內蒙古烏拉特前旗第一中學2025屆高三物理第一學期期中監(jiān)測試題含解析

內蒙古烏拉特前旗第一中學2025屆高三物理第一學期期中監(jiān)測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、水平面上有質量相等的a、b兩物體，水平推力F1、F2分別作用在a、b上．各作用一段時間后撤去推力，物體將繼續(xù)運動一段時間后停下來．撤去推力時兩物體速度相等，它們運動的v﹣t圖象如圖所示，圖中AB∥CD，整個過程中（）A．水平推力F1、F2的大小相等B．a、b與水平面間的動摩擦因數相等C．a的平均速度大于b的平均速度D．水平推力F1、F2所做的功可能相等2、如圖，質量mA＞mB的兩物體A、B疊放在一起，靠著豎直墻面．讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過程中，物體B的受力示意圖是A． B．C． D．3、如圖所示，一個質量為M的人，站在臺秤上，一長為R的懸線一端系一個質量為m的小球，手拿懸線另一端，小球繞懸線另一端點在豎直平面內做圓周運動，且小球恰好能通過圓軌道最高點，則下列說法正確的是：（）A．小球運動到最低點時，臺秤的示數最大且為(M＋6m)gB．小球運動到最高點時，人處于失重狀態(tài)C．小球在a、c兩個位置時，臺秤的示數不相同D．小球從最高點運動到最低點的過程中臺秤的示數增大，人處于超重狀態(tài)4、在兩個足夠長的固定的相同斜面體上(其斜面光滑)，分別有如圖所示的兩套裝置，斜面體B的上表面水平且光滑，長方體D的上表面與斜面平行且光滑，p是固定在B、D上的小柱，完全相同的兩只彈簧一端固定在p上，另一端分別連在A和C上，在A與B、C與D分別保持相對靜止狀態(tài)沿斜面自由下滑的過程中，下列說法正確的是()A．兩彈簧都處于拉伸狀態(tài)B．兩彈簧都處于壓縮狀態(tài)C．彈簧L1處于壓縮狀態(tài)，彈簧L2處于原長D．彈簧L1處于拉伸狀態(tài)，彈簧L2處于壓縮狀態(tài)5、如圖所示，在粗糙水平面上放置有一豎直截面為平行四邊形的木塊，圖中木塊傾角為θ，木塊與水平面間動摩擦因數為μ，木塊所受重力為G，現用一水平恒力F推木塊，使木塊由靜止開始向左運動，則木塊所受的摩擦力大小為()A．FB．C．μGD．μ(Gsinθ＋Fcosθ)6、如圖所示，一理想變壓器原副線圈匝數之比為3：1，原線圈兩端接入一正弦交流電源，副線圈電路中R為負載電阻，交流電壓表和交流電流表都是理想電表，下列結論正確的是（）A．若電壓表讀數為36V，則輸入電壓的峰值為108VB．若輸入電壓不變，副線圈匝數增加到原來的2倍，則電流表的讀數增加到原來的4倍C．若輸入電壓不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，則輸入功率也增加到原來的2倍D．若只將輸入電壓增加到原來的3倍，則輸出功率增加到原來的9倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一蹦極運動員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺下落，到最低點時距水面還有數米距離．假定空氣阻力可忽略，運動員可視為質點，下列說法正確的是（）A．運動員到達最低點前重力勢能始終減小B．蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負功，彈性勢能增加C．蹦極過程中，運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機械能守恒D．蹦極過程中，重力勢能的改變與重力勢能零點的選取有關8、對于物質固體、液體、氣體的認識，下列說法正確的是（）A．液晶具有晶體的光學各向異性B．絕對濕度的單位是Pa，相對濕度沒有單位C．液體表面張力的方向與液面垂直并指向液體內部D．單晶體和多晶體的物理性質是各向異性的，非晶體是各向同性的E.液體的飽和汽壓與溫度有關，溫度越高飽和汽壓越大，但飽和汽壓與飽和汽的體積無關9、在光滑的水平地面上方，有兩個磁感應強度大小均為B，方向相反的水平勻強磁場，如圖所示，PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大．一個半徑為a，質量為m，電阻為R的金屬圓環(huán)垂直磁場方向，以速度v從如圖位置向右運動，當圓環(huán)運動到直徑剛好與邊界線PQ重合時，圓環(huán)的速度為，則下列說法正確的是A．此時圓環(huán)中的電功率為B．此時圓環(huán)的加速度為C．此過程中通過圓環(huán)截面的電量為D．此過程中回路產生的電能為0.75mv210、質量為m的物體處于靜止狀態(tài)，伸直的輕繩的一端連接物體，另一端固定在左側豎直墻壁上，輕彈簧的一端連接物體，另一端固定在右側豎直墻壁上，物體與地面均不光滑，關于物體的受力情況，下列說法正確的是()A．物體一定受重力和地面的支持力B．物體可能只受重力和地面的支持力C．物體可能受重力、地面的支持力、彈簧的彈力、繩的拉力、地面的摩擦力這五個力D．