貴州省部分學校2024-2025學年高三上學期9月第一次聯(lián)考生物試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1貴州省部分學校2024-2025學年高三上學期9月第一次聯(lián)考本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1．答題前，考生務必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。4．本試卷主要考試內容：人教版必修1第1～5章。一、選擇題：本題共16小題，每小題3分，共48分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.病毒、細菌和支原體均可以引起肺炎。下列有關說法正確的是（）A.三者均為單細胞生物，都是異養(yǎng)型生物B.病毒不屬于生命系統(tǒng)，細菌和支原體在生命系統(tǒng)中屬于細胞層次C.細菌和支原體均具備細胞壁、細胞膜、核糖體等結構D.細菌和支原體均不具有以核膜為界限的細胞核【答案】D【分析】病毒是非細胞生物，只能寄生在活細胞中進行生命活動。病毒依據(jù)宿主細胞的種類可分為植物病毒、動物病毒和噬菌體；根據(jù)遺傳物質來分，分為DNA病毒和RNA病毒；病毒由核酸和蛋白質組成?！驹斀狻緼、病毒沒有細胞結構，不屬于單細胞生物，A錯誤；B、細菌和支原體屬于單細胞生物，在生命系統(tǒng)中屬于細胞和個體層次，B錯誤；C、支原體沒有細胞壁，C錯誤；D、細菌和支原體均為原核生物，均不具有以核膜為界的細胞核，D正確。故選D。2.埃塞俄比亞高原上的畫眉草種子是世界上最小的谷物種子，種子中含淀粉、脂質和蛋白質等多種營養(yǎng)物質。下列關于植物體內化合物的敘述，正確的是（）A.谷物種子中，蛋白質是含量最多的化合物B.可用斐林試劑檢測種子中脂質含量的高低C.播種時，油料類作物種子通常比谷物類作物種子埋得淺一點D.蛋白質的營養(yǎng)價值可用非必需氨基酸的種類及含量來衡量【答案】C【分析】生物組織中化合物的鑒定：（1）斐林試劑可用于鑒定還原糖，在水浴加熱的條件下，產生磚紅色沉淀。（2）蛋白質可與雙縮脲試劑產生紫色反應。（3）脂肪可用蘇丹Ⅲ染液鑒定，呈橘黃色。（4）淀粉遇碘液變藍?！驹斀狻緼、谷物種子中，水是含量最多的化合物，A錯誤；B、斐林試劑用于檢測還原糖，B錯誤；C、與糖類相比，脂肪的含氫量高，所以種子萌發(fā)時脂肪氧化分解耗氧量更高，故油料類作物種子通常比谷物類作物種子埋得淺一點，C正確；D、必需氨基酸細胞無法合成，因此蛋白質的營養(yǎng)價值可用必需氨基酸的種類及含量來衡量，D錯誤。故選C。3.雪蓮果所含糖分主要為低聚果糖。低聚果糖可減少腸道對脂肪的吸收，提高腸道對鈣、鐵的吸收，但低聚果糖不能被人體消化、吸收。下列有關敘述錯誤的是（）A.鈣、鐵等大量元素被吸收后，可參與構成細胞內的某些復雜化合物B.低聚果糖不能被人體消化，是因為人體缺乏相關的酶C.維生素D和低聚果糖都可以用于預防老年人患骨質疏松癥D.雪蓮果對于高血糖高血脂患者來說可適量食用【答案】A【分析】細胞中大多數(shù)無機鹽以離子的形式存在，無機鹽是細胞必不可少的許多化合物的成分。生物體內的某些無機鹽離子，必須保持一定的量，這對維持細胞的酸堿平衡也非常重要?！