻，面板如圖所示。若要把這個(gè)電流表的量程擴(kuò)大成3A，應(yīng)該在此電流表上_____（填寫“串”或“并”）聯(lián)一個(gè)電阻的大小應(yīng)是_____Ω；用改裝好的電流表測(cè)量某一電流（面板未進(jìn)行修改），此時(shí)指針指到圖中所示位置，則所測(cè)電流是_____A（結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后兩位數(shù)）。12．（12分）現(xiàn)在要測(cè)量一只額定電壓U＝3V的小燈泡L的額定功率P(約為0.3W)。實(shí)驗(yàn)室備有如下器材：電流表A1(量程為200mA，內(nèi)阻r1＝10Ω)電流表A2(量程為300mA，內(nèi)阻約為5Ω)定值電阻R(10Ω)滑動(dòng)變阻器R1(0～100Ω，0.5A)電源E(E＝5V，不計(jì)電源內(nèi)阻)單刀開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干(1)請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)出實(shí)驗(yàn)電路，并畫在如圖所示的虛線框內(nèi)，注意滑動(dòng)變阻器要采用限流接法________。(2)①按設(shè)計(jì)好的電路圖連接好電路，開關(guān)S閉合前，滑片P應(yīng)移至阻值最大位置；②閉合開關(guān)S，移動(dòng)滑片P，使電流表A1的示數(shù)I1＝150mA，同時(shí)記下此時(shí)電流表A2的示數(shù)I2；③斷開開關(guān)S，拆除電路，整理器材。實(shí)驗(yàn)中計(jì)算燈泡額定功率的表達(dá)式為P＝_________。(用題中給定的符號(hào)以及(2)中涉及的記錄符號(hào)來表示)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,質(zhì)量為m、帶電量為-q的小球在光滑導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)，半圓形滑環(huán)的半徑為R，小球在A點(diǎn)時(shí)的初速為V0，方向和斜軌平行.整個(gè)裝置放在方向豎直向下，強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，斜軌的高為H，試問：(1)小球離開A點(diǎn)后將作怎樣的運(yùn)動(dòng)?(2)設(shè)小球能沿直線到達(dá)B點(diǎn)，那么，小球在B點(diǎn)對(duì)圓環(huán)的壓力為多少?(3)在什么條件下，小球可以以勻速沿半圓環(huán)到達(dá)最高點(diǎn)，這時(shí)小球的速度多大?14．（16分）如圖所示，水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E=4v/m，垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的B=2T，質(zhì)量為m=1Kg的帶正電的小物塊A從豎直絕緣墻上的M點(diǎn)由靜止開始下滑，滑行h=0.8m到達(dá)N點(diǎn)時(shí)離開墻面開始做曲線運(yùn)動(dòng)，在到達(dá)P點(diǎn)開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度與水平方向成45°角，P點(diǎn)離開M點(diǎn)的豎直高度為H=1.6m，取g=10m/s2試求：（1）A沿墻下滑克服摩擦力做的功Ｗｆ(2)P點(diǎn)與M點(diǎn)的水平距離Ｘｐ15．（12分）如圖所示，用與絲綢摩擦過的玻璃棒接觸一個(gè)用絕緣細(xì)線豎直地懸掛于電場(chǎng)中、質(zhì)量為2.0×10－3kg的小球，當(dāng)小球的帶電量為1.0×10－4C時(shí)，懸線中的張力為T1＝1.5×10－2N．求：(1)小球所在處的場(chǎng)強(qiáng)；(2)當(dāng)小球的帶電量為q2＝－1.0×10－4C時(shí)，懸線中的張力T2為多大？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

當(dāng)通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中平行磁場(chǎng)方向放置時(shí)，導(dǎo)線所受的安培力為零，由圖可知C中導(dǎo)線在磁場(chǎng)中不受安培力，故選C.【點(diǎn)睛】通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中要受到磁場(chǎng)的作用力，稱為安培力；但是當(dāng)通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中平行磁場(chǎng)方向放置時(shí)，導(dǎo)線不受安培力作用．2、D【解析】

