2025屆上海市12校聯考物理高二上期中達標測試試題含解析

2025屆上海市12校聯考物理高二上期中達標測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于某力做功的功率，下列說法正確的是（）A．該力越大，其功率就越大 B．該力在單位時間內做的功越多，其功率就越大C．功率越大說明該力做的功越多 D．功率越小說明該力做功越快2、電子、質子、氘核、氚核以同樣的速度垂直射入同一勻強磁場做勻速圓周運動，其中軌道半徑最大的是（）A．電子 B．質子 C．氘核 D．氚核3、如圖所示，磁場垂直于紙面向外，磁場的磁感應強度隨水平向右的x軸按B=B0+kx(B0、k為常量)的規(guī)律均勻增大.位于紙面內的正方形導線框abcd處于磁場中，在外力作用下始終保持dc邊與x軸平行向右勻速運動.若規(guī)定電流沿a→b→c→d→a的方向為正方向，則從t=0到t=tA．B．C．D．4、在地球赤道上空，沿東西方向水平放置一根通以由西向東的直線電流，則此導線受到的安培力方向（）A．豎直向上 B．豎直向下 C．由南向北 D．由西向東5、下列有關電場強度、電勢、電勢能的說法中正確的是A．在電場中，電場強度越大的地方電勢越高B．在電場中，電勢越高的地方，電荷在該點具有的電勢能就越大C．在電場中某一點，放入試探電荷的電荷量越大，它所具有的電勢能越大D．在場源電荷為正點電荷的電場中，某帶正電的試探電荷離場源電荷越近所具有的電勢能越大，離場源電荷越遠所具有的電勢能越小6、理想變壓器的原、副線圈的匝數比10︰1，當這臺變壓器的原線圈接入電壓為220V的交流電時，副線圈的電壓為（）A．0 B．22V C．220V D．2200V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用下圖實驗裝置來研究碰撞問題，用完全相同的輕繩將兩個大小相同、質量相等的小球并列懸掛于一水平桿，球間有微小間隔．將1號球向左拉起，然后由靜止釋放，使其與2號球發(fā)生彈性正碰，不計空氣阻力，忽略繩的伸長．下列說法正確的是()A．碰撞過程中兩球構成的系統動量和機械能都守恒B．碰撞過程中兩球構成的系統動量和機械能都不守恒C．碰撞過程中兩球的速度互換D．碰撞后兩球以共同的速度向右擺8、下列哪些做法可以減小平行板電容器的電容（）A．僅增大兩板間的距離B．增大兩板間的距離同時使兩板錯開一點C．在兩板之間插入云母D．減少極板上的電荷量9、下列圖中，絕緣細繩一端固定在天花板，一端系一質量為ｍ的帶正電小球，為了使小球能靜止在圖中所示位置，可加一個與紙面平行的勻強電場，所加電場方向可能是：A． B． C． D．10、如圖所示，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，則（）A．電壓表讀數變大 B．電流表讀數變大C．R1上消耗的功率逐漸增大 D．質點P將向上運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個小燈泡上標有“2V，1W”的字樣，現在要用伏安法描繪這個燈泡的I-U圖線，有下列器材供選用：A．電壓表（0～3V內阻約10kΩ）B．電壓表（0～15V內阻約20kΩ）C．電流表(0～0.3A，內阻約1Ω）D．電流表(0～0.6A，內阻約0.4Ω）E．滑動變阻器（5Ω，1A）F．滑動變阻器（500Ω，0.2A）G．電源（電動勢3V，內阻1Ω）(1)實驗中電壓表應選用_____________，電流表應選用_____________，為使實驗誤差盡量減小，要求電壓表從零開始變化且多取幾組數據，滑動變阻器應選用___________（用序號字母表示）(2)實驗中移動滑動變阻器滑片，得到了小燈泡的I-U圖象如圖所示，則可知小燈泡的電阻隨電壓增大而____________（填“增大”、“減小”或“不變”）12．（12分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現在要用伏安法測量這個小燈泡的伏安特性曲線?，F有下列器材供選用：A．電壓表V1（0～5V，內阻約10kΩ）B．電壓表V2（0～10V，內阻約20kΩ）C．電流表A1（0～0.3A，內阻約1Ω）D．電流表A2（0～0.6A，內阻約0.4Ω）E．滑動變阻器R1（0～10Ω，2A）F．滑動變阻器R2（0～100Ω，0.2A）G．學生電源（直流6V）、開關及導線（1）為了調節(jié)方便，測量盡可能準確，實驗中應選用電壓表_________，電流表_________，滑動變阻器___________．（填器材的前方選項符號，如A，B）（2）為使實驗誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數據；請在上面的方框中畫出實驗電路圖___________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一平行板電容器板長L=4cm，板間距離為d=3cm，傾斜放置，使板面與水平方向夾角α=37°，若兩板間所加電壓U=100V，一帶電荷量q=3×10﹣10C的負電荷以v0=0.5m/s的速度自A板左邊緣水平進入電場，在電場中沿水平方向運動，并恰好從B板右邊緣水平飛出，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）則（1）帶電粒子的質量為多少？（2）帶電粒子從電場中飛出時的速度為多少？14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標系內，第一象限的等腰三角形MNP區(qū)域內存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，y＜0的區(qū)域內存在著沿y軸正方向的勻強電場．一質量為m，電荷量為q的帶電粒子從電場中Q（﹣2h，﹣h）點以速度V0水平向右射出，經坐標原點O射入第一象限，最后以垂直于PN的方向射出磁場．已知MN平行于x軸，N點的坐標為（2h，2h），不計粒子的重力，求：（1）電場強度的大小；（2）磁感應強度的大小B；（3）粒子在磁場中的運動時間．15．（12分）如圖，A、C兩點分別位于x軸和y軸上，∠OCA=31°，OA的長度為L．在△OCA區(qū)域內有垂直于xOy平面向里的勻強磁場．質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于y軸的方向從OA邊射入磁場．已知粒子從某點射入時，恰好垂直于OC邊射出磁場，且粒子在磁場中運動的時間為t1．不計重力．（1）求磁場的磁感應強度的大?。唬?）若粒子先后從兩不同點以相同的速度射入磁場，恰好從OC邊上的同一點射出磁場，求該粒子這兩次在磁場中運動的時間之和；（3）若粒子從某點射入磁場后，其運動軌跡與AC邊相切，且在磁場內運動的時間為，求粒子此次入射速度的大小.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、P=Fv，力大，速度不一定大，故功率不一定大，故A錯誤；B、力在單位時間內做的功越多，則P=W/t，功率就越大，B正確；C、功率大，做功時間不一定長，故做的功不一定多，故C錯誤；D.功率表示物體做功快慢的物理量，功率越小說明該力做功越慢，故D錯誤；故選B．2、D【解析】

