2025屆江西省吉安一中、九江一中等八所重點中學物理高二上期末預測試題含解析

2025屆江西省吉安一中、九江一中等八所重點中學物理高二上期末預測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于磁感應強度的方向，下列說法中正確的是A.小磁針在磁場中某一位置處S極的指向就是該處磁感應強度的方向B.垂直于磁場方向放置的一小段通電導體的受力方向就是該處磁感應強度的方向C.磁感線在某一位置處的切線方向就是該處磁感應強度的方向D.運動電荷在某一位置處所受的洛倫茲力的方向就是該處磁感應強度的方向2、下列關(guān)于電場力和洛倫茲力的說法中，正確的是（）A.電荷在電場中一定受到電場力的作用B.運動電荷在磁場中一定受到洛倫茲力的作用C.同一電荷所受電場力小的地方，該處電場強度不一定弱D.同一運動電荷所受洛倫茲力小的地方，該處磁感應強度一定弱3、如圖所示，在原來不帶電的金屬細桿ab附近P處，放置一個正點電荷．達到靜電平衡后，()A.a端的電勢比b端的高B.b端的電勢比d點的低C.a端的電勢不一定比d點的低D.桿內(nèi)c處場強的方向由a指向b4、邊長為L的閉合正三角形金屬框架，左邊豎直且與磁場右邊界平行，完全處于垂直框架平面向里的勻強磁場中.現(xiàn)用外力F把框架水平勻速拉出磁場（如圖），若用E表示感應電動勢大小，P表示外力的功率，則各物理量與框架運動位移x的關(guān)系圖像正確的是（）A. B.C. D.5、如圖所示是示波管的原理示意圖，XX′和YY′上不加電壓時，在熒光屏的正中央出現(xiàn)一亮斑，現(xiàn)將XX′和YY′分別連接如圖甲乙所示電壓，從熒光屏正前方觀察，你應該看到的是圖中哪一個圖形？A. B.C. D.6、如圖所示，小球和光滑斜面接觸，并處于靜止狀態(tài)，則關(guān)于小球的受力情況，下列分析正確的是A.小球只受重力、繩的拉力作用B.小球只受重力、斜面的彈力作用C.小球只受繩的拉力、斜面的彈力作用D.小球受到重力、繩的拉力和斜面的彈力作用二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在沒有磁場的情況下帶電粒子（不計重力）以初速度v0沿截面直徑方向入射，穿過此區(qū)域的時間為t。在該區(qū)域加沿軸線方向的勻強磁場，磁感應強度為B，帶電粒子仍以同一初速度沿截面直徑入射，粒子飛出此區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，根據(jù)上述條件下列說法正確的是（）A.該粒子帶正電 B.帶電粒子在磁場中運動的時間為C.帶電粒子在磁場中運動的半徑為 D.帶電粒子的比荷為8、一個空氣平行板電容器，極板間距離為d，正對面積為S，充以電荷量Q后，兩極板間電壓為U，為使電容器的電容加倍，可采用的辦法是()A.將電壓變?yōu)閁/2B.將帶電荷量變?yōu)?QC.將極板正對面積變2SD.將兩極間充滿介電常數(shù)為2的電介質(zhì)9、如圖甲，在同一水平桌面上放有一長直導線MN和一矩形導線框abcd，導線MN固定，導線框在MN的右側(cè)．導線MN中通有電流i，i的變化如圖乙所示，規(guī)定從N到M為電流正方向．導線MN通電過程中導線框始終靜止，則()A.0~t1時間內(nèi)，導線框中產(chǎn)生adcba方向感應電流，且大小不變B.0~t1時間內(nèi)，導線框受到水平向左的摩擦力，且大小不變C.t1~t3時間內(nèi)，導線框產(chǎn)生的感應電流方向不變，受到摩擦力的方向也不變D.在t1時刻導線框中感應電流改變方向，在t2時刻導線框不受摩擦力10、如圖所示，速度選擇器中勻強電場的電場強度為E，勻強磁場的磁感應強度為，擋板右側(cè)質(zhì)譜儀中勻強磁場的磁感應強度為，速度相同的一束帶電粒子（不計重力），由左側(cè)沿垂直于E和的方向射入速度選擇器做直線運動，通過狹縫后進入質(zhì)譜儀，其運動軌跡如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.該束帶電粒子帶負電B.能通過狹縫的帶電粒子的速率等于C.粒子打在膠片上的位置越遠離狹縫S0，粒子的比荷越小D.能通過狹縫S0的帶電粒子進入質(zhì)譜儀后運動半徑都相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學想用以下器材組裝一只歐姆表，并比較精確地測量一只幾千歐電阻的阻值A(chǔ)．電流計，滿偏電流為1mA，內(nèi)阻為20ΩB．電流計，滿偏電流為0.6A，內(nèi)阻為5ΩC．電動勢15V，內(nèi)阻5Ω的直流電源D．電動勢3V，內(nèi)阻3Ω的直流電源E．最大阻值為5000Ω的滑動變阻器F．