河南省洛陽市2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期6月期末質(zhì)檢物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1洛陽市2023——2024學(xué)年高二質(zhì)量檢測物理試卷全卷共6頁，共100分，考試時間為75分鐘注意事項：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考號填寫在答題卡上；2.考試結(jié)束，將答題卡交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1-8題只有一個選項符合題目要求，第9-12題有多項符合題目要求，全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分。）1.中科院EAST全超導(dǎo)托卡馬克裝置，被稱為中國的“人造太陽”，已實現(xiàn)了1.6億度（約為太陽中心溫度的10倍）等離子體運(yùn)行。其核反應(yīng)方程是：，則（）A.X為質(zhì)子B.該反應(yīng)前后核子的總質(zhì)量相等C.的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能D.的結(jié)合能大于與結(jié)合能之和【答案】D【解析】A．根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒可得，X為中子，故A錯誤；B．該反應(yīng)前后核子的總質(zhì)量不相等，由于該核反應(yīng)放出核能，反應(yīng)前后質(zhì)量出現(xiàn)虧損，故B錯誤；C．的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故C錯誤；D．由于該反應(yīng)放出能量，所以的結(jié)合能大于與結(jié)合能之和，故D正確。故選D。2.充電寶內(nèi)部的主要部件是鋰電池。充電寶的鋰電池在充電后就是一個電源，某同學(xué)查看了自己的充電寶銘牌，上面寫著“20000mA·h”和“3.7V”。下面關(guān)于該充電寶，說法正確的是（）A.20000mA·h是該充電寶充滿電后的電荷量B.20000mA·h是該充電寶放電的額定能量C.20000mA·h是該充電寶放電的功率D.在充電寶內(nèi)部非靜電力把1C的正電荷從負(fù)極移到正極所做的功為37J【答案】A【解析】ABC．根據(jù)可知，20000mA·h是指電荷量，故A正確，BC錯誤；D．在充電寶內(nèi)部非靜電力把1C的正電荷從負(fù)極移到正極所做的功為故D錯誤。故選A。3.如圖所示，用絕緣細(xì)線把一根柔軟的銅制彈簧懸掛起來，使它的下端剛好跟槽中的水銀接觸，用導(dǎo)線連接彈簧上端作為接線端a，另一根導(dǎo)線浸在水銀槽中作為接線端b，將a、b端分別與一直流電源兩極相連，發(fā)現(xiàn)彈簧豎直上下振動，電路交替通斷。關(guān)于該實驗，下列說法正確的是（）A.通入電流時，彈簧各相鄰線圈之間相互排斥B.將a、b兩端的電源極性對調(diào)，彈簧將不再上下振動C.換用交流電，也可使彈簧上下振動D.增大電流，彈簧下端離開水銀液面的最大高度一定變小【答案】C【解析】A．通入電流時，彈簧各相鄰線圈之間通以同向電流，則相互吸引，選項A錯誤；B．將a、b兩端的電源極性對調(diào)，彈簧各相鄰線圈之間仍是通以同向電流，仍相互吸引，彈簧仍將上下振動，選項B錯誤；C．換用交流電，彈簧各相鄰線圈之間仍是通以同向電流，仍相互吸引，也可使彈簧上下振動，選項C正確；D．增大電流，彈簧各相鄰線圈之間的吸引力變大，則彈簧下端離開水銀液面的最大高度一定變大，選項D錯誤。故選C4.銣原子非常容易失去電子，具有優(yōu)良的光電特性，是制造光電池的重要材料。已知銣的逸出功為W0，普朗克常量為h，則下列說法正確的是（）A.只要入射光光照強(qiáng)度足夠大，任何頻率的光均能使銣發(fā)生光電效應(yīng)B.銣的極限頻率為C.用某頻率光照射銣發(fā)生光電效應(yīng)，光照強(qiáng)度越弱，光電子從銣表面逸出所需時間越長D.若用頻率為的光照射銣發(fā)生光電效應(yīng)，則逸出光電子的平均動能為【答案】B【解析】A．