驹斀狻緼、鐵是微量元素，A錯誤；B、低聚果糖不能被人體直接消化吸收，推測可能是因為人體缺乏相關的酶，B正確；C、維生素D和低聚果糖都可以提高腸道對鈣、鐵的吸收，因此用于預防老年人患骨質疏松癥，C正確；D、雪蓮果含有低聚果糖，不能被人體直接消化吸收，因此糖尿病患者可以食用而不會升高血糖，D正確。故選A。4.血管緊張素是一種多肽類激素，由前體物質血管緊張素原（一種血清球蛋白）經水解形成，能引起血管收縮，血壓升高。下列說法正確的是（）A.血管緊張素由氨基酸經脫水縮合直接形成B.血管緊張素原不能與雙縮脲試劑發(fā)生紫色反應C.血管壁細胞細胞膜上有與血管緊張素識別的受體D.口服血管緊張素可以緩解低血壓癥狀【答案】C【分析】血管緊張素是一種多肽類激素，具有升高血壓的調節(jié)作用，多肽類激素不可以直接口服?！驹斀狻緼、根據(jù)題干信息，血管緊張素是一種多肽類激素，由前體物質血管緊張素原（一種血清球蛋白）經水解形成，說明血管緊張素不是由氨基酸經脫水縮合直接形成的，A錯誤；B、血管緊張素原是一種血清球蛋白，因此可以和雙縮脲試劑發(fā)生紫色反應，B錯誤；C、血管緊張素是一種多肽類激素，能夠引起血管收縮，說明血管壁細胞細胞膜上有與血管緊張素識別的受體，C正確；D、血管緊張素是一種多肽類激素，不可口服，D錯誤。故選C。5.研究發(fā)現(xiàn)，若游離核糖體合成的肽鏈含有信號肽（SP），則會被細胞質基質中的信號識別顆粒（SRP，可重復使用）識別并結合，從而引導肽鏈進入內質網進行加工，加工后的肽鏈不含SP。下列說法錯誤的是（）A.肽鏈是否含有SP，是游離核糖體能否附著于內質網的關鍵B.若性腺細胞中存在SP合成缺陷，則性激素無法進入內質網C.在內質網對肽鏈加工的過程中，可能存在肽鍵的斷裂D.將肽鏈引導入內質網后，SRP會與SP分離，從肽鏈上脫落下來【答案】B【分析】分泌蛋白先在游離的核糖體合成，形成一段多肽鏈后，信號識別顆粒（SRP）識別信號，再與內質網上信號識別受體結合，將核糖體-新生肽引導至內質網，SRP脫離，信號引導肽鏈進入內質網，形成折疊的蛋白質，隨后，核糖體脫落?！驹斀狻緼、能合成信號肽的核糖體將成為附著型核糖體，與內質網結合，故附著核糖體的形成與信號肽的合成密切相關，A正確；B、性激素的本質是脂質不是蛋白質，直接由滑面內質網合成，B錯誤；C、肽鏈進入內質網進行加工，加工后的肽鏈不含SP，該過程涉及肽鍵的斷裂，C正確；D、根據(jù)題意，若游離核糖體合成的肽鏈含有信號肽（SP），則會被細胞質基質中的信號識別顆粒（SRP，可重復使用）識別并結合，從而引導肽鏈進入內質網進行加工，說明將肽鏈引導入內質網后，SRP會與SP分離，從肽鏈上脫落下來等待下一次被使用，D正確。故選B。6.核孔復合體是位于核膜的一種特殊跨膜蛋白運輸?shù)鞍讖秃象w，既可介導被動運輸，也可介導主動運輸，其運輸部分物質的過程如圖甲、乙所示。下列說法正確的是（）A.核孔復合體合成和加工的場所分別是內質網和高爾基體B.核孔復合體只允許蛋白質、核酸等大分子物質通過C.據(jù)圖可知，所有大分子物質經核孔復合體可自由進出細胞核D.核膜兩側一些物質的濃度差可通過核孔復合體的運輸來維持【答案】D【分析】細胞核包括核膜（將細胞核內物質與細胞質分開）、染色質（DNA和蛋白質）、核仁（與rRNA的合成以及核糖體的形成有關）、核孔（核膜上的核孔的功能是實現(xiàn)核質之間頻繁的物質交換和信息交流）。