物體一定受地面的摩擦力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)如圖所示為某同學所安裝的“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置。為了使小車受到合外力等于砝碼和砝碼盤的總重量，通常采用如下兩個措施：A．平衡摩擦力：將長木板無滑輪的一端下面墊一小木塊，反復移動木塊的位置，直到小車在砝碼盤的拉動下帶動紙帶與小車一起做勻速直線運動；B．在調整砝碼多少的過程中，要保證砝碼和砝碼盤的總質量m遠小于小車和砝碼的總質量M。以上哪一個措施中有何重大錯誤？(說明錯誤點)______________________。(2)某實驗小組設計了如下左圖所示的實驗裝置，通過改變重物的質量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象。他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如下右圖所示．①圖線________(填“甲”或“乙”)是在軌道左側抬高成為斜面情況下得到的。②滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質量m＝____kg，滑塊和軌道間的動摩擦因數μ＝________。(取g＝10m/s2)12．（12分）實驗室中要測量一只電壓表的內電阻，供選擇的儀器如下：①待測電壓表V(量程0～1.5V，內阻約為500Ω左右)；②電流表A(量程0～10mA)；③定值電阻R(250Ω)；④滑動變阻器R1(0～20Ω)；⑤滑動變阻器R2(0～1000Ω)；⑥干電池(1.5V)；⑦開關S及導線若干．⑴為了方便電壓的方便調節(jié)，滑動變阻器接成分壓式接法，滑動變阻器應選________．(在空格內填寫序號)⑵要利用所給器材較準確測量電壓表的電阻，請在虛線框中畫出完整的電路圖__________．⑶把實物連線圖補充完整______．⑷測量電壓表、電流表多組讀數V、I，然后以V為縱坐標，I為橫坐標，作出相應圖線，如圖所示．若測得圖線的斜率為k，待測壓表內阻的表達式為RV=________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，該裝置由三部分組成，傳送帶左邊是足夠長的光滑水平面，一輕質彈簧左端固定，右端連接質量M=6.0kg的物塊A，物塊A靜止在水平面上．裝置的中間部分是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接．傳送帶以u=1.0m/s逆時針勻速運動．傳送帶的右邊是一個半徑R=1.15m位于豎直平面內的光滑圓弧軌道．某時刻起將一個質量m=1.0kg的物塊B從圓弧的最高處由靜止釋放．已知物塊B與傳送帶之間的動摩擦因數μ=0.1，傳送帶兩軸之間的距離l=4.5m，物塊B與A發(fā)生的碰撞為彈性碰撞．取g=10m/s1．求：(1)物塊B與物塊A第一次碰撞后彈簧的最大彈性勢能；(1)如果物塊A、B每次碰撞后，物塊A再回到平衡位置時彈簧都會被立即鎖定，而當它們再次碰撞前鎖定被解除，求物塊B從第1次與物塊A碰撞結束后，到第5次與物塊A碰撞前,物塊B一共在傳送帶上運動了多長時間．14．（16分）如圖所示，兩個導熱的圓筒底部有一條細短管連通，圓筒內裝有約20cm深的水銀，K為閥門，處于關閉狀態(tài)。左側大圓筒的橫截面積，水銀面到圓筒頂部的高度，水銀上方是空氣，空氣的壓強，室溫。左側圓筒中豎直放置一根托里拆利管，管的橫截面積遠小于兩圓筒的橫截面積，托里拆利管中水銀上方有氮氣，氮氣柱的長度，水銀柱的高度。右側小圓筒的橫截面積，一個活塞緊貼水銀放置。已知大氣壓強。求：（Ⅰ）若環(huán)境溫度緩慢升高，左側圓筒內空氣的壓強變?yōu)槎啻螅浚á颍┰诃h(huán)境溫度為時，用力控制右側圓筒中活塞，打開閥門K，使活塞緩慢升高后固定，則托里拆利管中氮氣柱的長度最終變?yōu)槎啻?？（結果可以帶跟號）15．（12分）如圖所示，直角玻璃三棱鏡ABC置于空氣中，棱鏡的折射率為n＝，∠A＝60°．一細光束從AC的中點D垂直于AC面入射，AD＝a，求：(1)畫出光路圖并計算出光從棱鏡第一次射入空氣時的折射角；(2)光從進入棱鏡到它第一次從棱鏡中射出所經歷的時間(光在真空中的傳播速度為c)．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：根據v-t圖象，由于AB∥CD，可見兩物體與水平面間的動摩擦因數相同，設為μ，在a、b加速運動過程中，由牛頓第二定律知，；由于ma=mb，得F1＞F1．故A錯誤；B正確；由可知，兩物體在全過程中運動的平均速度相同；故C錯誤；對全程由動能定理可知，兩物體的位移不相同，而摩擦力做功不同，則可知水平推力做功不可能相同；故D錯誤；故選B．考點：牛頓第二定律；動能定理【名師點睛】本題首先考查讀圖能力，其次考查動量定理應用時，選擇研究過程的能力．知道水平推力撤去后，AB與CD平行，說明加速度相同，動摩擦因數相同．2、A【解析】