光電效應(yīng)發(fā)生的條件是入射光頻率大于或等于極限頻率，與光強(qiáng)無關(guān)，故A錯誤；B．光子能量剛好克服逸出功時，光子頻率為截止頻率，即銣的極限頻率為故B正確；C．光電效應(yīng)的發(fā)生具有瞬時性，只要發(fā)生光電效應(yīng)就會有光電子逸出，故C錯誤；D．若用頻率為的光照射銣發(fā)生光電效應(yīng)，則逸出光電子的最大動能為，故D錯誤。故選B。5.降噪可分為被動式降噪和主動式降噪。其中主動式降噪指通過降噪系統(tǒng)產(chǎn)生與外界噪音相位相反的聲波，二者疊加后，將噪音中和，從而實現(xiàn)降噪效果。高鐵通過拾噪麥克風(fēng)，采集一些有規(guī)律的噪聲，通過電路，在音樂中加入降噪聲波，從而達(dá)到降噪效果。圖甲為原理簡化圖，圖乙為理想情況下的降噪過程圖，實線表示環(huán)境聲波，虛線表示降噪系統(tǒng)產(chǎn)生的降噪聲波，則下列說法正確的是（）A.降噪過程應(yīng)用了聲波的多普勒效應(yīng)B.降噪聲波與環(huán)境噪聲聲波的頻率不相等C.降噪過程應(yīng)用的是聲波的干涉原理，P點振動減弱D.降噪過程應(yīng)用了聲波的衍射原理，使噪聲無法從外面進(jìn)入耳麥【答案】C【解析】降噪過程應(yīng)用了聲波的干涉原理，降噪聲波與環(huán)境噪聲聲波的頻率相等，由于兩列聲波等幅反相，所以能使振幅減為零，從而起到降噪作用，兩列聲波使P點的振動方向相反，所以P點為振動減弱點。故選C。6.如圖所示，水面上漂浮著一個半徑為r的圓形充氣圓臺，某潛水愛好者下潛至圓臺圓心正下方某點時，恰好只能看見水底的物體，該點距圓臺底部的垂直距離為h，再往下潛，能看到岸上的景物，則水的折射率為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)臨界角與折射率的關(guān)系由幾何關(guān)系解得故選A。7.如圖所示為氫原子的能級圖，下列說法正確的是（）A.從n=3能級躍遷到n=2能級時，電子的電勢能減小，氫原子的能量增加B.氫原子從高能級向低能級躍遷時要吸收光子C.用能量為9.6eV的電子轟擊處于基態(tài)的氫原子，能使氫原子發(fā)生能級躍遷D.用12.09eV的光子照射大量處于基態(tài)的氫原子時，可以發(fā)出三種頻率的光【答案】D【解析】A．從n=3能級躍遷到n=2能級時，電子的電勢能減小，氫原子的能量減小，故A錯誤；B．氫原子從高能級向低能級躍遷時要放出光子，故B錯誤；C．用能量為9.6eV的電子轟擊處于基態(tài)的氫原子，由于能量較小，不能使氫原子發(fā)生能級躍遷，故C錯誤；D．用12.09eV的光子照射大量處于基態(tài)的氫原子時，氫原子將從基態(tài)躍遷到n=3能級，可以發(fā)出三種頻率的光，故D正確。故選D。8.如圖所示，在xOy平面上分布有以O(shè)為圓心的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域（未畫出），磁場方向垂直于xOy平面向外。一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以一定的初速度沿y軸正方向從原點O開始運(yùn)動，粒子經(jīng)過x軸上的A點時速度方向與x軸的夾角為30°，A到O的距離為d，不計粒子的重力，則圓形磁場區(qū)域的面積為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】粒子的運(yùn)動軌跡如圖由幾何關(guān)系可知解得則圓形磁場區(qū)域的半徑為則圓形磁場區(qū)域的面積為故選B。9.如圖所示為洛倫茲力演示儀，勵磁線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場B方向垂直紙面向外，電子經(jīng)電子槍（加速電壓為U）由靜止加速后垂直磁場水平向右射出，忽略電子間的相互作用，下列說法正確的是（）A.運(yùn)動的速率與U成正比B.若B不變，運(yùn)動周期與U無關(guān)C.若B不變，軌道半徑與U成正比D.若U不變，軌道半徑與B成反比【答案】BD【解析】A．電子在電場中加速，根據(jù)動能定理可得解得即運(yùn)動的速率與U不成正比，故A錯誤；B．