【詳解】A、核孔復合體是一種胞內蛋白，合成場所是核糖體，A錯誤；B、核孔復合體是位于核膜的一種特殊跨膜蛋白運輸?shù)鞍讖秃象w，既可介導被動運輸，也可介導主動運輸，離子和水分子等小分子物質可以通過核孔運輸，B錯誤；C、DNA這種大分子無法自由出入核孔，C錯誤；D、根據(jù)題干信息，核孔復合體既可介導被動運輸，也可介導主動運輸，可以推測核膜兩側一些物質的濃度差可通過核孔復合體的運輸來維持，D正確。故選D。7.構成生物膜系統(tǒng)的各種生物膜在結構和功能上既有緊密的聯(lián)系，又有明顯的區(qū)別。下列說法錯誤的是（）A.生物膜系統(tǒng)是存在于所有真核細胞中必不可缺的結構B.內質網膜和高爾基體膜的功能區(qū)別主要取決于膜上蛋白質的種類和數(shù)量C.推測線粒體內膜的蛋白質/脂質的值可能高于線粒體外膜的D.線粒體和葉綠體中的膜增加酶附著位點的表現(xiàn)方式不同【答案】A【分析】生物膜的基本支架都是磷脂雙分子層，生物膜系統(tǒng)的組成包括細胞膜、細胞器膜和核膜，內質網膜可以通過囊泡轉化為高爾基體膜?！驹斀狻緼、并不是所有真核細胞都具有生物膜系統(tǒng)，如哺乳動物成熟的紅細胞，A錯誤；B、由于功能不同，內質網膜和高爾基體膜的功能區(qū)別主要取決于膜上蛋白質的種類和數(shù)量，B正確；C、線粒體內膜是進行有氧呼吸第三階段的場所，具有呼吸酶，推測線粒體內膜的蛋白質/脂質的值可能高于線粒體外膜的，C正確；D、線粒體內膜折疊形成的嵴，可以增大膜面積，能為酶提供更多的附著位點，葉綠體通過類囊體堆疊形成基粒增加酶附著位點，D正確。故選A。8.甲、乙實驗小組將某植物細胞放入不同濃度的蔗糖溶液中，欲利用植物細胞的質壁分離原理測量該細胞的細胞液濃度。甲小組在配制蔗糖溶液時，未將蔗糖充分溶解；乙小組浸泡細胞的時間過短，其他操作正常。甲、乙兩組測得的實驗結果比實際結果（）A.偏大、偏小 B.偏小、偏大 C.偏大、偏大 D.偏小、偏小【答案】C【分析】將植物細胞放在較高的蔗糖溶液中，由于細胞液的濃度小于外界蔗糖溶液濃度，細胞失水出現(xiàn)質壁分離現(xiàn)象，外界蔗糖溶液濃度不同，質壁分離的程度也不同；若將植物細胞放在較低的蔗糖溶液中，由于細胞液的濃度大于外界蔗糖溶液濃度，細胞吸水，但由于細胞壁伸縮性小，細胞略微變大或基本不變?！驹斀狻坷弥参锛毎馁|壁分離原理測量細胞的細胞液濃度時，若在某種濃度的溶液中，有50%左右的細胞出現(xiàn)出事質壁分離，我們認為此時所處的外界溶液濃度就是細胞液濃度。甲小組在配制蔗糖溶液時，未將蔗糖充分溶解，說明配置的蔗糖溶液濃度比實際值要高，測得的實驗結果是偏大的；乙小組浸泡細胞的時間過短，會導致與細胞液濃度接近的蔗糖溶液中的細胞質壁分離現(xiàn)象不明顯，使實驗結果偏大，ABD錯誤，C正確。故選C。9.某研究小組在體外條件下進行了無機鹽對脂肪酶活性影響的實驗，結果如圖所示。下列敘述錯誤的是（）A.本實驗的自變量是無機鹽的種類和濃度B.由圖可知，酶的相對活力隨著無機鹽濃度的增加而提高C.一些無機鹽可能通過影響酶的空間結構來影響其活性D.相比于NaCl，其他三種無機鹽對脂肪酶活性的影響較小【答案】B【分析】由題干和實驗結果圖示可知，本實驗的自變量是無機鹽的種類和濃度，因變量為脂肪酶的活性。