北京海淀區(qū)一零一中學2025屆高二物理第一學期期末學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

北京海淀區(qū)一零一中學2025屆高二物理第一學期期末學業(yè)質量監(jiān)測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在光電效應實驗中，用單色光照射某種金屬表面，有光電子逸出，則光電子的最大初動能取決于入射光的（）A.頻率 B.強度C.照射時間 D.光子數目2、如圖所示，一個物體受F1和F2兩個互相垂直的共點力作用，其中F1=6N，F(xiàn)2=8N．這兩個力的合力大小為A.2N B.10NC.14N D.48N3、某同學做觀察電磁感應現(xiàn)象的實驗，將電流表線圈A和B、蓄電池、開關用導線連接成如圖所示的實驗電路，實驗進行中，下列所描述的現(xiàn)象與實驗事實相符合的是A.閉合開關瞬間，電流表指針不會發(fā)生偏轉B.開關閉合穩(wěn)定后，電流表指針會發(fā)生偏轉，且示數不變C.開關閉合穩(wěn)定后，把線圈A插入及拔出線圈B這兩個過程，電流表指針都會發(fā)生偏轉，且偏轉方向相反D.斷開開關瞬間，電流表指針不會發(fā)生偏轉4、下列說法中不正確的是()A.當兩正點電荷相互靠近時，它們之間的庫侖力增大，它們的電勢能也增大B.當兩負點電荷相互靠近時，它們之間庫侖力增大，它們的電勢能也增大C.一個正電荷與另一個負電荷相互靠近時，它們之間的庫侖力增大，它們的電勢能減小D.一個正電荷與另一個負電荷相互靠近時，它們之間的庫侖力減小，它們的電勢能增大5、如圖所示圓形區(qū)域內，有垂直于紙面方向的勻強磁場，一束質量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準圓心O射入勻強磁場，又都從該磁場中射出，這些粒子在磁場中的運動時間有的較長，有的較短，若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用，則在磁場中運動時間越長的帶電粒子A.速率一定越大 B.速率一定越小C.在磁場中的周期一定越大 D.在磁場中通過的路程越短6、兩根相互平行的金屬導軌水平放置于如圖所示的勻強磁場中，在導軌上接觸良好的導體棒AB和CD可以自由滑動．當AB在外力F作用下向右運動時，下列說法中正確的是A.導體棒AB內有電流通過，且A點的電勢高于B點的電勢B.導體棒CD內有電流通過，方向是C→DC.磁場對導體棒CD的作用力向左D.磁場對導體棒AB的作用力向右二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有一靈敏電流計，其表頭內阻Rg=1000Ω，滿偏電流Ig=100μA，以下說法正確的是（）A.把它改成量程為1.5V的電壓表，應串聯(lián)一個15kΩ的電阻B.把它改成量程為1.0A的電流表，應并聯(lián)一個1Ω的電阻C.把它改成量程為1.0A的電流表，測量某電流時讀數為0.5A，此時流過表頭的電流為50μAD.把它改成量程為1.5V的電壓表，測量某電壓時讀數為1.5V，此時流過表頭的電流為100μA8、如圖所示，在正交的勻強電場和磁場的區(qū)域內（磁場水平向內），有一離子恰能沿直線飛過此區(qū)域（不計離子重力）A.若離子帶正電，E方向應向下B.若離子帶負電，E方向應向上C.若離子帶正電，E方向應向上D.不管離子帶何種電，E方向都向下9、如圖所示，一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導線在同一豎直平面內，環(huán)的圓心與兩導線距離相等，環(huán)的直徑小于兩導線間距．兩導線中通有大小相等、方向向下的恒定電流．若A.金屬環(huán)向左側直導線靠近，穿過環(huán)的磁通量增加B.金屬環(huán)向右側直導線靠近，穿過環(huán)的磁通量減小C.金屬環(huán)向上運動，環(huán)上無感應電流D.金屬環(huán)向下運動，環(huán)上的感應電流方向為順時針方向10、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示．這臺加速器由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是A.回旋加速器交流電的周期等于帶電粒子圓周運動周期的一半B.利用回旋加速器加速帶電粒子，要提高加速粒子的最終能量，應盡可能增大磁感應強度B和D形盒的半徑RC.回旋加速器的加速電壓越大，帶電粒子獲得的最大動能越大D粒子每次經過D型盒狹縫時，電場力對粒子做功一樣多三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學做描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗，實驗中用的小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，實驗室還有下列器材供選用：A.