2025屆陜西省漢中市重點(diǎn)中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中檢測模擬試題含解析

2025屆陜西省漢中市重點(diǎn)中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一種玩具的結(jié)構(gòu)如圖所示，豎直放置的光滑鐵環(huán)的半徑為R=20cm，環(huán)上有一穿孔的小球m，僅能沿環(huán)做無摩擦的滑動，如果圓環(huán)繞著過環(huán)心的豎直軸以10rad/s的角速度旋轉(zhuǎn)（取g=10m/s2），則相對環(huán)靜止時小球與環(huán)心O的連線與O1O2的夾角θ是（）A．60° B．45° C．30° D．75°2、如圖所示，曲線為電荷在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動軌跡，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)，則下列說法正確的是A．電荷在b點(diǎn)的電勢能大于在a點(diǎn)的電勢能B．該電場的方向水平向左C．b點(diǎn)的電勢高于a點(diǎn)的電勢D．電荷在電場中相同時間內(nèi)速度的變化量不相同3、如圖甲所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為m=0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中（彈簧在彈性限度內(nèi)），其速度v和彈簧壓縮量△x之間的函數(shù)圖象如圖乙所示，其中A為曲線的最高點(diǎn)，小球和彈簧接觸瞬間機(jī)械能損失不計，g取10m/s2，則下列說法正確的是A．小球剛接觸彈簧時加速度最大B．該彈簧的勁度系數(shù)為20.0N/mC．從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，彈簧的彈性勢能先增大后減小D．從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，小球的機(jī)械能守恒4、如圖所示，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上放著質(zhì)量為2kg的物體A，處于靜止?fàn)顟B(tài)．若將一個質(zhì)量為3kg的物體B輕放在A上的一瞬間，則A對B的支持力大小為（取g=10m/s2）A．30N B．0 C．15N D．12N5、下列關(guān)于曲線運(yùn)動的說法中，不正確的是（）A．做曲線運(yùn)動的物體，其加速度不可能為零B．平拋運(yùn)動是勻變速運(yùn)動，任意相等時間內(nèi)速度的變化量都相同C．斜上拋運(yùn)動是水平方向的勻速直線運(yùn)動和豎直方向的豎直上拋運(yùn)動的合成D．勻速圓周運(yùn)動雖然不是勻變速運(yùn)動，但任意相等時間內(nèi)速度的變化量仍相同6、如圖所示是火箭點(diǎn)火發(fā)射的某一瞬間，下列說法一定正確的是（）A．火箭受重力、空氣的推力、空氣阻力作用：B．火箭加速升空過程中處于失重狀態(tài)C．發(fā)動機(jī)噴出氣體對火箭的作用力和火箭所受的重力是一對平衡力D．發(fā)動機(jī)噴出氣體對火箭的作用力與火箭對噴出氣體的作用力的大小相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、“兒童蹦極”中，拴在腰間左右兩側(cè)的是懸點(diǎn)等高、完全相同的兩根橡皮繩．如圖所示，質(zhì)量為m的小明靜止懸掛時，兩橡皮繩的夾角為60°（已知重力加速度為g），則A．每根橡皮繩的拉力為mgB．若將懸點(diǎn)間距離變小，則每根橡皮繩所受拉力將變小C．若此時小明左側(cè)橡皮繩在腰間斷裂，則小明此時加速度a＝gD．若拴在腰間左右兩側(cè)的是懸點(diǎn)等高、完全相同的兩根非彈性繩，則小明左側(cè)非彈性繩在腰間斷裂時，小明的加速度a＝8、如圖所示，兩個質(zhì)量為m1=2kg，m2=3kg的物體置于光滑水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧秤連接，兩個大小分別為F1=40N、F2=10N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，下列說法正確的是（）A．彈簧秤的示數(shù)是28NB．彈簧秤的示數(shù)是30NC．在突然撤去F2的瞬間，m1的加速度大小為6m/s2D．在突然撤去F2的瞬間，m2的加速度大小為4m/s29、如圖所示，圖(a)為某一列簡諧橫波在t=0時刻的波動圖象，圖(b)為P質(zhì)點(diǎn)的振動圖象。下列說法正確的有。A．該列波的波速為4m/sB．再經(jīng)過5.5s的過程中P質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路程為22mC．該波沿x軸負(fù)方向傳播D．