2025屆陜西省西安市育才中學高三物理第一學期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆陜西省西安市育才中學高三物理第一學期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、假設人造地球衛(wèi)星做勻速圓周運動，當它的軌道半徑增大到原來的2倍時（）A．根據(jù)，衛(wèi)星受到的向心力增為原來的2倍B．根據(jù)，衛(wèi)星受到的向心力減為原來的C．根據(jù)，衛(wèi)星受到的向心力減為原來的D．根據(jù)，衛(wèi)星受到的向心力保持不變2、下列物理量中，屬于矢量的是A．路程B．速率C．質(zhì)量D．加速度3、在探究超重和失重的規(guī)律時，某體重為G的同學站在壓力傳感器上完成一次下蹲動作.傳感器和計算機相連，經(jīng)計算機處理后得到的壓力隨時間t變化的圖像可能是圖中的（）A．B．C．D．4、圖(甲)是某電場中的一條電場線，a、b是這條線上的兩點，一電子只受電場力作用，從靜止沿電場線從a運動到b，在此過程中，電子運動的v－t圖線如圖(乙)所示，比較a、b兩點電勢a、b的高低和電場強度的大小，以下關系正確的是()A．a(chǎn)＞bEa＞EbB．a(chǎn)＞bEa＝EbC．a(chǎn)＜bEa＞EbD．a(chǎn)＜bEa＝Eb5、下列說法正確的是（）A．結(jié)合能越大表示原子核中核子結(jié)合得越牢靠，原子核越穩(wěn)定B．β射線和光電效應中逸出的電子都是原子核衰變產(chǎn)生的C．均勻變化的電場可以產(chǎn)生電磁波D．在任何慣性系中，光在真空中沿任何方向的傳播速度都相同。6、如圖甲所示，電源E=12V，內(nèi)阻不計，燈泡L的額定電壓為9V，其伏安特性曲線如圖乙所示，滑動變阻器R的最大阻值為。下列判斷正確的是A．燈泡L的阻值隨電流的增大而減小B．燈泡L的額定功率為13.5WC．燈泡L消耗電功率的最小值是4WD．滑動變阻器接入電路的阻值應至少為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機通過豎井運送至地面．某豎井中礦車提升的速度大小v隨時間t的變化關系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相等．不考慮摩擦阻力和空氣阻力．對于第①次和第②次提升過程，A．礦車上升所用的時間之比為4:5B．電機的最大牽引力之比為2:1C．電機輸出的最大功率之比為2:1D．電機所做的功之比為4:58、一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)歷一等溫吸熱過程，則在此過程中A．氣體的壓強減小B．氣體的密度變小C．氣體的內(nèi)能減小D．氣體對外界做功E.氣體的摩爾體積不變9、如圖所示，自動卸貨車始終靜止在水平地面上，車廂在液壓機的作用下改變與水平面間的傾角，用以卸下車廂中的貨物．當傾角增大到θ時，質(zhì)量為M的木箱A與裝在箱內(nèi)的質(zhì)量為m的物體B一起以共同的速度v沿車廂底勻速滑下，則下列說法正確的是A．A、B間沒有靜摩擦力B．A受到B的靜摩擦力方向沿車廂底向下C．A受到車廂底面的滑動摩擦力大小為MgsinθD．A與車廂底面間的動摩擦因數(shù)μ＝tanθ10、為了備戰(zhàn)2020年東京奧運會，我國羽毛球運動員進行了如圖所示的原地縱跳摸高訓練。已知質(zhì)量m=50kg的運動員原地靜止站立（不起跳）摸高為2.10m，比賽過程中，該運動員先下蹲，重心下降0.5m，經(jīng)過充分調(diào)整后，發(fā)力跳起摸到了2.90m的高度。若運動員起跳過程視為勻加速運動，忽略空氣阻力影響，g取10m/s2。則（）A．運動員起跳過程處于超重狀態(tài)B．起跳過程的平均速度比離地上升到最高點過程的平均速度大C．起跳過程中運動員對地面的壓力為800ND．從開始起跳到離地上升到最高點需要0.65s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖A．為“用DIS研究物體的加速度與質(zhì)量的關系”實驗裝置．