該題考查了帶電量相同，質量不同的帶電粒子以相同的速度進入同一勻強磁場中做圓周運動時半徑的關系．由半徑公式可以發(fā)現，質量越大，軌道半徑越大．【詳解】電子、質子、氘核、氚核四種粒子的帶電量多少是相同，但是質量是不相同的，m電子＜m質子＜m氘核＜m氚核，帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑公式為，它們以相同的速度進入同一勻強磁場，電荷量有數值相同，所以，軌道半徑是與質量成正比的，所以氚核的軌道半徑是最大的．故D正確，選項ABC錯誤．故選D．【點睛】該題可以由電量多少相同和質量不同，延伸為帶電粒子的比荷不同，從而判斷運動軌道半徑的不同．由半徑公式可知，在速度和磁場強度相同的情況下，運動半徑與帶電粒子的比荷是成反比的．3、A【解析】由題意可知，垂直向外的磁通量越來越大，根據楞次定律可得感應電流為順時針方向，即為正，ad、bc兩邊均在切割磁感線，產生感應電動勢的方向相反，大小相減，根據題意，bc、ad兩邊的磁場之差為ΔB=B0+kL+x-B0-kx=kL，根據法拉第電磁感應定律4、A【解析】

地球表面附近赤道上空地磁場呈水平方向，由南向北，電流方向由西向東，由左手定則可判斷導線受到的安培力方向豎直向上所以，A選項正確，BCD選項錯誤故選A5、D【解析】

A.沿著電場線的方向電勢逐漸降低，電場線密的地方，電場強度大，電場線疏的地方電場強度?。芍妶鰪姸仍酱蟮牡胤诫妱莶灰欢ㄔ礁撸蔄項不符合題意；B.根據電勢能公式Ep=qφ知：正電荷在電勢越高的地方，其電勢能越大，負電荷在電勢越高的地方，其電勢能越小，故B項不符合題意；C.根據電勢能公式Ep=qφ知：在電場中，電勢高的地方，放在該點的正電荷的電荷量越大，電勢能越大，而負電荷則相反，故C項不符合題意；D.沿著電場線的方向電勢逐漸降低，在場源電荷為正點電荷的電場中，某帶正電的試探電荷離場源電荷越近所具有的電勢能越大，離場源電荷越遠所具有的電勢能越小，故D項符合題意．6、B【解析】