t=2.75s時P質(zhì)點(diǎn)處于波峰E.若波源在t=1s時刻停止振動，則該波立即停止傳播10、如圖所示，長木板A放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m＝2kg的另一物體B以水平速度v0＝3m/s滑上原來靜止的長木板A的表面，由于A、B間存在摩擦，之后A、B速度隨時間變化情況如圖乙所示，則下列說法正確的是A．木板獲得的動能為2JB．系統(tǒng)損失的機(jī)械能為6JC．木板A的最小長度為1mD．A，B間的動摩擦因數(shù)為0.1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)設(shè)計了一個如圖所示的裝置測定滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)，其中A為滑塊，B和C是質(zhì)量可調(diào)的砝碼，不計繩和滑輪的質(zhì)量及它們之間的摩擦，裝置水平放置．實驗中該同學(xué)在砝碼總質(zhì)量（m＋m′＝m0）保持不變的條件下，改變m和m′的大小，測出不同m下系統(tǒng)的加速度，然后通過實驗數(shù)據(jù)的分析就可求出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)．（1）該同學(xué)手中有電磁打點(diǎn)計時器、紙帶、質(zhì)量已知且可隨意組合的砝碼若干、滑塊、一端帶有定滑輪的長木板、細(xì)線，為了完成本實驗，得到所要測量的物理量，還應(yīng)有（_______）．A．秒表B．毫米刻度尺C．天平D．低壓交流電源（2）實驗中，該同學(xué)得到一條較為理想的紙帶，如圖所示，從清晰的O點(diǎn)開始，每隔4個點(diǎn)取一計數(shù)點(diǎn)（中間4個點(diǎn)沒畫出），分別記為A、B、C、D、E、F，各計數(shù)點(diǎn)到O點(diǎn)的距離為OA＝1.61cm，OB＝4.02cm，OC＝7.26cm，OD＝11.30cm，OE＝16.14cm，OF＝21.80cm，打點(diǎn)計時器打點(diǎn)頻率為50Hz，則由此紙帶可得到打E點(diǎn)時滑塊的速度v＝______m/s，此次實驗滑塊的加速度a＝_____m/s2.（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（3）在實驗數(shù)據(jù)處理中，該同學(xué)以m為橫軸，以系統(tǒng)的加速度a為縱軸，繪制了如圖所示的實驗圖線，結(jié)合本實驗可知滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ＝_______.（g取10m/s2）．12．（12分）游標(biāo)卡尺讀數(shù)：___________mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某人在一星球上以速度v0豎直上拋一物體，經(jīng)t秒鐘后物體落回手中，已知星球半徑為R，引力常量為G，求:(1)該星球的質(zhì)量(2)該星球的第一宇宙速度14．（16分）如圖甲所示，滑道項目大多建設(shè)在景區(qū)具有一定坡度的山坡間，成為游客的代步工具，又可以增加游玩的趣味性，在某景區(qū)擬建一個滑道，示意圖如圖乙，滑道共三段，第一段是傾角比較大的加速下坡滑道AB，第二段是傾角比較小的滑道BC，游客在此段滑道恰好做勻速運(yùn)動，若游客從靜止開始在A點(diǎn)以加速度做勻加速運(yùn)動，經(jīng)過4s到B點(diǎn)并達(dá)到最大速度16m/s，然后進(jìn)入BC段做勻速運(yùn)動，設(shè)計的第三段上坡滑道CD作為下客平臺，使游客做勻減速運(yùn)動后速度減為零（乘客經(jīng)過兩段軌道銜接處可視作速度大小不變），游客乘坐滑道，從山頂A處到達(dá)下客平臺D處總共用時8.5s，游客在各段滑道運(yùn)動的總路程為92m，求：（）在AB段運(yùn)動加速度的大??；（）AB段的距離；（）乘客在BC段勻速運(yùn)動的時間．15．（12分）月球繞地球近似做勻速圓周運(yùn)動．已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，月球距離地球表面的高度為H，不考慮自轉(zhuǎn)．（1）求月球繞地球運(yùn)動的速度v的大小和周期T；（2）月球距離地球表面的高度H約為地球半徑R的59倍．a(chǎn)．求月球繞地球運(yùn)動的向心加速度a的大??；b．我們知道，月球表面的重力加速度約為地球表面重力加速度g的1/6，即，分析說明月球表面的重力加速度與月球繞地球運(yùn)動的向心加速度a之間的不一致是否矛盾．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】小球轉(zhuǎn)動的半徑為Rsinθ，小球所受的合力垂直指向轉(zhuǎn)軸，根據(jù)平行四邊形定則和牛頓第二定律：F合＝mgtanθ＝mRsinθω2，解得：θ=60°，故C正確，ABD錯誤．2、A【解析】