根據(jù)v=gt可知3s末鋼球的速度大小為：v3=gt3=10×3m/s=30m/s，故選D.3、C【解析】由靜止開始釋放，球加速度的大小為球的倍．因?yàn)锳B之間的庫(kù)侖力為一對(duì)相互作用力，等大反向，根據(jù)牛頓第二定律可知，、兩個(gè)帶電小球的質(zhì)量之比為；當(dāng)在中點(diǎn)固定一個(gè)帶電小球，由靜止釋放、兩球，釋放瞬間兩球加速度大小相等，設(shè)AB釋放時(shí)的距離為2r，若A的加速度方向向右，則根據(jù)庫(kù)侖定律與牛頓第二定律可得對(duì)A有：，對(duì)B有，綜上解得；若A的加速度方向向左，則根據(jù)庫(kù)侖定律與牛頓第二定律可得對(duì)A有：，對(duì)B有，綜上解得，故C正確．4、C【解析】

A.圓環(huán)從P運(yùn)動(dòng)到O的過程中，受庫(kù)侖引力，桿子的彈力，庫(kù)侖引力沿桿子方向上的分力等于圓環(huán)的合力，滑到O點(diǎn)時(shí)，所受的合力為零，加速度為零．故A錯(cuò)誤；B.圓環(huán)從P運(yùn)動(dòng)到O的過程中，只有庫(kù)侖引力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理知，動(dòng)能一直增大，則速度一直增大．故B錯(cuò)誤．CD.根據(jù)動(dòng)能定理得，根據(jù)牛頓第二定律得，聯(lián)立解得，可知若只正大圓環(huán)電荷量，圓環(huán)仍然可以做圓周運(yùn)動(dòng)；若增大高度，知電勢(shì)差U增大，庫(kù)侖引力與所需向心力不等，不能做圓周運(yùn)動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤．故選C。5、C【解析】

電動(dòng)勢(shì)能把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，電動(dòng)勢(shì)就反映這種轉(zhuǎn)化本領(lǐng)的大小，故A說法正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)、外電路上電勢(shì)降落之和，故B說法正確；電動(dòng)勢(shì)等于電源沒有接入電路時(shí)路端電壓，故C說法錯(cuò)誤；根據(jù)電動(dòng)勢(shì)定義式，可知，電動(dòng)勢(shì)等于電源把正電荷從負(fù)極移到正極所做的功跟移送的電量之比，故D說法正確。6、B【解析】

人造衛(wèi)星繞地球作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星內(nèi)的物體所受的地球的萬(wàn)有引力提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，但重力不是零、加速度不為零、向心力也不為零．故ACD錯(cuò)誤、B正確．【點(diǎn)睛】人造衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，處于完全失重狀態(tài)，萬(wàn)有引力提供向心力，處于非平衡狀態(tài)．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】

A．帶電粒子在豎直方向上僅受重力，做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上僅受電場(chǎng)力，做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)．則A到B的豎直方向解得選項(xiàng)A正確；B．從A到B過程中重力做功選項(xiàng)B正確；CD．根據(jù)動(dòng)能定理得解得W電=2mv1．A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤．8、AD【解析】