【詳解】A、由圖可知，本實驗研究的是不同種類、不同濃度的無機鹽對脂肪酶活性的影響，故無機鹽的種類和濃度都屬于自變量，A正確；B、氯化鈉溶液濃度對酶活力的影響先是隨無機鹽濃度的增大，酶活力降低，B錯誤；C、某些無機鹽作用后，脂肪酶（本質為蛋白質）的活性會發(fā)生改變，故酶的結構也可能會發(fā)生改變，C正確；D、相比于NaCl，其他三種無機鹽的曲線波動較小，說明對脂肪酶活性的影響較小，D正確。故選B。10.溶酶體可分為初級溶酶體和次級溶酶體。初級溶酶體是由高爾基體形成分泌的一種僅含有水解酶的分泌小泡，其中的水解酶處于非活性狀態(tài)，無作用底物。次級溶酶體是含水解酶及相應底物，以及水解消化的產物，即正在進行或已經進行消化作用的囊泡。次級溶酶體分布較廣，形態(tài)具有多樣性。下列相關敘述正確的是（）A.溶酶體可以合成多種酸性水解酶，分解衰老損傷的細胞器B.溶酶體的形成體現(xiàn)了生物膜的功能特性C.推測次級溶酶體是在一定條件下由初級溶酶體轉化而來的D.溶酶體中的水解酶屬于胞內蛋白，不需要內質網、高爾基體的加工【答案】C【分析】溶酶體內含有許多種水解酶，能夠分解很多種物質以及衰老、損傷的細胞器，被比喻為細胞內的“消化車間”?！驹斀狻緼、溶酶體中的水解酶是在核糖體上合成的，不是溶酶體合成的，A錯誤；B、溶酶體的形成體現(xiàn)的是生物膜的結構特性（具有一定的流動性），不是功能特性（選擇透過性），B錯誤；C、初級溶酶體是由高爾基體形成分泌的一種僅含有水解酶的分泌小泡，其中的水解酶處于非活性狀態(tài)，無作用底物。次級溶酶體是含水解酶及相應底物，以及水解消化的產物，即正在進行或已經進行消化作用的囊泡，可推測次級溶酶體是在一定條件下由初級溶酶體轉化而來的，C正確；D、溶酶體中的水解酶雖然屬于胞內蛋白，但需要內質網和高爾基體的加工，D錯誤。故選C。11.將浸有肝臟研磨液的若干圓紙片放入一定量的H2O2溶液中，測得最適溫度和pH條件下O2釋放量與時間的關系如曲線①所示。若對該實驗條件進行改變，則曲線可能發(fā)生改變下列改變的措施與曲線對應正確的是（）A.增加圓紙片數(shù)量——曲線② B.增加H2O2溶液量——曲線③C.提高溫度或改變pH——曲線③ D.替換為浸有FeCl3的圓紙片——曲線④【答案】D【分析】酶是由活細胞產生的具有催化作用的有機物，絕大多數(shù)酶是蛋白質，極少數(shù)酶是RNA，酶具有高效性、專一性和作用條件溫和的特性。酶作為生物催化劑，通過降低反應所需的活化能加快反應速率?！驹斀狻緼、增加圓紙片數(shù)量，相當于增加酶的數(shù)量，但不能增加產物的量，曲線的最高點不會升高，A錯誤；B、增加H2O2溶液量，相當于增加底物的數(shù)量，不會改變反應速率，但會增加產物的量，曲線的最高點會升高，B錯誤；C、由題意可知，曲線①是在最適溫度和pH條件下測得的，提高溫度或改變pH會使反應的速率減慢，達到平衡的時間會延長，不會對應曲線③，C錯誤；D、替換為浸有FeCl3的圓紙片，F(xiàn)eCl3是無機催化劑，催化效率低于過氧化氫，反應速率減慢，達到平衡的時間延長，可對應曲線④，D正確。故選D。12.Rubisco是一種酶，可催化CO2固定，也能催化O2與C5結合。已知CO2與O2競爭性結合Rubisco的同一活性位點。下列說法正確的是（）A.O2與C5結合的場所是類囊體薄膜B.由題干信息可知，Rubisco的催化不具有特異性C.提高O2的濃度可促進光合作用的進行D.Rubisco活性提高有利于光反應的產物被充分利用【答案】D【分析】光合作用包括光反應和暗反應兩個階段，光反應發(fā)生在類囊體薄膜，暗反應發(fā)生在葉綠體基質，包括二氧化碳的固定和C3的還原。