（1）實驗中應保持軌道___________且摩擦力足夠?。粸榱搜芯啃≤嚨募铀俣扰c質(zhì)量的關系，應保持_______________不變．（2）若測得小車和發(fā)射器的總質(zhì)量為0.3千克，則跨過滑輪的細繩下懸掛的鉤碼質(zhì)量最適合用（______）A．20克B．50克C．100克D．200克（3）某同學用正確的實驗方法測得實驗數(shù)據(jù)，作出a-m圖線如圖B．．他觀察到a-m圖線為曲線，于是得出物體的加速度與質(zhì)量成反比．你認為他的做法正確嗎？如果認為正確，請說明理由．如果認為不正確，請給出正確的處理方法_______________．12．（12分）在“研究彈簧的形變與外力的關系”的實驗中,將彈簧水平放置,測出其自然長度,然后豎直懸掛讓其自然下垂,在其下端豎直向下施加外力F。實驗過程是在彈簧的彈性限度內(nèi)進行的。用記錄的外力F與彈簧的形變量x作出的F-x圖線如圖所示。(1)彈簧的形變量x與外力F關系式F=___；（力的單位：N，長度單位：m）(2)圖線不過原點的原因是:______________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，半徑r=0.06m的半圓形無場區(qū)的圓心在坐標原點O處，半徑R=0.1m；磁感應強度大小B=0.075T的圓形有界磁場區(qū)的圓心坐標為（0，0.08m）；平行金屬板MN的長度L=0.3m、間距d=0.1m，兩板間加電壓U=640V，其中N板收集粒子并全部中和吸收。一位于O點的粒子源向第I、II象限均勻發(fā)射比荷=1×108C/kg、速度大小v=6×105m/s的帶正電粒子，經(jīng)圓形磁場偏轉(zhuǎn)后，從第I象限射出的粒子速度方向均沿x軸正方向。不計粒子重力、粒子間的相互作用及電場的邊緣效應，sin37°=0.6。(1)粒子在磁場中運動的軌跡半徑；(2)求從坐標（0，0.18m）處射出磁場的粒子在O點入射方向與y軸的夾角；(3)N板收集到的粒子占所有發(fā)射粒子的比例。14．（16分）如圖所示,可視為質(zhì)點的兩個小球通過長度L=6m的輕繩連接,甲球的質(zhì)量為m1=0.1kg,乙球的質(zhì)量為m1=0.1kg．將兩球從距地面某一高度的同一位置先后釋放,甲球釋放?t=1s后再釋放乙球,繩子伸直后即刻繃斷(細繩繃斷的時間極短,繃斷過程小球的位移可忽略),此后兩球又下落t=1.1s同時落地．可認為兩球始終在同一豎直線上運動,不計空氣阻力,重力加速度g=10m/s1．（1）從釋放乙球到繩子繃直的時間t0；（1）繩子繃斷的過程中合外力對甲球的沖量大小．15．（12分）探究平拋運動的實驗裝置如圖所示，半徑為L的四分之一光滑圓軌道固定于水平桌面上，切口水平且與桌邊對齊，切口離地面高度為2L．離切口水平距離為L的一探測屏AB豎直放置，一端放在水平面上，其高為2L．—質(zhì)量為m的小球從圓軌道上不同的位置由靜止釋放打在探測屏上．若小球在運動過程中空氣阻力不計，小球可視為質(zhì)點，重力加速度為g．求：(1)小球從圓軌道最高點P處由靜止釋放，到達圓軌道最低點Q處時速度大小及小球?qū)A軌道的壓力；(2)為讓小球能打在探測屏上，小球應從圓軌道上什么范圍內(nèi)由靜止釋放？(3)小球從什么位置由靜止釋放，打在屏上時動能最小，最小動能為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：當軌道半徑變化時，萬有引力變化，衛(wèi)星的角速度隨著變化，所以不能根據(jù)公式F=mω2?r得衛(wèi)星受的向心力增為原來的2倍，故A錯誤；同理，當軌道半徑變化時，萬有引力變化，衛(wèi)星的線速度隨著變化，故B錯誤；根據(jù)萬有引力的表達式，衛(wèi)星受的向心力減為原來的．故C正確；人造地球衛(wèi)星的軌道半徑增大到原來2倍時，重力加速度也隨著變化，故D錯誤；故選C．考點：萬有引力定律的應用【名師點睛】人造衛(wèi)星做圓周運動，萬有引力提供向心力，衛(wèi)星的線速度、角速度、周期都與半徑有關，討論這些物理量時要找準公式，正確使用控制變量法．2、D【解析】

