2025屆安徽省合肥三中物理高二第一學期期中達標檢測試題含解析

2025屆安徽省合肥三中物理高二第一學期期中達標檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在水平桌面上，用彈簧測力計沿水平方向拉一重25N的木塊做勻速直線運動，彈簧測力計的示數為15N，木塊受到的摩擦力大小是A．10NB．15NC．20ND．25N2、一勻強電場的方向平行于xOy平面,平面內a、b、c三點的位置如圖所示,三點的電勢分別為10V、17V、26V。下列說法正確的是()A．電場強度的大小為2.5V/cmB．坐標原點處的電勢為2VC．電子在a點的電勢能比在b點的低7eVD．電子從b點運動到c點,電場力做功為-9eV3、關于磁場和磁感線的描述，正確的說法是：（）A．磁感線從磁體的N極出發(fā)，終止于S極B．磁場的方向就是通電導體在磁場中某點受磁場作用力的方向C．沿磁感線方向，磁場逐漸減弱D．在磁場強的地方同一通電導體受的安培力可能比在磁場弱的地方受的安培力小4、用圖示的電路可以測量電阻的阻值．圖中Rx是待測電阻，R0是定值，G是靈敏度很高的電流表，MN是一段均勻的電阻絲．閉合開關，改變滑動頭P的位置，當通過電流表G的電流為零時，測得MP=l1，PN=l2，，則Rx的阻值為（）A． B． C． D．5、在物理學的發(fā)展過程中，科學的物理思想與方法對物理學的發(fā)展起到了重要作用，下列關于物理思想和方法說法不正確的是（）A．質點、點電荷、試探電荷是同一種思想方法B．重心、合力都體現了等效思想C．伽利略在研究自由落體運動時運用了理想實驗的方法D．伽利略首次提出“提出假說，數學推理，實驗驗證，合理外推“的科學推理方法6、如圖所示，足夠大的光滑絕緣水平面上有兩個帶正電的小球，A球的電荷量是B球的兩倍，A對B的庫侖力大小為F1，B對A的庫侖力大小為F2。兩小球從圖示位置由靜止釋放后()A．F1、F2保持不變，且F1=F2B．F1、F2保持不變，且F1=2F2C．F1、F2逐漸減小，且F1=F2D．F1、F2逐漸減小，且F2=2F1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電流表、電壓表均為理想電表，L為小電珠．R為滑動變阻器，電源電動勢為E，內阻為r．現將開關S閉合，當滑動變阻器滑片P向左移動時，下列結論正確的是（）A．電流表示數變小，電壓表示數變大B．小電珠L變亮C．電容器C上電荷量增大D．電源的總功率變大8、一帶電粒子沿圖中曲線穿過一勻強電場中的等勢面，且四個等勢面的電勢關系滿足φa>φb>φc>φd，若不計粒子所受重力，則()A．粒子一定帶負電B．粒子的運動是勻變速運動C．粒子從A點到B點運動的過程中動能先減小后增大D．粒子從A點到B點運動的過程中電勢能減小9、某負點電荷Q產生的電場中的一條電場線如圖所示，A、B為電場線上的兩點．以下判斷正確的是()A．A、B兩點電場強度的大小關系是EA＞EBB．B點的電場強度方向由B指向AC．質子由A點移動到B點電場力做負功D．質子由A點移動到B點電場力做正功10、如圖所示，實線是電場線，虛線是一帶電粒子在電場中的運動軌跡，假設帶電粒子只受電場力作用，判斷下列說法正確的是（）A．粒子帶負電B．帶電粒子受到的電場力向下C．帶電粒子的速度不變D．帶電粒子的加速度不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，（1）某同學畫出了如圖所示的小燈泡的伏安特性曲線。根據此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻______。（填“變大”、“變小”或“不變”）（2）如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5V，內阻為5Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是________W.（保留兩位有效數字）12．（12分）小華和小明在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，將實驗數據記錄在下表中：電壓U/V0.000.200.400.701.001.301.702.102.50電流I/A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46(1)實驗室有兩種滑動變阻器供選擇：A．滑動變阻器（阻值范圍0~10Ω、額定電流3A）B．滑動變阻器（阻值范圍0~2000Ω、額定電流1A）實驗中選擇的滑動變阻器是________。（填寫字母序號）(2)在圖甲中用筆畫線代替導線，將實驗電路連接完整_______。(3)開關閉合前，滑動變阻器的滑片應滑至________（選填“左”或“右”）端。(4)利用表中數據，在圖乙中畫出小燈泡的U－I圖線______。(5)他們在U－I圖像上找到小燈泡工作電壓為2.0V時坐標點，計算此狀態(tài)的電阻值時，小明提出用圖像上該點曲線斜率表示小燈泡的阻值；小華提出該點與坐標原點連線的斜率表示小燈泡的阻值。你認為________的方法正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，放在平行光滑導軌上的導體棒ab質量為0.1kg，長為0.5m，導軌與水平面成30°角，導體棒與導軌垂直，空間有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度為2T，若要使導體棒處于靜止狀態(tài)，那么：(1)棒中應通以什么方向的電流？電流強度應多大？(2)在上述電流的情況下，欲使導體棒靜止在導軌上，求外加的勻強磁場的磁感應強度的最小值及方向。14．（16分）如圖甲所示，n=15匝的圓形線圈M，其電阻為1Ω，它的兩端點a、b與阻值為2Ω的定值電阻R相連，穿過線圈的磁通量的變化規(guī)律如圖乙所示．（1）判斷a、b兩點的電勢高低；（2）求a、b兩點的電勢差．15．（12分）如圖所示，一帶電荷量為＋q、質量為m的小物塊處于一傾角為37°的光滑斜面上，當整個裝置被置于一水平向右的勻強電場中，小物塊恰好靜止．重力加速度取g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：（1）水平向右電場的電場強度的大小；（2）若將電場強度減小為原來的，小物塊的加速度是多大；