最大阻值為100Ω的滑動變阻器(1)以上器材應選用________(填字母)，并在下面虛線框內(nèi)畫出所組裝的歐姆表的內(nèi)部電路結(jié)構(gòu)圖_____(2)若用此歐姆表測量電阻，發(fā)現(xiàn)指針指在滿偏電流的三分之一處，則此電阻的阻值約為________Ω.(3)如果電池長期未用，導致內(nèi)阻增大，電動勢基本不變，且仍然能正常調(diào)零，這將導致測量的結(jié)果________(選填“偏大”“偏小”或“準確”)12．（12分）利用如圖所示的電路測定電源的電動勢和內(nèi)電阻(1)若閉合電鍵S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向a，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電壓表的讀數(shù)U(2)若斷開S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向b，改變電阻箱R阻值得到一系列的電流表的讀數(shù)I(3)某同學分別按照以上兩種方式完成實驗操作之后，利用圖線處理數(shù)據(jù)，得到如下兩個圖象(如圖①和②所示)，縱軸截距分別是b1、b2，斜率分別為k1、k2若忽略電壓表的分流和電流表的分壓作用，則步驟(1)中測得的電動勢E1=___________；內(nèi)阻r1=___________．(用k1、b1表示)步驟(2)中測得的電源內(nèi)阻r2=比真實值_________(填偏大、相等、或偏小)若不能忽略電壓表的分流和電流表的分壓作用，則：結(jié)合兩組圖像可計算出該電源的真實電動勢E=，真實內(nèi)阻r=_________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示是磁動力電梯示意圖，即在豎直平面上有兩根很長的平行豎直軌道，軌道間有垂直軌道平面交替排列的勻強磁場B1和B2，B1=B2=1.0T，B1和B2的方向相反，兩磁場始終豎直向上作勻速運動．電梯轎廂固定在如圖所示的金屬框abcd內(nèi)（電梯轎廂在圖中未畫出），并且不絕緣．已知電梯載人時的總質(zhì)量為4.75×103kg，所受阻力f=500N，金屬框垂直軌道的邊長Lcd=2.0m，兩磁場的寬度均與金屬框的邊長Lad相同，金屬框整個回路的電阻R=9.010-4，g取10m/s2．假如設計要求電梯以v110m/s的速度勻速上升，求：（1）金屬框中感應電流的大小及圖示時刻感應電流的方向；（2）磁場向上運動速度v0的大??；（3）該磁動力電梯以速度v1向上勻速運動時，提升轎廂的效率14．（16分）如圖所示,LMN是豎直平面內(nèi)固定光滑絕緣軌道,MN水平且足夠長,LM下端與MN相切.質(zhì)量為m的帶正電小球B靜止在水平軌道上,質(zhì)量為2m的帶正電小球A從LM上距水平軌道高為h處由靜止釋放,在A球進入水平軌道之前,由于A、B兩球相距較遠,相互作用力可認為是零,A球進入水平軌道后,A、B兩球間相互作用視為靜電作用.帶電小球均可視為質(zhì)點.已知A、B兩球始終沒有接觸.重力加速度為g.求：(1)A球剛進入水平軌道時的速度大小v0；(2)A、B兩球相距最近時A球的速度大小v及此時A、B兩球組成系統(tǒng)的電勢能EP.15．（12分）如圖所示，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R1=3Ω,R2=2Ω，R3=4Ω,水平放置的平行板電容器的電容C=100μF，開關(guān)S斷開后，電容器中的帶電粒子處于靜止狀態(tài)，取g=10m/s2，求：（1）開關(guān)S閉合后，帶電粒子加速度大小和方向；（2）開關(guān)S閉合后，流過電阻R3的總電荷量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．磁感應強度是矢量，方向與小磁針在該點靜止時S極指向相反，故A錯誤；B．某處磁感應強度的方向與一小段通電導體放在該處時所受磁場力的方向垂直，故B錯誤；C．磁感線上某處的切線方向就是該處磁感應強度的方向，故C正確；D．根據(jù)左手定則可知，運動電荷受到的洛倫茲力的方向始終與磁場方向垂直，故D錯誤。故選C。2、A【解析】A、電荷只要在電場中就會受到電場力作用，運動電荷在磁場中，與磁場方向平行，不會受到洛倫茲力的作用，故A正確，B錯誤；C、根據(jù)知，同一電荷越小，則越小，故C錯誤；D、根據(jù)得，F(xiàn)與v、B的大小和方向都有關(guān)，故同一運動電荷所受洛倫茲力小的地方，該處磁感應強度不一定弱，故D錯誤【點睛】考查電場力、洛倫茲力與電場線及磁場線的方向關(guān)系，掌握左手定則，注意與右手定則的區(qū)別，理解洛倫茲力產(chǎn)生的條件3、B【解析】ABC．