【詳解】A、根據(jù)題意“Rubisco是一種酶，可催化CO2固定，也能催化O2與C5結合”可知，Rubisco位于葉綠體基質中，故O2與C5結合的場所也是葉綠體基質，A錯誤；B、酶的專一性是指一種酶可以催化一種或一類反應，Rubisco具有兩種功能：可催化CO2固定，也能催化O2與C5結合，因此該酶具有特異性，B錯誤；C、提高O2濃度，會促進O2與C5結合，不利于光合產物的積累（CO2固定），C錯誤；D、結合題干已知CO2與O2競爭性結合Rubisco的同一活性位點，高濃度CO2條件下，Rubisco活性提高有利于C3的生成，而C3的還原要用到光反應階段的產物ATP和NADPH，D正確。故選D。13.某實驗小組欲對光合色素進行分離，實驗裝置如圖所示，其中樣點處為過濾后的色素提取液，Ⅰ～Ⅳ為不同色素形成的色素帶。下列敘述正確的是（）A.在層析液中溶解度最大的是Ⅳ中的色素B.顏色呈現(xiàn)為橙黃色的色素帶是ⅡC.若提取色素時未加SiO2，則4條色素帶中變窄的是Ⅰ和ⅡD.Ⅲ和Ⅳ中的色素主要吸收藍紫光和紅光【答案】D【分析】綠葉中色素的提取和分離實驗提取的原理：綠葉中色素易溶于無水乙醇、丙酮等有機溶劑，分離的原理：不同色素在層析液中的溶解度不同，因而隨層析液在濾紙條上擴散的速率不同?！驹斀狻緼、不同色素在層析液中的溶解度不同，因而隨層析液在濾紙條上擴散的速率不同，在層析液中溶解度最大的是Ⅰ中的色素，A錯誤；B、Ⅱ是擴散速率第二大的色素，因此是葉黃素，它是黃色的，B錯誤；C、若提取色素時未加SiO2，研磨不充分，導致色素含量低，4條色素帶都會變窄，C錯誤；D、根據(jù)擴散速率推測，Ⅲ和Ⅳ中的色素是葉綠素，主要吸收藍紫光和紅光，D正確。故選D。14.ATP可作為一種藥物用于輔助治療肌肉萎縮、腦出血后遺癥、心肌炎等疾病。下列說法正確的是（）A.ATP是生物體內所有耗能生命活動的直接能量來源B.ATP合成所需的能量來自光能或化學能C.ATP的水解過程往往伴隨著蛋白質分子的去磷酸化D.ATP的水解產物可以作為合成DNA的原料【答案】B【分析】ATP的結構簡式是A-P～P～P，其中A代表腺苷，T代表三個，P代表磷酸，又叫三磷酸腺苷，ATP在細胞內的含量很少，但是細胞對于ATP的需要量很大，ATP與ADP在細胞內不停地轉化，保證了細胞對于ATP的大量需求。【詳解】A、ATP是直接能源物質，細胞中絕大多數(shù)需要能量的生命活動都由ATP提供，但也有少數(shù)由NADPH、GTP、UTP等提供，A錯誤；B、光合作用和呼吸作用都會產生ATP，ATP合成所需的能量來自光能或化學能，B正確；C、ATP的水解過程往往伴隨著蛋白質分子的磷酸化，C錯誤；D、ATP的水解產物核糖核苷酸，可以作為合成RNA的原料，D錯誤。故選B。15.植物的光合作用中存在“光補償點”和“光飽和點”，其中光補償點是指植物光合速率與呼吸速率相等時的光照強度，光飽和點是指植物光合速率達到最大時所需要的最低光照強度。下列說法錯誤的是（）A.當光照強度為光補償點時，植物的凈光合速率為0B.CO2濃度是影響植物光飽和點大小的因素之一C.若提高植物的葉綠素含量，則該植物的光補償點可能會降低D.在光飽和點的基礎上提高光照強度，植物的光合速率會進一步提高【答案】D【分析】植物的實際光合作用速率=凈光合速率+呼吸速率，其中實際光合速率可用O2的產生量、CO2的固定量、有機物的制造量表示；凈光合速率可用光照下O2的釋放量、CO2的吸收量、有機物的積累量表示?！