矢量是既有大小又有方向的物理量，標量是只有大小沒有方向的物理量。【詳解】A、B、C項：標量是只有大小沒有方向的物理量，路程、速率和質(zhì)量都是標量，故A、B、C錯誤；D項：矢量是既有大小又有方向的物理量，加速度為矢量，故D正確。故選：D?！军c睛】矢量與標量明顯的區(qū)別是：矢量有方向，標量沒有方向。3、D【解析】

該同學站在壓力傳感器上完成一次下蹲動作的過程中，先向下加速，后向下減速，其加速度先向下后向上，即先失重后超重，選項D正確.；ABC錯故選D4、C【解析】

電子從a運動到b,由速度時間圖線可知電子做加速運動,故電場力向右，由于負電荷受到的電場力與場強方向相反，故場強向左，沿場強方向電勢逐漸降低，故φa<φb，故排除AB選項；由于圖線的斜率表示加速度，而圖中斜率變小，故加速度變小，由a=Fm=qEm【點睛】本題考查帶電粒子在電場中的軌跡與圖像問題，較為綜合，從速度時間圖線得到負電荷做勻加速運動，加速度變小，根據(jù)牛頓第二定律得到電場力的變化情況和電場強度的變化情況；電勢的高低看電場線的指向，沿著電場線電勢一定降低。5、D【解析】試題分析：比結(jié)合能越大表示原子核中核子結(jié)合得越牢靠，原子核越穩(wěn)定，A錯誤；β射線是原子核衰變產(chǎn)生的，而光電效應中逸出的電子是從原子中逸出的電子，B錯誤；均勻變化的電場產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，C錯誤；在任何慣性系中，光在真空中沿任何方向的傳播速度都相同，D正確?？键c：本題考查原子核、光電效應、電磁波。6、B【解析】

A.從圖象可以看出隨電流的增大，電壓與電流的比值越來越大，即電阻越來越大，故A錯誤；B.從圖象可以看出額定電壓時，電流1.5A，可得燈泡的額定功率為：故B正確C.滑動變阻器取最大阻值時，燈泡消耗電功率最小，將電源和阻值看作一個電動勢12V，內(nèi)阻的等效電源，則其提供電壓電流滿足：即坐標（2，1）滿足，是該表達式圖象與燈泡伏安特性曲線的交點，即滑動變阻器取最大阻值時，燈泡電壓，電流1A，電功率消耗電功率的最小值是：故C錯誤；D.燈泡L額定電壓，此時電流1.5A，則滑動變阻器接入電路的阻值：故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．由圖可得，變速階段的加速度，設第②次所用時間為t，根據(jù)速度-時間圖象的面積等于位移（此題中為提升的高度）可知，，解得：，所以第①次和第②次提升過程所用時間之比為，選項A正確；B．由于兩次提升變速階段的加速度大小相同，在勻加速階段，由牛頓第二定律，，可得提升的最大牽引力之比為1∶1，選項B錯誤；C．由功率公式，P=Fv，電機輸出的最大功率之比等于最大速度之比，為2∶1，選項C正確；D．加速上升過程的加速度，加速上升過程的牽引力，減速上升過程的加速度，減速上升過程的牽引力，勻速運動過程的牽引力．第①次提升過程做功；第②次提升過程做功；兩次做功相同，選項D錯誤．【點睛】此題以速度圖像給出解題信息．解答此題常見錯誤主要有四方面：一是對速度圖像面積表示位移掌握不到位；二是運用牛頓運動定律求解牽引力錯誤；三是不能找出最大功率；四是不能得出兩次提升電機做功．實際上，可以根據(jù)兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相同，利用功能關系得出兩次做功相同．8、ABD【解析】因氣體吸收熱量，溫度不變，內(nèi)能不變；則氣體一定體積增大，對外做功，壓強減小，密度減??；故ABD正確．9、BD【解析】

對B：沿斜面方向有mgsinθ=f，f方向沿斜面向上，A受到B的靜摩擦力方向沿斜面向下，所以A錯誤，B正確；A受到車廂底面的滑動摩擦力大小為（M+m）gsinθ，C錯誤；根據(jù)（M+m）gsinθ=μ（M+m）sinθ，所以μ=tanθ，D正確；故選BD.【點睛】對連接體問題經(jīng)常用到整體法和隔離法，結(jié)合平衡條件分析摩擦力的大小和方向.10、AD【解析】