達到靜電平衡后，導體為等勢體，導體上的電勢處處相等，所以可以得到φd＞φb=φc=φa故AC錯誤，B正確；D．由于桿處于靜電平衡狀態(tài)，所以內(nèi)部的場強處處為零，選項D錯誤故選B4、B【解析】根據(jù)幾何知識找出框架切割磁感線的有線長度L與框架穿出磁場的距離x的關(guān)系，由E=BLv求出感應電動勢，應用歐姆定律求出感應電流，應用安培力公式求出安培力，應用平衡條件求出拉力，應用P=Fv求出拉力的功率，然后分析圖示圖象答題【詳解】當框架穿出磁場x距離后，線框切割磁感線的有效長度：L=2xtan30°=x，感應電動勢：E=BLv=Bxv，E與x成正比，故A錯誤，B正確；感應電流：；安培力：FA=BIL=x2，框架做勻速直線運動，由平衡條件得：F=FA=x2，故C錯誤；拉力的功率：P=Fv=x2，故D錯誤；故選B【點睛】本題以圖象的形式考查了導體棒切割磁感線時感應電動勢的計算、安培力的計算、功率的計算；根據(jù)相應的物理規(guī)律、公式推導出縱橫坐標所表示物理量之間的關(guān)系是處理圖象問題的關(guān)鍵5、D【解析】示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【詳解】設加速電場的電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電場的電壓為U2，偏轉(zhuǎn)電極的長度為L，板間距離為d，根據(jù)推論得知，偏轉(zhuǎn)距離為，可見，偏轉(zhuǎn)距離與偏轉(zhuǎn)電壓U2成正比，由幾何知識得知，電子在熒光屏偏轉(zhuǎn)的距離也與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，則偏轉(zhuǎn)電極XX′上加上隨時間作線性變化的電壓時，電子在熒光屏偏轉(zhuǎn)的距離與時間也是線性關(guān)系，形成一條亮線，若電壓是周期性變化，就可以使電子在水平方向不斷掃描．在偏轉(zhuǎn)電極YY′上加按正弦規(guī)律變化的電壓，電子在熒光屏偏轉(zhuǎn)的距離按正弦規(guī)律變化，而在偏轉(zhuǎn)電極XX′上加適當頻率的掃描電壓，水平方向電子不斷從右向左勻速掃描，在熒光屏上出現(xiàn)一條正弦曲線；由于X方向的電壓變化的周期為T0，而Y方向變化的周期為2T0，所以在2T0時間內(nèi)X方向變化2次，Y方向變化一次．在熒光屏上將出現(xiàn)由兩條線組成的圖象；由于開始時X方向與Y方向的電壓都是0，所以兩條線在坐標原點交叉．故D正確，ABC錯誤，故選D【點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，要用運動的合成與分解的正交分解思想進行思考，注意兩極所加電勢差的正負6、D【解析】地面附近物體一定受重力，故小球一定受重力；細繩拉緊，說明細繩對小球有拉力，且拉力方向沿繩子方向向上；假設小球不受斜面的彈力，則小球不可能處于平衡狀態(tài)，故小球一定受斜面的彈力；故小球受重力、繩的拉力以及斜面上的彈力作用，故D正確，ABC錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．根據(jù)左手定則可知該粒子帶正電，故A正確；BCD．沒有磁場時，粒子做勻速直線運動，故有加上磁場后，軌跡如圖根據(jù)幾何關(guān)系，則有帶電粒子在磁場中運動的半徑為根據(jù)幾何關(guān)系可知粒子轉(zhuǎn)過的圓心角，粒子在磁場中做圓周運動的運動時間粒子磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得帶電粒子的比荷為故C正確，B、D錯誤；故選AC。8、CD【解析】AB．電容器的電容和電容器極板上的電荷量、電壓無關(guān)，所以選項A、B不正確；CD．根據(jù)公式C＝可知選項C、D正確。故選CD。9、AD【解析】A.在0到t1時間過程中，MN中電流均勻增大，則穿過矩形導線框abcd的磁通量均勻增加，根據(jù)楞次定律可知，導線框中產(chǎn)生的感應電流方向為adcba方向，因磁通量的變化率恒定，則感應電動勢恒定不變，感應電流不變，故A正確；B.由左手定則可知，0~t1時間內(nèi)，ad邊受安培力向右，bc邊受安培力向左，因ad邊受到的安培力大于bc邊，則導線框受到的安培力的合力向右，則線框受到水平向左的摩擦力，因直導線中的電流逐漸增加，則安培力逐漸變大，則線框受到的摩擦力逐漸變大，選項B錯誤；C.從t1到t3時間過程中，電流先正向均勻減小，后反向均勻增大，根據(jù)楞次定律可知，導線框中產(chǎn)生的感應電流方向順時針，感應電流的大小和方向均保持不變，但是由于直導線MN中的電流方向發(fā)生變化，則線框受到的安培力方向變化，則所受的摩擦力方向發(fā)生變化，故C錯誤；D.