驹斀狻緼、光補償點是指植物光合速率與呼吸速率相等時的光照強度，此時的凈光合速率等于0，A正確；B、光飽和點是指植物光合速率達到最大時所需要的最低光照強度，此時若提高二氧化碳濃度，光飽和點會改變，因此CO2濃度是影響植物光飽和點大小的因素之一，B正確；C、光補償點是指植物光合速率與呼吸速率相等時的光照強度，若提高植物的葉綠素含量，則光合速率會升高，呼吸速率不變，要讓光合速率依舊等于呼吸速率就降低光照強度，因此該植物的光補償點可能會降低，C正確；D、光飽和點是指植物光合速率達到最大時所需要的最低光照強度，此時單獨改變光照強度，光合速率不會改變，要改變除光照強度以外的其他因素，D錯誤。故選D。16.已知脂肪和葡萄糖均可以為生命活動提供能量，兩者經有氧呼吸后的產物均為O2和CO2，現(xiàn)有一油料類作物種子的有氧呼吸情況如圖所示，下列說法錯誤的是（）A.一定條件下，脂肪和葡萄糖可以相互轉化B.圖中的曲線①②分別代表O2和CO2C.a點之前，該種子有氧呼吸的底物是脂肪D.相比于等質量的葡萄糖，脂肪完全氧化放出的能量較多【答案】C【分析】與葡萄糖相比，相同質量的脂肪中含H多，在氧化分解時消耗O2多，釋放的能量多?！驹斀狻緼、一定條件下，脂肪和葡萄糖可以相互轉化，糖類可以大量形成脂肪，脂肪能少量轉化為糖類，A正確；B、以葡萄糖為底物進行有氧呼吸，消耗的氧氣等于產生的二氧化碳，以脂肪為底物進行有氧呼吸，消耗的氧氣大于產生的二氧化碳，因此①是氧氣，②是二氧化碳，B正確；C、a點之前消耗的氧氣大于產生的二氧化碳，因此a點之前，該種子有氧呼吸的底物存在脂肪，但不一定只是脂肪，C錯誤；D、相比于等質量的葡萄糖，由于脂肪中含H多，在氧化分解時消耗O2多，釋放的能量也較多，D正確。故選C。二、非選擇題：本題共5小題，共52分。17.為探究sec1基因在分泌蛋白合成、分泌途徑中的作用，科學家以芽殖酵母為材料，以酸性磷酸酶（P酶）為指標進行了研究?；卮鹣铝袉栴}：（1）分泌蛋白以_____的方式運輸出細胞，該過程_____（填“需要”或“不需要”）膜上蛋白質的參與。（2）科學家利用化學誘變劑處理，在酵母中篩選獲得蛋白分泌異常的突變株（sec1）。將野生型酵母和sec1置于含3H標記的氨基酸的培養(yǎng)液中，測得的胞外P酶的活性如圖所示，已知P酶的活性可反映P酶的量。①3H在P酶合成、分泌過程中依次出現(xiàn)的順序是_____（用→和細胞結構表示）。經檢測可知，在37℃的環(huán)境條件下，與野生型相比，sec1細胞膜上的放射性降低，細胞器的放射性差別不大，囊泡在細胞質基質中出現(xiàn)聚集，由此推測sec1基因的功能是_____。②5h后，野生型酵母和sec1的P酶分泌量變化趨勢不同的原因是_____?！敬鸢浮浚?）①.胞吐②.需要（2）①.核糖體→內質網→囊泡→高爾基體→囊泡→細胞膜②.參與囊泡與細胞膜的融合過程③.sec1基因缺陷導致囊泡與細胞膜融合受阻，從而影響P酶的分泌，而野生型酵母的囊泡與細胞膜融合正常，所以分泌量變化趨勢不同【分析】一、分泌蛋白合成與分泌過程為：附著在內質網上的核糖體合成蛋白質→內質網進行粗加工→內質網“出芽”形成囊泡→高爾基體進行再加工形成成熟的蛋白質→高爾基體“出芽”形成囊泡→細胞膜。線粒體為此過程提供能量。二、由圖可知，野生型胞外P酶的分泌量高于sec1胞外P酶分泌量?！拘?