廣西北海市2025屆物理高二上期中達(dá)標(biāo)測(cè)試試題含解析

廣西北海市2025屆物理高二上期中達(dá)標(biāo)測(cè)試試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于速度、速度的變化、加速度的關(guān)系，下列說(shuō)法中正確的是（）A．速度變化越大，加速度就一定越大 B．加速度變小，速度一定變小C．速度為零，加速度一定為零 D．速度變化越慢，加速度越小2、電路中中端電壓隨干路電流變化的圖象如圖所示，圖中縱軸的起點(diǎn)為1.2V，則電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻應(yīng)是（）A．E=0.3V,r=0.5ΩB．E=1.5V,r=3.0ΩC．E=1.5V,r=0.5ΩD．3、在下面的四個(gè)圖中，標(biāo)出了勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向、帶正電的粒子在磁場(chǎng)中速度v的方向和其所受洛倫茲力f的方向，其中正確表示這三個(gè)方向關(guān)系的圖是A． B．C． D．4、如圖甲所示，傾角的光滑固定斜桿底端固定一電量為Q=5×10-4C的正電荷A，現(xiàn)將套在斜桿上的正電小球B(可視為點(diǎn)電荷)從斜桿的底端(與A未接觸)由靜止釋放，在沿斜杠向上滑動(dòng)的過(guò)程中小球B的能量隨位移的變化關(guān)系如圖乙所示，其中圖線1是B的動(dòng)能隨位移變化的圖象，圖線2是B的電勢(shì)能隨位移變化的圖象.靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，重力加速度g=10m/s2,則下列說(shuō)法中正確的是A．小球B向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，加速度一直在減小B．由題中信息可以求出小球B的帶電量C．小球B的質(zhì)量m=4kgD．小球距離A端的最遠(yuǎn)距離為4.4m5、如圖所示，平行板電容器已經(jīng)充電，靜電計(jì)的金屬球與電容器的一個(gè)極板連接，外殼與另一個(gè)極板連接，靜電計(jì)針的偏轉(zhuǎn)示電容兩極板間的電勢(shì)差．實(shí)驗(yàn)中保持極板上的電荷量不變．設(shè)電容兩極正對(duì)面積為，極板間的距離為，靜電計(jì)指針偏角為．下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的描述正確的是（）A．保持不變，增大，則變大B．保持不變，減小，則不變C．保持不變，減小，則變小D．保持、不變，在兩板間插入電介質(zhì)，則變大6、一物體以初速度為v0做勻減速運(yùn)動(dòng)，第1s內(nèi)通過(guò)的位移為x1=3m，第2s內(nèi)通過(guò)的位移為x2=2m，物體的速度減小為0時(shí)的位移為x，則下列說(shuō)法中不正確的是（）A．初速度v0的大小為3.0m/sB．加速度a的大小為1m/s2C．位移x的大小為D．位移x內(nèi)的平均速度大小為1.75m/s二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在O點(diǎn)固定一電荷量為Q的正電荷，a、b、c、d為以O(shè)為圓心的同一圓周上的四點(diǎn)，bd連線與電場(chǎng)線平行，ac連線與電場(chǎng)線垂直。則（）A．a(chǎn)、c兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同B．b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)C．da間的電勢(shì)差等于ab間的電勢(shì)差D．檢驗(yàn)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能等于在c點(diǎn)的電勢(shì)能8、如圖所示，光滑的平行導(dǎo)軌與電源連接后，與水平方向成θ角傾斜放置，導(dǎo)軌上放一個(gè)質(zhì)量為m的金屬導(dǎo)體棒。當(dāng)S閉合后，在棒所在區(qū)域內(nèi)加一個(gè)合適的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，可以使導(dǎo)體棒靜止平衡，下面四個(gè)圖中分別加了不同方向的磁場(chǎng)，其中可能平衡的是A． B． C． D．9、在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E中，小車以加速度a向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量分別為m1、m2，電荷量分別為+q1、+q2的小球G、H通過(guò)不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛于車頂O點(diǎn)，．當(dāng)G、H相對(duì)小車靜止時(shí)，下列情況可能出現(xiàn)的是(不計(jì)G、H間的相互作用)()A． B． C． D．10、下圖是驗(yàn)證楞次定律實(shí)驗(yàn)的示意圖，豎直放置的線圈固定不動(dòng)，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構(gòu)成的閉合回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流。