在t1時刻直導線中的電流由增大變?yōu)闇p小，根據(jù)楞次定律，則導線框中感應電流改變方向，在t2時刻直導線中的電流為零，則電流產(chǎn)生的磁場的磁感應強度為零，則線框受到的安培力為零，則此時導線框不受摩擦力，故D正確10、BC【解析】考查粒子在速度選擇器中受力平衡，粒子進入右側(cè)磁場后，根據(jù)圓周運動基本公式分析問題?！驹斀狻緼．進入右側(cè)磁場B2后，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，可知粒子帶正電荷，A錯誤；B．在通過狹縫的過程中，粒子做直線運動，一定有因此，粒子運動速度B正確；C．粒子在磁場中做勻速度圓周運動軌道半徑又由于粒子在磁場中運動了半周，因此可得因此S0越大比荷越小，C正確；D．根據(jù)通過狹縫的粒子速度相等，而比荷不一定相等，因此軌道半徑不一定相等，D錯誤。故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.ADE②.③.6000④.準確【解析】(1)歐姆表的中值電阻等于歐姆表的內(nèi)電阻，調(diào)零時電流表應該滿偏；要測量一只約幾千歐電阻的阻值，故中值電阻至少幾千歐，然后根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析；(2)同樣根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解；(3)電源的內(nèi)阻不會影響測量結(jié)果，電源電動勢發(fā)生變化會影響測量結(jié)果【詳解】(1)歐姆表的中值電阻等于歐姆表的內(nèi)電阻，調(diào)零時電流表應該滿偏，題中電源和電流表有四種組合：組合一：AC組合，根據(jù)歐姆定律，調(diào)零后內(nèi)阻為：組合二：BC組合，根據(jù)歐姆定律，調(diào)零后內(nèi)阻為：組合三：AD組合，根據(jù)歐姆定律，調(diào)零后內(nèi)阻：組合四：BD組合，根據(jù)歐姆定律，調(diào)零后內(nèi)阻為：考慮滑動變阻器最大5000Ω，應該選組合三，故電流表選A，電源選D，滑動變阻器選E；電路圖如圖：(2)指針指在滿偏電流的三分之一處，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有代入數(shù)據(jù)解得：Rx=6000Ω；(3)用歐姆表測電阻時要對歐姆表進行調(diào)零，電源內(nèi)阻對歐姆表的測量結(jié)果沒有影響，電池長期未用，導致內(nèi)阻增大，電源電動勢認為保持不變，且仍然能正常調(diào)零，此歐姆計測量的結(jié)果是準確的【點睛】本題關(guān)鍵明確歐姆表的改裝原理，要能夠根據(jù)閉合電路歐姆定律多次列式求解12、①.；②.；③.偏大；④.；【解析】(1)開關(guān)接a時，采用電壓表與電阻箱并聯(lián)的方式測量電動勢和內(nèi)電阻，明確電表內(nèi)阻的影響，根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析列出對應的表達式，從而確定誤差情況；(2)開關(guān)接b時，采用電流表與電阻箱串聯(lián)的方式測量，根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析列出對應的表達式，從而確定誤差情況；(3)分析兩種方式所得出的準確值表達式，從而分析與電表內(nèi)阻無關(guān)的物理量，從而確定真實值【詳解】(1)若閉合電鍵S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向a，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電壓表的讀數(shù)U，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，E=U+Ir=U+則因此圖象的縱軸截距b=，電動勢E=圖象的斜率k1=，則電源內(nèi)阻r=k1E=；(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律E=I（R+r）變形，得到與R的關(guān)系式，根據(jù)數(shù)學知識得知，圖象的斜率的倒數(shù)等于電源的電動勢E，縱軸截距的絕對值等于電源的內(nèi)阻r與定值電阻的和則可知，電動勢的測量值與真實值相比相等，沒有考慮電流表的內(nèi)阻，即實際內(nèi)阻，所以內(nèi)電阻的測量