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

考查勻速直線運動。【詳解】勻速直線運動，受力平衡，水平方向合力為零，即摩擦力與彈簧測力計拉力等大反向，大小為15N，B正確，ACD錯誤，故選B。2、A【解析】

A．經過b點做等勢線與ac交于d點，則d點的電勢為17V，所以過cf垂直bd于f，根據幾何關系可知cf=3.6cm，則電場強度：故A項正確。B．根據：因a、b、c三點電勢分別為φa=10V、φb=17V、φc=26V，解得原點處的電勢為1V，故B錯誤；C．電子在a點的電勢能高于b點，故C錯誤。D．電子從b點運動到c點，電場力做正功：故D錯誤。3、D【解析】磁感線從磁體的N極出發(fā)，進入S極,形成閉合曲線．電流所受磁場力方向垂直于磁場和電流所確定的平面．磁感線的疏密能表示磁場強弱，沿著磁感線磁場不一定減弱．安培力的大小除了和磁場強弱電流大小有關以外，還與磁場與電流的方向夾角有關，所以在磁場強的地方同一通電導體受的安培力可能比在磁場弱的地方受的安培力小．答案選D．4、C【解析】

電阻絲MP段與PN段電壓之比等于R0和Rx的電壓比，即；通過電流表G的電流為零，說明通過電阻絲兩側的電流是相等的，而總電流一定，故通過R0和Rx的電流也相等，故；根據電阻定律公式，有；故，解得．故選C．5、C【解析】質點和輕彈簧均采用了理想模型法，故是同一種思想方法，故A說法正確；重心、合力都體現了等效思想，故B說法正確；伽利略在研究自由落體運動時運用實驗和邏輯推理相結合的方法，故C說法錯誤；伽利略首次提出“提出假說，數學推理，實驗驗證，合理外推“的科學推理方法，故D說法正確．所以選C．6、C【解析】