詳解】分泌蛋白以胞吐的方式運輸出細胞，該過程需要膜上蛋白質的參與。因為胞吐過程需要膜上的蛋白質協(xié)助完成膜的融合等過程。【小問2詳解】①分泌蛋白首先在核糖體上合成，然后進入內質網進行初步加工，接著被運送到高爾基體進一步加工和修飾，形成囊泡包裹加工好的蛋白質，囊泡與細胞膜融合，將蛋白質分泌到細胞外，所以3H在P酶合成、分泌過程中依次出現(xiàn)的順序是核糖體→內質網→囊泡→高爾基體→囊泡→細胞膜。經檢測可知，在37℃的環(huán)境條件下，與野生型相比，sec1細胞膜上的放射性降低，細胞器的放射性差別不大，囊泡在細胞質基質中出現(xiàn)聚集，由此推測sec1基因的功能是參與囊泡與細胞膜的融合過程。②5h后，野生型酵母和sec1的P酶分泌量變化趨勢不同的原因是sec1基因缺陷導致囊泡與細胞膜融合受阻，從而影響P酶的分泌，而野生型酵母的囊泡與細胞膜融合正常，所以分泌量變化趨勢不同。18.某實驗小組使用熒光染料對細胞膜上的蛋白質分子進行標記，使其發(fā)出熒光，然后用高強度激光照射細胞膜的某區(qū)域，使其瞬間被“漂白”（熒光消失），隨后該漂白區(qū)域熒光逐漸恢復。通過檢測漂白區(qū)域熒光強度隨時間的變化情況，繪制得到如圖所示曲線，回答下列問題：（1）細胞膜的主要成分是_____，漂白區(qū)域熒光逐漸恢復體現(xiàn)了細胞膜_____的特點。（2）膽固醇是構成_____（填“動物”或“植物”）細胞膜的重要成分。若將該細胞膜上的膽固醇去除，漂白區(qū)域熒光強度恢復的時間變短，則說明膽固醇對細胞膜上蛋白質分子的運動起_____（填“促進”或“抑制”）作用。（3）由圖可知，漂白區(qū)域熒光強度恢復后，其強度低于起始強度，推測原因有_____（答出2點）?！敬鸢浮浚?）①.脂質和蛋白質②.流動性（2）①.動物②.抑制（3）熒光強度會自主下降或者某些分子處于相對靜止狀態(tài)【分析】熒光材料標記該動物細胞，是熒光染料能與細胞膜的某種組成成分結合。某區(qū)域熒光斑點消失后會逐漸恢復，說明被熒光標記的某種化學成分在運動，證明細胞膜具有流動性。題圖表示熒光漂白恢復曲線，并且恢復的熒光強度比初始強度低?！拘?詳解】細胞膜的主要成分是蛋白質和脂質，實驗中通常對膜蛋白進行熒光標記。熒光材料標記該動物細胞，是熒光染料能與細胞膜的某種組成成分結合。某區(qū)域熒光斑點消失后會逐漸恢復，說明被熒光標記的某種化學成分在運動，證明細胞膜具有流動性?！拘?詳解】膽固醇是構成動物細胞膜的重要成分。由于用特定方法去除細胞膜中的膽固醇，導致膜結構上蛋白質分子停泊的“平臺”拆解，漂白區(qū)域熒光恢復的時間縮短，說明膽固醇對膜中分子運動具有抑制作用?！拘?詳解】最終恢復的熒光強度比初始強度低，可能是熒光強度會自主下降或者經過激光照射后，某些分子的流動性降低，即處于相對靜止狀態(tài)。19.氣孔由保衛(wèi)細胞組成，質子泵（位于保衛(wèi)細胞膜上。當保衛(wèi)細胞吸水時，細胞膨脹從而使氣孔開放，其相關離子的運輸機制如圖所示?；卮鹣铝袉栴}：（1）上述過程中H+-ATPase體現(xiàn)了蛋白質的_______功能。圖中K+、Cl-進入保衛(wèi)細胞的方式是__________其動力來自_______。（2）已知藍光可激活H+-ATPase，為驗證H+-ATPase的運輸機制，某科研小組進行了相關實驗，過程如表所示。一段時間后，三組實驗溶液中H+含量最高的是_______組。