由于做曲線運(yùn)動的物體所受的合外力指向曲線的凹側(cè)，可得電荷的受力如圖所示（F為電荷所受的電場力）：A.電荷從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)的過程中，由上圖可知，電場力的方向與運(yùn)動的方向成鈍角；又由W=F?s?cosθ得電場力對電荷做負(fù)功，電荷的電勢能變大，故電荷在b點(diǎn)的電勢能大于在a點(diǎn)的電勢能；故A正確。BC.題目沒有告知電荷的電性與電場方向，僅由電荷的運(yùn)動軌跡無法判斷電場中不同點(diǎn)的電勢高低與電場方向，故BC錯誤。D.勻強(qiáng)電場，電場力恒定，加速度恒定，所以電荷做勻變速曲線運(yùn)動，相同時間內(nèi)速度變化量相同，故D錯誤。3、B【解析】

A．小球剛接觸彈簧時的加速度為g，不是最大，小球在速度減小到最小時加速度最大，A錯誤；B．由圖像可知，彈簧壓縮量為，此時彈簧對小球的力等于小球的重力，由胡克定律，解得該彈簧的勁度系數(shù)為20.0N/m，B正確；CD．從小球接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，剛開始彈簧對小球的力小于小球的重力，小球的速度繼續(xù)增大，小球的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，當(dāng)彈簧對小球的力大于小球的重力時，小球的速度減小，直到減為零，此時彈簧的彈性勢能最大，所以整個過程，彈簧的彈性勢能一直在增大，由于小球的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，所以小球的機(jī)械能不守恒，故CD錯誤。4、D【解析】

根據(jù)題意可知考查牛頓第二定律瞬時性，先用整體法計算加速度，再用隔離法分析物體B，用牛頓第二定律列方程便可求得．【詳解】初始時刻，彈簧的彈力等于A的重力，即，將一個質(zhì)量為3kg的物體B豎直向下輕放在A上的一瞬間，整體的加速度隔離對B分析，，解得．故D符合題意，A、B、C不符合題意．【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地選擇研究對象并進(jìn)行受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，掌握整體法和隔離法的運(yùn)用．對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的大小，再隔離對B分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出A對B的支持力大小，根據(jù)牛頓第三定律得出B對A的壓力大小．5、D【解析】

曲線運(yùn)動速度方向在改變，一定具有加速度．平拋運(yùn)動是加速度不變的勻變速曲線運(yùn)動，圓周運(yùn)動的加速度方向時刻在改變．根據(jù)斜拋運(yùn)動水平方向和豎直方向上的受力情況判斷水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律?！驹斀狻緼項：曲線運(yùn)動的物體速度一定變化，一定有速度的變化量，則一定具有加速度，故A正確；B項：平拋運(yùn)動的加速度不變，做勻變速曲線運(yùn)動，在任意相等時間內(nèi)的速度變化量相同，故B正確；C項：斜上拋運(yùn)動分解為水平方向和豎直方向，在水平方向上有初速度，不受外力作用，做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上，有向上的初速度，僅受重力，做豎直上拋運(yùn)動，故C正確；D、勻速圓周運(yùn)動加速度的方向在變化，不是勻變速運(yùn)動，相等時間內(nèi)速度的變化量方向不同，故D錯誤。本題選錯誤的，故選：D?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動和圓周運(yùn)動的特點(diǎn)，會根據(jù)物體在水平方向和豎直方向上的受力情況分析運(yùn)動規(guī)律。6、D【解析】

A項：火箭受重力、發(fā)動機(jī)噴出氣體對火箭的作用力，故A錯誤；B項：火箭加速升空過程中處于超重狀態(tài)，故B錯誤；C項：由于火箭加速升空所以動機(jī)噴出氣體對火箭的作用力比火箭所受的重力更大，故C錯誤；D項：發(fā)動機(jī)噴出氣體對火箭的作用力與火箭對噴出氣體的作用力為一對作用力與反作用力，所大小相等，故D正確．故應(yīng)選D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