電池組(電動勢為6V，內阻約為2Ω)B.電壓表(0~5V，內阻約為10kΩ)C.電壓表(0~15V，內阻約為20kΩ)D.電流表(0~300mA，內阻約為1Ω)E.電流表(0~600mA，內阻約為0.4Ω)F.滑動變阻器(10Ω，2A)G.電鍵、導線若干①實驗中所用電壓表應選用__________，電流表應選用__________；(填寫器材前的字母)②實驗時要求盡量減小實驗誤差，測量電壓從零開始變化，則甲、乙、丙、丁四個電路圖中符合要求的電路圖是___________圖③某同學根據實驗得到的數據畫出了該小燈泡的伏安特性曲線(如右圖所示)若改用電動勢為3.0V，內阻為2Ω的電源給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是___________(結果保留兩位有效數字)12．（12分）如圖連接好實驗電路并檢查無誤后，閉合開關瞬間，觀察到電流計指針發(fā)生偏轉，說明線圈______（選A或B）中有了感應電流。開關閉合后，還進行了其他幾項操作嘗試，發(fā)現(xiàn)電流計指針也發(fā)生了偏轉，請寫出一項可能的操作：________________________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為直流電動機提升重物的裝置，重物的重量G＝360N，電源電動勢E＝90V，電源內阻為r＝2Ω，不計各處摩擦．當電動機以v＝1m／s的恒定速率向上提升重物時，電路中的電流I＝6A．求：（1）電動機消耗的總功率為多少？（2）電動機線圈的電阻為多少？14．（16分）如圖，在平行傾斜固定的導軌上端接入電動勢E＝50V，內阻r＝1Ω的電源和滑動變阻器R，導軌的寬度d＝0.2m，傾角θ=37°．質量m＝0.11kg的細桿ab垂直置于導軌上，與導軌間的動摩擦因數μ＝0.5，整個裝置處在豎直向下的磁感應強度B＝2.2T的勻強磁場中，導軌與桿的電阻不計．現(xiàn)調節(jié)R使桿ab靜止不動．sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，求：（1）桿ab受到最小安培力F1和最大安培力F2；（2）滑動變阻器R有效電阻的取值范圍15．（12分）如圖所示的電路中，電源電動勢，內阻，電阻，當開關S斷開時，電流表的示數為1.5A，電壓表的示數為3.0V，試求：(1)電阻R1和R3的阻值；(2)當S閉合后，電壓表的示數；(3)R2上消耗的電功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據愛因斯坦光電效應方程：，光電子的最大初動能只與入射光的頻率在關，與其它無關．而光照強度，照射時間及光子數目與逸出的光電子數量的關，故A正確，BCD錯誤2、B【解析】根據平行四邊形定則求出合力的大小，由勾股定理，即可求解【詳解】如圖所示：根據力的平行四邊形定則，可知質點所受F1和F2的合力大小為：故本題選B【點睛】解決本題的關鍵知道力的合成遵循平行四邊形定則，以及知道兩個力同向時，合力最大，兩個力反向時，合力最小3、C【解析】當通過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，就會產生感應電流，電流表指針發(fā)生偏轉.【詳解】A、開關閉合的瞬間，則通過螺線管B中的磁通量從無到有，則產生感應電流，電流表指針發(fā)生偏轉，故A錯誤；B、開關閉合穩(wěn)定后，則通過螺線管B中的磁通量不變，電流表指針不發(fā)生偏轉，故B錯誤；C、開關閉合穩(wěn)定后，把線圈A插入及拔出線圈B這兩個過程，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，產生感應電流，指針發(fā)生偏轉，故C正確；D、開關斷開的瞬間，則通過螺線管B中的磁通量從有到無，則產生感應電流，電流表指針發(fā)生偏轉，故D錯誤；故選C.【點睛】解決本題的關鍵掌握感應電流的產生條件，知道當通過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，就會產生感應電流.4、D【解析】當兩正點電荷相互靠近時，距離變小，根據可知：它們之間的庫侖力增大，而電場力做負功，所以它們的電勢能也增大，故A正確；當兩負點電荷相互靠近時，距離變小，根據可知：它們之間的庫侖力增大，而電場力做負功，所以它們的電勢能也增大，故B正確；一個正電荷與另一個負電荷相互靠近時，距離變小，根據可知：它們之間的庫侖力增大，而電場力對正負電荷都做正功，所以它們的電勢能減小，故C正確，D錯誤．此題選擇不正確的選項，故選D【點睛】本題主要考查了庫侖定律公式的直接應用，知道電場力做正功電勢能減小，電場力做負功電勢能增大5、B【解析】質量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率垂直進入勻強磁場中，則運動半徑的不同，導致運動軌跡也不同．因此運動軌跡對應的半徑越大，則粒子的速率也越大．而運動周期它們均一樣，但運動時間卻由圓弧對應的圓心角決定.