組別甲乙丙同種保衛(wèi)細胞+++同種細胞溶液+++光照條件黑暗藍光藍光ATP抑制劑——+注：+代表有，—代表沒有。（3）請簡述一下藍光照射引起氣孔開放的機制：_______?！敬鸢浮浚?）①.運輸和催化②.主動運輸③.H+勢能##H+電化學梯度（2）乙（3）藍光可激活保衛(wèi)細胞中的H+-ATPase，使保衛(wèi)細胞內外H+的濃度差增大，K＋、Cl-等依賴于H+電化學梯度大量進入保衛(wèi)細胞，使保衛(wèi)細胞內的滲透壓升高，細胞吸水使氣孔張開

【分析】物質逆濃度梯度進行跨膜運輸，需要載體蛋白的協(xié)助，同時還需要消耗細胞內化學反應所釋放的能量，這種方式叫作主動運輸。【小問1詳解】由圖可知，H+-ATPase可轉運H+和催化ATP水解，體現(xiàn)了蛋白質的運輸以及催化功能。K＋、Cl-等依賴于H+電化學梯度大量進入保衛(wèi)細胞，故K+、Cl-進入保衛(wèi)細胞的方式是主動運輸?！拘?詳解】H+-ATPase通過主動運輸將H+由細胞轉運至細胞外，需要消耗ATP，藍光可激活H+-ATPase，故藍光照射且沒有ATP抑制劑的一組溶液中H+含量最高，為乙組。【小問3詳解】結合題圖，據(jù)細胞吸水與失水的原理推測，則藍光誘導后激活保衛(wèi)細胞膜上的H+—ATPase，進而促進H+的主動運輸，使H+運出細胞，使得保衛(wèi)細胞的pH升高，驅動K+和Cl-通過細胞膜進入細胞，進而使保衛(wèi)細胞細胞液濃度上升，吸水力增強，當保衛(wèi)細胞吸水膨脹時，氣孔張開。20.研究發(fā)現(xiàn)，小麥的發(fā)芽率與其淀粉酶的活性呈正相關。某實驗小組為了驗證該結論，進行了如表所示實驗，已知甲品種小麥的發(fā)芽率高于乙品種小麥的?；卮鹣铝袉栴}。步驟組別1組2組3組①加入樣液0．5mL甲品種小麥提取液0．5mL乙品種小麥提取液？②加入緩沖液/mL111③加入淀粉溶液/mL111④37℃保溫一定時間后加入試劑并水浴加熱⑤觀察沉淀顏色深淺（1）本實驗使用淀粉溶液檢測淀粉酶活性，而不用蔗糖溶液，原因是_____。列舉出2項該實驗的無關變量：_____。（2）表中的“？”處應為_____。根據(jù)所學知識可知，④步驟中使用的試劑最可能是_____。若題干中結論成立，則1組的沉淀顏色比2組的沉淀顏色_____（填“深”或“淺”）。（3）若④步驟中保溫時間過長，則對該實驗結果可能造成的影響是_____?！敬鸢浮浚?）①.酶具有專一性，要驗證淀粉酶的活性，底物只能對應淀粉②.溫度、pH（2）①.0．5mL蒸餾水②.斐林試劑③.深（3）1組和2組的沉淀顏色相同【分析】根據(jù)表格數(shù)據(jù)分析可知：實驗的單一變量是小麥籽粒品種，則“加樣”屬于無關變量，應該保持相同，所以步驟①中加入的？是0.5mL蒸餾水作為對照；加入緩沖液的目的是調節(jié)PH，實驗的因變量是顯色結果，沉淀顏色越深，說明淀粉被分解得越多，酶活性越高?！拘?詳解】酶具有專一性，要驗證淀粉酶的活性，底物只能對應淀粉。實驗的單一變量是小麥籽粒品種，因變量是酶活性的大小，因此溫度、pH等均屬于無關變量。【小問2詳解】實驗的單一變量是小麥籽粒品種，則“加樣”屬于無關變量，應該保持相同，所以步驟①中加入的？是0.5mL蒸餾水作為對照。步驟④37℃保溫一定時間后加入試劑并水浴加熱，說明檢測試劑是斐林試劑，用于檢測淀粉的分解產物。題干結論是甲