A與B整體同時沿豎直墻面下滑，受到總重力，墻壁對其沒有支持力，如果有，將會向右加速運動，因為沒有彈力，故也不受墻壁的摩擦力，即只受重力，做自由落體運動；由于整體做自由落體運動，處于完全失重狀態(tài)，故A、B間無彈力，再對物體B受力分析，只受重力，故A正確，BCD錯誤．【點睛】本題關鍵先對整體受力分析，得到整體做自由落體運動，處于完全失重狀態(tài)，故A與B間無彈力，最后再對B受力分析，得到其只受重力．3、A【解析】

A．小球恰好能通過圓軌道最高點，在最高點，細線中拉力為零，根據牛頓第二定律：，解得小球速度為：小球從最高點運動到最低點，由機械能守恒定律得：，在最低點，由牛頓第二定律有：，聯立解得細線中拉力：F=6mg小球運動到最低點時，臺秤的示數最大且為：Mg+F=（M+6m）g。故A正確。B．小球運動到最高點P時，線的拉力為零，所以人不處于失重狀態(tài)。故B錯誤。C．小球在a、c處時，繩對小球有一個水平方向指向圓心的彈力來充當向心力，由牛頓第三定律得繩對人施加的也是水平方向的力，故小球在a、c兩個位置臺秤的示數相同均為Mg。故C錯誤。D．小球從最高點運動到最低點的過程中，人始終處于靜止狀態(tài)，人所受的合外力為零，人并無豎直方向的分加速度，則人并不處于超重狀態(tài)。故D錯誤。4、C【解析】A與B保持相對靜止，則二者向下的加速度是相等的，設它們的總質量為M，則：Ma=Mgsinα；所以：a=gsinα；同理，若以C、D為研究對象，則它們共同的加速度大小也是gsinα．以A為研究對象，A受到重力、斜面體B豎直向上的支持力時，合力的方向在豎直方向上，水平方向的加速度：ax=acosα=g?sinαcosα；該加速度由水平方向彈簧的彈力提供，所以彈簧L1處于壓縮狀態(tài)；以B為研究對象，則B受到重力、斜面的支持力作用時，合力的大?。篎合=mgsinθ，所以B受到的重力、斜面的支持力作用提供的加速度為：a=gsinα，即B不能受到彈簧的彈力，彈簧L2處于原長狀態(tài)．故選項C正確，ABD錯誤．故選C．5、C【解析】木塊在豎直方向上平衡，有：N=G，則木塊所受的摩擦力f=μN=μG，因為物塊不是做勻速運動，所以f與F不等，故C正確，ABD錯誤．6、D【解析】

A項：若電壓表讀數為36V，由U1U2=n1nB項：若輸入電壓不變，副線圈匝數增加到原來的2倍，則輸出電壓也增加到原來的2倍，電流表示數應增加到原來的2倍，故B錯誤；C項：若輸入電壓不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，由I=UR輸出電流減小到原來的一半，則根據P=UI可知，輸出功率減小到原來的一半，因輸出功率等于輸入功率，故輸入功率也減小到原來的一半，故D項：若保持負載電阻的阻值不變。輸入電壓增加到原來的3倍，輸出電壓增大到原來的3倍，則由P=U2R可知輸出功率增加到原來的9二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A、運動員到達最低點前，重力對運動員一直做正功，運動員的重力勢能始終減小，故A正確；B、蹦極繩張緊后的下落過程中，彈力方向向上，運動員的位移向下，彈性力對運動員做負功，彈性勢能增加，故B正確；C、以運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，故C正確；D、重力勢能的改變與重力做功有關，取決于初末位置的高度差，與重力勢能零點的選取無關，故D錯誤．點睛：本題類似于小球掉在彈簧上的類型．重力與彈力特點相似，這兩種力做正功時，勢能減小，做負功時，勢能增加．8、ABE【解析】