【詳解】由周期公式得：由于帶電粒子們的B、q、m均相同，所以T相同，故C錯誤根據t=T可知，在磁場中運動時間越長的帶電粒子，圓心角越大，半徑越小，由知速率一定越小，A錯誤，B正確．通過的路程即圓弧的長度l=rθ，與半徑r和圓心角θ有關，粒子運動時間越長，路程不一定越短，故D錯誤．故選B【點睛】帶電粒子在磁場、質量及電量相同情況下，運動的半徑與速率成正比，從而根據運動圓弧來確定速率的大小；運動的周期均相同的情況下，可根據圓弧的對應圓心角來確定運動的時間的長短6、A【解析】AB．AB切割磁感線產生感應電流，根據右手定則判斷可知，AB中感應電流的方向為B→A，A端相當電源的正極，電勢高于B端，導體棒CD內有電流通過，方向是D→C．故A正確，B錯誤。C．感應電流通過CD，CD棒受到安培力作用，由左手定則判斷可知磁場對導體棒CD的安培力向右。故C錯誤。D．AB中感應電流的方向為B→A，根據左手定則，安培力向左。故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A．改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)阻值為故A錯誤；B．改裝成電流表要并聯(lián)分流，并聯(lián)阻值故B錯誤；C．把它改成量程為1.0A的電流表，用它去測量某電流時讀數為0.5A，則指針正好是滿偏的一半，即為50μA，故C正確；D．把它改成量程為1.5V的電壓表，測量某電壓時讀數為1.5V，指針正好是滿偏，所以此時流過表頭的電流為100μA，故D正確。故選CD?！军c睛】改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，并聯(lián)電阻阻值為，I為改裝后的量程；電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)的阻值為，U為改裝后的量程。8、AD【解析】在復合場中對帶電粒子進行正確的受力分析，在不計重力的情況下，離子在復合場中沿水平方向直線通過故有qE=qvBAC．若粒子帶正電，則受洛倫茲力向上，而電場力向下，所以電場強度的方向向下，選項A正確，C錯誤；B．若粒子帶負電，則受洛倫茲力向下，而電場力向上，所以電場強度的方向向下，則選項B錯誤；D．由以上分析可知，不管離子帶何種電，E方向都向下，選項D正確；故選AD。9、AC【解析】由題中“一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導線在同一豎直平面內”可知，本題考查閉合線圈磁通量變化以及感應電流方向，根據楞次定律和通電導線磁場分布規(guī)律可分析本題【詳解】AB、根據通電導線磁場分布規(guī)律可知，在兩根通電導線中間，及分布垂直紙面向外的磁場也分布垂直紙面向里的磁場，并且在中間位置，磁通量為零，因此金屬環(huán)無論向左向右移動，磁通量均增加，故A正確B錯誤；CD、因為金屬環(huán)內磁通量為零，根據對稱性，金屬環(huán)上下移動磁通量不會發(fā)生變化，根據楞次定律可知，無感應電流產生，故C正確D錯誤10、BD【解析】回旋加速器靠電場加速和磁場偏轉來加速粒子，根據洛倫茲力提供向心力，判斷粒子的最大速度與什么因素有關．加速粒子時，交變電場的周期與粒子在磁場中運動的周期相等【詳解】加速粒子時，交變電場的周期必須與粒子在磁場中運動的周期相等，這樣才能使得每次經過D型盒的狹縫中時都能被電場加速，選項A錯誤；當粒子運轉半徑等于D型盒的半徑時粒子速度最大，即，則，則要提高加速粒子的最終能量，應盡可能增大磁感應強度B和D形盒的半徑R，帶電粒子獲得的最大動能與加速電壓無關，選項B正確，C錯誤；粒子每次經過D型盒狹縫時，電場力對粒子做功均為qU，選項D正確；故選BD.【點睛】解決本題的關鍵知道回旋加速器電場和磁場的作用，以及知道最大速度與什么因素有關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.①B②.E③.②?、?③0.90~0.95W【解析】①根據燈泡的額定電壓選擇電壓表，根據給出的燈泡可明確其電流值，從而選擇電流表；②根據實驗原理可明確滑動變阻器及電流表的接法，從而確定原理圖；③在I-U圖象中作出電源的伏安特性曲線，則交點為電源的工作點【詳解】①電表量程應略大于燈泡的額定值，故電壓表應選擇B；燈泡的額定電流為0.5A，故電流表應選擇E；②滑動變阻器要用分壓電路；電壓表內阻遠大于燈泡電阻，則采用電流表外接；可知要選擇電路??；③電源電動勢為3V，內阻為2Ω，在圖中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點為燈泡的工作點，則由圖可知，電壓為2.2V，電流為0.42A；則功率P=UI=2.2×0.42=0.92W；【點睛】對于伏安法描繪小燈泡的伏安特性曲線以及測電阻等實驗；當要求電流從零調時，變阻器應采用分壓式接法．同時注意明確圖象的性質和應用12、①.B②.將滑動變阻器的滑片快速滑動；將線圈A（或鐵芯）快速抽出；斷開開關的瞬間【解析】[1]閉合開關的瞬間，穿過B線圈的磁通量發(fā)生變化，故線圈B中有感應電流；[2]根據感應電流產生的條件：穿過閉合線圈的磁通