電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，可得解得若B不變，運(yùn)動周期與U無關(guān)，若B不變，軌道半徑與U不成正比，若U不變，軌道半徑與B成反比，故BD正確；C錯誤。10.一個質(zhì)量為50kg的蹦床運(yùn)動員，從離水平網(wǎng)面3.2m高處自由下落，著網(wǎng)后沿豎直方向蹦回到離水平網(wǎng)面5.0m高處。已知運(yùn)動員與網(wǎng)接觸的時間為0.8s，g取10m/s2，下列說法正確的是（）A.運(yùn)動員與網(wǎng)接觸的這段時間內(nèi)動量的變化量大小為100kg·m/sB.網(wǎng)對運(yùn)動員的平均作用力大小為1625NC.從自由下落開始到蹦回離水平網(wǎng)面5.0m高處這一過程中運(yùn)動員所受重力沖量的大小為1300N·sD.運(yùn)動員與網(wǎng)接觸的過程中，運(yùn)動員和網(wǎng)構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒【答案】BC【解析】A．設(shè)運(yùn)動員著網(wǎng)瞬間的速度大小為v1，而運(yùn)動員離開網(wǎng)瞬間的速度大小為v2，則所以，則運(yùn)動員與網(wǎng)接觸的這段時間內(nèi)動量的變化量大小為故A錯誤；B．根據(jù)動量定理可得解得網(wǎng)對運(yùn)動員的平均作用力大小為故B正確；C．從自由下落開始到蹦回離水平網(wǎng)面5.0m高處這一過程中運(yùn)動員所受重力沖量的大小為故C正確；D．運(yùn)動員與網(wǎng)接觸的過程中，運(yùn)動員和網(wǎng)構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故D錯誤。故選BC。11.某同學(xué)做“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗時，油酸酒精溶液的濃度為μ，一滴油酸酒精溶液的體積為V，把一滴這樣的溶液滴入盛水的淺盤里，等油膜形狀穩(wěn)定后，把玻璃板蓋在淺盤上并描畫出油膜的輪廓，如圖所示。正方形小方格的邊長為a，數(shù)得油膜占有的正方形小方格個數(shù)為m，則下列說法正確的是（）A.該實驗體現(xiàn)的物理思想方法是等效替代法B.油酸分子直徑約為D.若在計算油膜面積時，舍去了所有不足一格的方格，會導(dǎo)致油酸分子直徑的測量值偏大【答案】BD【解析】A．該實驗體現(xiàn)的物理思想方法是理想化物理模型法，故A錯誤；B．油酸分子直徑約為，故B正確；C．若在配置油酸酒精溶液時，不小心把酒精倒多了一點，油酸酒精溶液的濃度降低，會導(dǎo)致油酸分子直徑的測量值偏大，故C錯誤；D．若在計算油膜面積時，舍去了所有不足一格的方格，則油膜面積偏小，會導(dǎo)致油酸分子直徑的測量值偏大，故D正確。12.如圖甲所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，實線和虛線分別為時刻和時刻的波形圖，P、Q分別是平衡位置為和的兩質(zhì)點。圖乙為質(zhì)點Q的振動圖像，則（）A.t2時刻可能為0.65sB.波的傳播速度為20m/sC.質(zhì)點P的振動方程為D.質(zhì)點P從時刻開始經(jīng)過0.15s通過的路程為30cm【答案】AC【解析】A．根據(jù)質(zhì)點Q的振動圖像可知，在t1=0時刻，質(zhì)點Q在平衡位置向上振動，可知波沿x軸正向轉(zhuǎn)播，則則當(dāng)n=3時t2=0.65s，選項A正確；B．波的傳播速度選項B錯誤；C．設(shè)質(zhì)點P的振動方程為當(dāng)t1=0時y=5cm可知則質(zhì)點P的振動方程為選項C正確；D．質(zhì)點P從時刻不在平衡位置，也不在波峰波谷位置，則開始經(jīng)過通過的路程不等于3A=30cm，選項D錯誤。故選AC。二、實驗題（本題共2小題，共15分）13.用氣體壓強(qiáng)傳感器做“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實驗，實驗裝置如圖甲所示。（1）關(guān)于該實驗，下列說法正確的是（）A.實驗中為了穩(wěn)定要用手握住注射器氣體部位B.推拉活塞時，動作要快，以免氣體進(jìn)入或漏出C.活塞移至某位置時，應(yīng)等狀態(tài)穩(wěn)定后再記錄數(shù)據(jù)D.