根據理想變壓器原副線圈匝數比等于電壓比得得故ACD錯誤，B正確。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：彈性碰撞的特點是動量守恒，機械能守恒，A正確；B錯誤；當兩物體質量相等時，交換速度，C正確；D錯誤．考點：彈性碰撞所遵從的規(guī)律．8、AB【解析】

根據電容的決定式：C=εS4πkd可知，減小平行板電容器的電容方法有：減小電容器極板間的正對面積，或增大電容器極板間的距離，故AB正確；根據電容的決定式：C=εS4πkd可知，在兩板之間插入云母電容將會增大，故C錯誤；電容的定義式：C=QU可知，電容C與極板的帶電量、電壓均無關，由電容器本身決定，故9、BCD【解析】

A圖中，小球帶正電，場強方向水平向左，帶電小球所受的電場力水平向左，則小球不可能靜止在圖示位置，故A錯誤；B圖中，小球帶正電，場強方向水平向右，帶電小球所受的電場力水平向右，則小球可能靜止在圖示位置，故B正確；C圖中小球受電場力方向斜向右上方，向下的重力及向左上方的細線的拉力，三力可能平衡，選項C正確；D圖中，當qE=mg，且電場方向向上，小球能靜止在圖中位置，故D正確．故選BCD．【點睛】解決本題的關鍵是知道正電荷所受的電場力方向與場強方向相同，分析結果要符合平衡條件，做完后可用平衡條件檢驗一下．10、BC【解析】

AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯后與R3并聯后，再與R1串聯接在電源兩端；電容器與R3并聯；當滑動變阻器R4的滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大，故并聯部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過R3的電流減小，流過并聯部分的總電流增大，故電流表示數增大；因并聯部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數減小，故A錯誤，B正確；C．由于流過R1的電流增大，根據知R1上消耗的功率逐漸增大，故C正確；D．因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，質點P將向下運動，故D錯誤；故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A；D；E；增大；【解析】

（1）根據燈泡額定電壓選擇電壓表，根據燈泡額定電流選擇電流表，為了方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器．

（2）根據圖示圖象應用歐姆定律分析答題．【詳解】（1）燈泡額定電壓是2V，電壓表應選擇A，燈泡額定電流，電流表應選擇D，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇E；

（2）由圖所示圖象可知，隨電壓增大，燈泡電流增大，電壓與電流的比值增大，燈泡電阻增大；12、A，D，E，【解析】(1)因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數不準確；故只能選用A電壓表；由P=UI得，燈泡的額定電流為：，故電流表應選擇0～0.6A的量程，故選D；由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數據，故只能采用滑動變阻器分壓接法，應選小阻值的E；(2)電壓表遠大于燈泡內阻，應采用電流表外接法，由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數據，故只能采用滑動變阻器分壓接法，如圖：點晴：本題考查實驗中的儀表的接法，應注意滑動變阻器分壓及限流接法的區(qū)別及應用，同時還應明確內外接法的不同及判斷。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）帶電粒子質量為8×10﹣8kg；（2）粒子飛出時的速度為1m/s．【解析】試題分析：（1）負電荷在電場中受到重力和電場力，而做直線運動，電場力與重力的合力必定沿此直線方向，否則就做曲線運動．根據力的合成，由重力與電場力的關系求解質量；（2）電荷運動過程中，重力不做功，只有電場力做功，根據動能定理求解微粒飛出時的速度．解：（1）根據題意畫出帶電液滴的受力圖如圖所示，由圖可得：qEcosα=mg，E=解得：m=kg=8×10﹣8kg（2）對液滴由動能定理得：，代入數據解得v=1m/s．答：（1）帶電粒子質量為8×10﹣8kg；（2）粒子飛出時的速度為1m/s．【點評】本題是帶電粒子在電場中運動的問題，關鍵是分析受力情況，判斷出電場力方向，然后運用動能定理解題．14、（1）；（2）；

（3）【解析】

（1）由幾何關系可知粒子在豎直電場中水平位移為2h，豎直方向的距離為h，由平拋運動規(guī)律及牛頓運動定律得：2h=v0th=at2由牛頓運動定律可知：Eq=ma聯立解得：；（2）粒子到達0點，沿+y方向的分速度；速度與x正方向的夾角α滿足粒子從MP的中點垂直于MP進入磁場，垂直于NP射出磁場，粒