A.運動員在起跳過程中可視為勻加速直線運動，加速度方向豎直向上，所以運動員起跳過程處于超重狀態(tài)，故A正確；B.在起跳過程中做勻加速直線運動，起跳過程的平均速度，運動員離開地面后做豎直上拋運動，離地上升到最高點過程的平均速度，即兩者相等，故B錯誤C.運動員離開地面后做豎直上拋運動，根據(jù)可知根據(jù)速度位移公式可知解得：，對運動員根據(jù)牛頓第二定律可知解得：，根據(jù)牛頓第三定律可知，對地面的壓力為1560N，故C錯誤D.起跳過程運動的時間，起跳后運動的時間故運動的總時間，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）水平；小車所受拉力（或鉤碼個數(shù)）；（2）A；（3）某同學做法不正確．正確的處理方法是計算質(zhì)量的倒數(shù)，然后作出a—圖線，如所得圖線為過原點的直線，則a與m成反比．否則則a與m不成反比．（或正確的做法是檢驗這條曲線是否為反比例曲線，如每組數(shù)據(jù)的a×m的值都在誤差范圍內(nèi)相等，則a與m成反比．否則則a與m不成反比．）【解析】（1）實驗中應保持軌道水平且摩擦力足夠??；為了研究小車的加速度與質(zhì)量的關系，應保持小車所受拉力（或鉤碼個數(shù)）不變．（2）要想使得小車受到的拉力等于鉤碼的重力，則必須使得鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量，則鉤碼質(zhì)量最適合用20g，故選A.（3）這位同學做法不正確．正確的處理方法是計算質(zhì)量的倒數(shù)，然后作出a—圖線，如所得圖線為過原點的直線，則a與m成反比．否則則a與m不成反比．（或正確的做法是檢驗這條曲線是否為反比例曲線，如每組數(shù)據(jù)的a×m的值都在誤差范圍內(nèi)相等，則a與m成反比．否則則a與m不成反比．）12、100x-2(N)彈簧自身的重力【解析】

分析圖象可知伸長量和拉力的關系；由胡克定律可求出彈簧的勁度系數(shù)，再選一特殊點代入，即可求解關系式；根據(jù)彈簧自身有重力分析圖線不過原點的原因．（1）由圖可知，該彈簧受力為零時，伸長是2cm，受到拉力為8N時，伸長為10cm，故彈簧的勁度系數(shù)為k=ΔFΔx=100N/m，由圖象可設其關系式為：F=100x+b，再從圖象任選清晰的點對應的坐標，如（8N，10cm），帶入關系式解之：b=-2，所以彈簧的形變量x與外力（2）該圖線不過原點的原因是：彈簧自身有重力，彈簧水平放置其自然長度為L，豎直放置時由于自身的重力必然就會有一定的伸長．【點睛】在應用胡克定律時，要首先轉(zhuǎn)化單位，知道圖線的斜率即為彈簧的勁度系數(shù)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.08m（2）（3）29%【解析】試題分析：由洛倫茲力充當向心力可求得運動半徑；做出帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌跡，由幾何知識即可求出θ；利用帶電粒子在勻強電場中類平拋運動規(guī)律和帶電粒子在磁場中的勻速圓周運動規(guī)律求。（1）由洛倫茲力充當向心力：代入數(shù)據(jù)解得：（2）粒子運動軌跡如圖所示：令從y=0.18m處出射的粒子對應的入射角方向與y軸的夾角為θ，由幾何關系可得：sinθ=0.8，即θ=530（3）如上圖所示，令恰能從下極板右端出射的粒子坐標為y，由帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)的規(guī)律得：加速度為：飛行時間為：聯(lián)立可得：設此粒子射入時與x軸的夾角為α，則由幾何知識得：

可得：，即N板收集到的粒子占所有發(fā)射粒子的比例為：點睛：本題主要考查了帶電粒子在云勻強磁場中的偏轉(zhuǎn)和磁場中的勻速圓周運動，做出正確運動軌跡示意圖是關鍵。14、(1)(1)【解析】（1）細線伸直時甲球的位移乙球的位移因為聯(lián)立解得（1）細線伸直時甲乙的速度分別