實驗中氣體的壓強(qiáng)和體積都可以通過數(shù)據(jù)采集器獲得（2）在操作規(guī)范、不漏氣的前提下，測得多組壓強(qiáng)p和體積V的數(shù)據(jù)并作出圖線，發(fā)現(xiàn)圖線不過坐標(biāo)原點，如圖乙所示，則造成這一系統(tǒng)誤差的原因是________。（3）利用上述操作所得的實驗數(shù)據(jù)作出圖線，應(yīng)該是（）A. B.C. D.【答案】（1）C（2）由于膠管內(nèi)存在氣體（3）B【解析】（1）A．用手握住注射器，會使氣體溫度升高，不符合實驗要求，故A錯誤；B．應(yīng)緩慢推拉活塞，以免氣體溫度變化，故B錯誤；C．活塞移至某位置時，應(yīng)等狀態(tài)穩(wěn)定后再記錄數(shù)據(jù)，故C正確；D．實驗中只有壓強(qiáng)可以通過數(shù)據(jù)采集器采集，故D錯誤。故選C。（2）發(fā)現(xiàn)圖線不過坐標(biāo)原點，則造成這一系統(tǒng)誤差的原因是膠管內(nèi)存在氣體，即所以（3）根據(jù)斜率若增大，則斜率減小。故選B。14.某同學(xué)用一節(jié)電動勢為1.50V的干電池，將量程為0~10mA、內(nèi)阻為90Ω的表頭改裝成倍率分別為“×1”和“×10”的雙倍率歐姆表，設(shè)計電路如圖甲所示，則：（1）A端應(yīng)接________（填“紅”或“黑”）表筆；（2）分析可知當(dāng)電鍵K________（填“閉合”或“斷開”）時倍率為“×1”；（3）改裝后表盤的刻度如圖乙所示，已知?dú)W姆擋的中央刻度為“15”，則圖甲中定值電阻R0=_____Ω；（4）改裝完成后，若倍率選用“×10”擋，將紅、黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零后測量Rx的值，若指針指向位置，則Rx=______Ω；若由于電池老化，實際電動勢降為1.45V，調(diào)零后測量，當(dāng)指針指向Ig位置時，則待測電阻的真實值應(yīng)為________Ω?！敬鸢浮浚?）黑（2）閉合（3）10（4）300290【解析】（1）由于電流將從紅表筆流入，黑表筆流出，A端接電源的正極，則A端應(yīng)接黑表筆。（2）中值電阻等于歐姆表刻線的中值刻度乘以倍率，所以倍率越大，歐姆表內(nèi)阻越大，當(dāng)電鍵K閉合時，內(nèi)阻較小，所以倍率也較小，即開關(guān)閉合時倍率為“×1”。（3）當(dāng)開關(guān)閉合時倍率為“×1”，所以解得（4）[1]若倍率選用“×10”擋，將紅、黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零后測量Rx的值，若指針指向位置，則解得[2]若由于電池老化，實際電動勢降為1.45V，調(diào)零后測量，當(dāng)指針指向Ig位置時，則聯(lián)立可得三、解答題（本題共3小題，共37分。解答要有必要的文字說明和方程式。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題目，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）15.一定質(zhì)量理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中D→A為等溫線，氣體在狀態(tài)A時溫度為求：（1）氣體在狀態(tài)C時的溫度TC；（2）若氣體在B→C過程中吸熱600J，則在B→C過程中氣體內(nèi)能變化了多少？【答案】（1）；（2）增加450J【解析】（1）D→A為等溫線，則C到D過程是等容變化，由解得（2）B到C的過程中壓強(qiáng)不變，則氣體對外做功為W=-pΔV其中，根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU=Q+W其中Q=600J，代入解得△U=450J則氣體內(nèi)能增加450J。（1）彈簧壓縮到最短時的A物塊的速度；（2）彈簧的最大彈性勢能；（3）彈簧第一次恢復(fù)原長時，A物塊的速度?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3），方向向左【解析】（1）彈簧壓縮到最短時，A和B共速，根據(jù)動量守恒可得