由題意可知考查力的平衡問題，牛頓第二定律瞬時性，根據(jù)彈性繩、非彈性繩的特點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律分析計算可得?！驹斀狻績筛鹌だK止的拉力大小相等，設(shè)每根橡皮繩的拉力為F，則2Fcos30°=mg，則:F=故A錯誤；B.當(dāng)合力一定時，兩分力夾角越小，分力越小，所以將懸點(diǎn)間距離變小，每根橡皮繩所受拉力將變小，故B正確；C.彈性繩上的彈力不會突變，小明左側(cè)橡皮繩在腰間斷裂，左側(cè)繩子拉力該瞬間不變，重力不變，則小明此時所受的合力與原來左側(cè)橡皮繩拉力等大反向，加速度，故C錯誤；D.若拴在腰間左右兩側(cè)的是懸點(diǎn)等高、完全相同的兩根非彈性繩，則小明左側(cè)非彈性繩在腰間斷裂時，左側(cè)繩子拉力瞬間變?yōu)榱?，右?cè)繩子的垃力發(fā)生突變，將重力沿繩垂直繩分解，沿繩方向該瞬間合力為零，垂直繩子方向合力為mgsin30°，由牛頓第二定律可知可得小明的加速度:a＝故D正確?！军c(diǎn)睛】當(dāng)合力一定時，兩分力夾角越?。ㄔ酱螅?，分力越?。ㄔ酱螅?，彈性繩子上的拉力不能突變，非彈性繩子上的拉力能突變。8、AC【解析】

以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律可知，系統(tǒng)的加速度，方向水平向右；設(shè)彈簧秤的拉力是F，以m1為研究對象，由牛頓第二定律得：F1-F=m1a，則F=F1-m1a=28N，故A正確，B錯誤；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m1受力情況不變，m1受的合力不變，由牛頓第二定律可知，m1的加速度不變，故C正確；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m2不再受F2的作用，m2受的合力等于彈簧的彈力，發(fā)生變化，由牛頓第二定律可知，m2的加速度：，故D錯誤；故選AC．【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用整體法和隔離法結(jié)合求解彈簧秤的彈力，是常用的方法．撤去外力時，彈簧的彈力不能突變．9、ACD【解析】

A．由圖象a可知波長λ=4m圖b可知，波的周期T=1s，所以這列簡諧橫波的波速為故A正確；B．由于5.5s=5T，則再經(jīng)過

5.5s

的過程中

P

質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路程為

22×0.2m=4.4m，故B錯誤；C．由振動圖象可知t=0時P質(zhì)點(diǎn)向下振動，可知該波沿x

軸負(fù)方向傳播，故C正確；D．t=2.75s=2T，此時

P

質(zhì)點(diǎn)處于波峰，故D正確；E．若波源在

t=1s

時刻停止振動，則該波仍在介質(zhì)中繼續(xù)傳播，故E錯誤；10、AB【解析】

A．由圖示圖象可知，木板獲得的速度為v=1m/s，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：M=4kg木板A的質(zhì)量為M=4kg，木板獲得的動能為：。故A正確。

B．系統(tǒng)損失的機(jī)械能：，代入數(shù)據(jù)解得：△Ek=6J故B正確。

C．由圖得到：0-1s內(nèi)B的位移為：A的位移為：木板A的最小長度為：L=xB-xA=1.5m。故C錯誤。D．由圖示圖象可知，B的加速度：，負(fù)號表示加速度的方向，由牛頓第二定律得：μmBg=mBa，代入解得：μ=0.2故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD0.530.810.3【解析】

(1)[1].A.打點(diǎn)計時器通過打點(diǎn)即可知道時間，故不需要秒表，故A錯誤．B.實驗需要測量兩點(diǎn)之間的距離，故需要毫米刻度尺和，故B正確．C.本實驗中可以不測滑塊的質(zhì)量，而且砝碼的質(zhì)量已知，故天平可以不選，故C錯誤．D.電磁打點(diǎn)計時器要用到低壓交流電源，故D正確．(2)[2].每隔4個點(diǎn)取一計數(shù)點(diǎn)，相鄰計數(shù)點(diǎn)之間的時間間隔為0.1s，故用平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：[3].由△x=at2可得：(3).