A.液晶既有液體的流動性，又有光學的各向異性，故A正確；B.絕對濕度指大氣中水蒸汽的實際壓強，空氣的絕對濕度用空氣中所含水蒸汽的壓強表示，單位是Pa；而空氣的相對濕度是空氣中水蒸氣的絕對濕度與同溫度水的飽和汽壓的比值，所以空氣的相對濕度沒有單位，故B正確；C.液體表面張力產生在液體表面層，它的方向與液體表面相切而使得表面有收縮的趨勢，同時跟液面分界線垂直，故C錯誤；D.單晶體物理性質是各向異性的，非晶體和多晶體是各向同性的；故D錯誤；E.飽和汽壓是物質的一個重要性質，它的大小取決于物質的本性和溫度，而與體積無關；一定溫度下飽和汽壓的分子數密度是一定值，溫度越高飽和汽壓越大，故E正確。故選ABE.9、AC【解析】

A.當圓環(huán)的直徑與邊界線PQ重合時，圓環(huán)左右兩個半環(huán)均產生感應電動勢，有效切割的長度都等于直徑，故線圈中的感應電動勢為：圓環(huán)中的電功率為：故A正確。B.此時圓環(huán)受力為：故B錯誤。C.此過程中，電路中的平均電動勢為：則電路中通過的電量為：故C正確。D.此過程中產生的電能等于電路中的熱量，也等于外力所做的功，則一定也等于動能的改變量，故故D錯誤；10、BC【解析】①繩子拉力為零，若物塊與斜面間沒有摩擦力，則彈簧的彈力也為零，此時只受重力和地面的支持力兩個力；若物塊與斜面間有靜摩擦力，則彈簧的彈力不為零，此時受重力、地面的支持力、靜摩擦力和彈簧的彈力四個力②若繩子的拉力不為零，若物塊與斜面間沒有摩擦力，則拉力沿水平方向的分力與彈簧的彈力平衡，即此時受重力，地面的支持力，繩子的拉力和彈簧的彈力，四個力作用；若物體與斜面間的摩擦力不為零，則如果繩子拉力在水平方向上的分力與摩擦力等大，則彈力為零，如果拉力在水平方向上的分力與摩擦力不等大，則彈力不為零，此時受重力、地面的支持力、彈簧的彈力、繩的拉力、地面的摩擦力，五個力作用，綜上所述BC正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A錯誤，平衡摩擦力時不能懸掛砝碼盤甲1.51.2【解析】

（1）A中平衡摩擦力時，不應用砝碼盤拉動小車做勻速運動，應讓小車自身下滑（即無拉力）來平衡摩擦力即可．（2）①由圖象可知，當F=1時，a≠1．也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高．所以圖線甲是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的．

②由牛頓第二定律得：a=F-μmgm=1mF-μg，由圖乙所示圖象可知，圖象斜率：k=1m，質量：【點睛】本題考查了實驗數據處理、考查了求加速度與速度、質量、動摩擦力因數問題，掌握基礎知識、應用勻變速直線運動的推論可以解題；處理圖象問題時求出圖線的函數表達式是解題的關鍵．12、R1【解析】

(1)[1]滑動變阻器采用分壓接法時，應選用阻值適當小一些的，滑動變阻器選R1.(2)[2]需要電壓表與定值并聯，才能跟電流表的量程相適應，所以完整的電路如圖所示:(3)[3]實物連線如圖所示，連線時要注意電表的正負接線柱不能接反．(4)[4]根據串、并聯電路規(guī)律可知：圖線斜率所以四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）11J；（1）7.5s【解析】

（1）設物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置時的速度大小為v0，由機械能守恒定律得：①解得：在傳送帶上，對物塊B，由牛頓第二定律得：μmg=ma②設物塊B通過傳送帶后運動速度大小為v，有：③聯立解得：由于v＞u=1m/s，所以v=4m/s即為物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大小，設物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為v1、v1，以向左為正方向，由動量守恒定律得：mv=mv1+Mv1④由機械能守恒定律得：⑤聯立解得v11m/s，v11m/s物塊A的速度為零時彈簧壓縮量最大，彈簧彈性勢能最大，由能量守恒定律得：（1）碰撞后物塊B沿水平臺面向右勻速運動，設物塊B在傳送帶上向右運動的最大位移為l′，由動能定理得：⑥解得：l′=1m＜4.5m所以物塊B不能通過傳送帶運動到右邊的曲面上。當物塊B在傳送帶上向右運動的速度為零后，將會沿傳送帶向左加速運動?？梢耘袛?，物塊B運動到左邊臺面時的速度大小為，繼而與物塊A發(fā)生第二次碰撞。設第1