兩球之間的作用力是作用力與反作用力，故，同種電荷互相排斥，兩小球相距會越來越遠，根據庫侖定律可知庫侖力與距離的二次方成反比，故逐漸減??；【詳解】兩小球都帶正電，同種電荷互相排斥，故兩小球相距會越來越遠，根據庫侖定律可知庫侖力與距離的二次方成反比，故逐漸減小，根據牛頓第三定律可知，A對B的庫侖力大小為與B對A的庫侖力大小為是作用力與反作用力，故，故C正確、ABD錯誤?！军c睛】本題要知道A對B的庫侖力大小為F1與B對A的庫侖力大小為F2是作用力與反作用力，根據牛頓第三定律可知。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】當滑動變阻器滑片P向左移動時，電阻增大，由“串反并同”可知，與之并聯的電壓表示數增大，與之串聯的燈泡L電流減小，同理判斷電流表示數減小，路端電壓增大，電容器兩端電壓增大，由Q=CU可知電量增大，C對；8、ABD【解析】

A．根據電場線和等勢線垂直，且從高電勢處指向低電勢處，得知電場沿豎直向下方向，而粒子的軌跡向上彎曲，則知電場力豎直向上，所以粒子帶負電，故A正確；B．粒子所受的電場力是恒力，粒子做勻變速運動，故B正確；C．粒子從A點到B點運動的過程中，粒子的電場力向上，軌跡向上彎曲，則電場力對粒子做正功，其動能逐漸增大，其電勢能減小，故C錯誤，D正確。9、ABC【解析】由公式E=kQr2知，E與r2成反比，所以EA＞EB，故A正確；根據電場線的分布從無窮遠處出發(fā)到負電荷終止，可知B點的電場強度方向由B指向A，故B正確；質子由A點移動到B點過程中，所受的電場力方向由B點到A點，電場力方向與位移方向相反，則電場力做負功，故C正確，D錯誤。所以ABC10、BD【解析】

由粒子的偏轉方向可得出粒子的受力方向，以及電性，由功的計算可得出電場力做功的正負，由動能定理可得出粒子動能的變化；由牛頓第二定律判斷加速度的變化；【詳解】A、由圖可知，粒子向下偏轉，則說明粒子所受的電場力方向豎直向下，則粒子帶正電，故A錯誤，B正確；

C、由圖可知，粒子向下偏轉，電場力做正功，說明粒子速度增大，故C錯誤；D、由于勻強電場的場強不變，則粒子受到電場力不變，根據牛頓第二定律可知其加速度不變，故選項D正確。【點睛】本題是電場中軌跡問題，關鍵要能根據軌跡彎曲方向判斷出電場力的方向，掌握電場力做正功，電勢能減小，判斷動能的變化，以及由牛頓第二定律判斷加速度的變化。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)變大(2)0.10W【解析】（1）由于坐標原點與圖象上某點連線的斜率倒數等于電阻，此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻變大；（2）電源的電動勢為1.5V，電流與路段電壓的關系式為：U=E-Ir=1.5-5I,在圖中作出電流與路段電壓的圖線，如圖交點坐標即為小燈泡的實際電壓和電流，故功率為P=UI=1×0.1w=0.1w12、A左端小華【解析】

(1)[1]由表可知燈泡的電阻大約在幾歐左右，為了便于測量，滑動變阻器選擇0-10Ω的，故選A。(2)[2]由于燈泡的電壓和電流從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法；電流表采用外接法。實物連線圖如圖所示：(3)[3]為了保護測量電路，開關閉合前，滑動變阻器的滑片應滑至最左端。(4)[4]小燈泡的U-I圖線如圖所示：(5)[5]根據歐姆定律可知，電阻的大小為該點與坐標原點連線的斜率，故小華正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）b到a方向，；（2）垂直于導軌斜面向上，【解析】

（1）由左手定則可知，棒中應通b到a方向的電流導體棒受到的安培力要使導體棒處于靜止狀態(tài)，需滿足解得聯立解得代入數值得（2）當磁感應強度垂直于導軌斜面向上時，磁感應強度最小代入數值解得14、（1）a點電勢比b點高；（2）a、b兩點的電勢差2V．【解析】

（1）由Φ-t圖象知，穿過M的磁通量均勻增加，根據楞次定律可知a點電勢比b點高，（2）由法拉第電磁感應定律得：E=n=15×0.2V=3V．由閉合電路歐姆定律得：I==A=1A電壓為：Uab=