電動(dòng)機(jī)消耗的總功率應(yīng)該用P=IU來計(jì)算，所以總功率為IU，所以A正確；電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率應(yīng)該用P=I2R來計(jì)算，所以熱功率P=I2R，所以B錯(cuò)誤．電源的輸出功率等于電動(dòng)機(jī)的輸入功率，得P出=UI．故C錯(cuò)誤．電源的總功率為IE，內(nèi)部發(fā)熱的功率為I2r，所以電源的效率為，所以D正確．故選AD.9、BD【解析】試題分析：根據(jù)帶電液滴作直線運(yùn)動(dòng)可知帶電液滴所受重力與電場(chǎng)力的合力一定沿運(yùn)動(dòng)方向，利用假設(shè)法可以判定出帶電液滴所帶電荷的性質(zhì)，從而求出電場(chǎng)力的大小與合外力的大小，再根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算出物體的加速度；根據(jù)合外力的方向與速度的方向相同可知合外力做正功，根據(jù)電場(chǎng)力做功的情況可以判定電勢(shì)能變化情況．若液滴帶正電，其受力情況如圖一所示，液滴不可能沿bd運(yùn)動(dòng)，故只能帶負(fù)電荷，故A錯(cuò)誤；對(duì)液滴進(jìn)行受力分析，其受力情況如圖二所示，故物體所受合力，故物體的加速度為，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，B正確；由于液滴從靜止開始做加速運(yùn)動(dòng)，故合力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相同，故合外力對(duì)物體做正功，功率不為零，C錯(cuò)誤；由于電場(chǎng)力所做的功，故電場(chǎng)力對(duì)液滴做正功，故液滴的電勢(shì)能減小，故D正確．10、ACD【解析】

由電路圖可以知道兩電流表并聯(lián)，它們兩端電壓相等，因?yàn)閮呻娏鞅硎怯上嗤碾娏鞅砀难b成的，通過表頭的電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，但量程不同的電流表讀數(shù)不同,A1的量程等于A2的量程的5倍，故讀數(shù)也是A2的5倍.A．A1的指針滿偏時(shí)，A2的指針也滿偏,偏轉(zhuǎn)角度相同，故A正確.B．A2的指針滿偏時(shí)，A1的指針剛好指到量程的五分之一處，因偏轉(zhuǎn)角度要相同，故B錯(cuò)誤.C．A2的讀數(shù)始終為A1讀數(shù)的五分之一，由分析可知C正確.D．由分析可知A1的讀數(shù)為1.5A時(shí)，A2的讀數(shù)為0.3A，故干路電流為1.80A，所以D正確.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、并101.10【解析】

[1][2]把電流表改裝成量程為3A的電流表，要并聯(lián)一個(gè)電阻，并聯(lián)電阻的阻值為：[3]電流表改裝后其量程為3A，由圖示電流表可知，其分度值為0.1A，示數(shù)為1.10A。12、；?！窘馕觥?/p>

(1)[1]所給器材中沒有電壓表，可把電流表A1與定值電阻R串聯(lián)改裝成一個(gè)新的電壓表，其量程為小燈泡的額定電壓為3V，比較合適，畫的電路圖如下所示：(2)[2]電流表A1的示數(shù)I1＝150mA，可以求得燈泡兩端電壓為恰為額定電壓，故燈泡額定功率的表達(dá)式為P＝。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電場(chǎng)力向上，如果電場(chǎng)力等于重力，沿著軌道做速度大小不變的運(yùn)動(dòng)；如果電場(chǎng)力小于重力，沿著軌道做變速運(yùn)動(dòng)；如果電場(chǎng)力大于重力，離開軌道做類似拋體運(yùn)動(dòng)；（2）FN=2mgH-2qEH+mv【解析】

(1)電場(chǎng)力向上，如果電場(chǎng)力等于重力，沿著軌道做速度大小不變的運(yùn)動(dòng)；如圖（1）所示：如果電場(chǎng)力小于重力，沿著軌道做變速運(yùn)動(dòng)；如圖（2）所示：如果電場(chǎng)力大于重力，離開軌道做類似拋體運(yùn)動(dòng)；如圖（3）所示：(2)A到B過程電場(chǎng)力與重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理：?qEH+mgH=12在B點(diǎn)受重力、電場(chǎng)力和軌道的支持力，合力提供向心力，如圖（4）所示：得：F?mg+qE=mv聯(lián)立以上公式，求得：F=2mgH根據(jù)牛頓第三定律，軌道對(duì)小球的壓力等于小球?qū)壍赖膲毫?，?mgH(3)小球可以勻速沿半圓環(huán)到達(dá)最高點(diǎn)，