各圖中分別標(biāo)出了磁鐵的極性、磁鐵相對(duì)線圈的運(yùn)動(dòng)方向以及線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向等情況，其中正確的是A． B． C． D．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）（1）如圖所示為某多用電表內(nèi)部簡(jiǎn)化電路圖，作電流表使用時(shí)，選擇開關(guān)S應(yīng)接________(選填“1”“2”“3”“4”或“5”)量程較大．（2）某同學(xué)想通過(guò)多用表的歐姆擋測(cè)量量程為3V的電壓表內(nèi)阻(如圖乙)，主要步驟如下：①把選擇開關(guān)撥到“×100”的歐姆擋上；②把兩表筆相接觸，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻零刻度處；③把紅表筆與待測(cè)電壓表________(選填“正”或“負(fù)”)接線柱相接，黑表筆與另一接線柱相連，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)角度很??；④換用________(選填“×10”或“×1k”)歐姆擋重新調(diào)零后測(cè)量，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)適中，記下電阻數(shù)值；⑤把選擇開關(guān)調(diào)至空擋或交流電壓最高擋后拔下表筆，把多用電表放回桌上原處，實(shí)驗(yàn)完畢．（3）實(shí)驗(yàn)中(如圖丙)某同學(xué)讀出歐姆表的讀數(shù)為_________Ω，這時(shí)電壓表讀數(shù)為___________V.（4）請(qǐng)你計(jì)算歐姆表內(nèi)部電源電動(dòng)勢(shì)為________V．(保留兩位有效數(shù)字)12．（12分）如圖為—正在測(cè)量中的多用電表表盤．（1）如果是用×100檔測(cè)量電阻，則讀數(shù)為_________Ω（2）歐姆表是由表頭、干電池和調(diào)零電阻等串聯(lián)而成，有關(guān)歐姆表的使用和連接，下面的敘述正確的是（______）①測(cè)電阻前要使紅、黑表筆相接，調(diào)節(jié)調(diào)零電阻，使表頭指示電流為零；②紅表筆與表內(nèi)電池正極那邊相連，黑表筆與表內(nèi)電池負(fù)極那邊相連；③紅表筆與表內(nèi)電池負(fù)極那邊相連，黑表筆與表內(nèi)電池正極那邊相連；④測(cè)電阻時(shí)，表針偏轉(zhuǎn)角度越大，待測(cè)電阻阻值越大；⑤測(cè)電阻時(shí)，表針偏轉(zhuǎn)角度越大，待測(cè)電阻阻值越小．A．①②B．③⑤C．②④D．①④四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）在密立根油滴實(shí)驗(yàn)中，測(cè)出某油滴所受的重力為1.8×10-9N，當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度為4.0×104N/C時(shí)，油滴豎直向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，如圖所示。求（1）該油滴帶何種性質(zhì)的電荷？（2）帶電油滴所帶電荷量是多少？14．（16分）在冬天，高為h=1.15m的平臺(tái)上，覆蓋一層薄冰．一乘雪橇的滑雪愛好者，從距平臺(tái)邊緣s=14m處以7m/s初速度向平臺(tái)邊緣滑去，如圖所示，平臺(tái)上的薄冰面與雪橇間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.05，取g=10m/s1．求：(1)滑雪者滑離平臺(tái)時(shí)速度的大小；(1)滑雪者著地點(diǎn)到平臺(tái)邊緣的水平距離．15．（12分）如圖，兩水平面（虛線）之間的距離為H，其間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)．自該區(qū)域上方的A點(diǎn)將質(zhì)量均為m、電荷量分別為q和－q（q>0）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場(chǎng)的方向射出．小球在重力作用下進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開．已知N離開電場(chǎng)時(shí)的速度方向豎直向下；M在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g.問(wèn)：（1）若從A點(diǎn)出發(fā)時(shí)兩小球的初速度均為v0,則小球M出電場(chǎng)時(shí)的水平分速度多大？（2）A點(diǎn)距電場(chǎng)上邊界的高度多少？（3）若兩小球剛離開電場(chǎng)時(shí)，M的動(dòng)能為N的動(dòng)能的1.5倍．該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小多大？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

根據(jù)加速度的定義式可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，加速度的方向就是物體速度變化量的方向，與物體速度無(wú)關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大.【詳解】A、物體的速度變化大，但所需時(shí)間更長(zhǎng)的話，物體速度的變化率可能很小，則加速度就會(huì)很小，故A錯(cuò)誤；B、運(yùn)動(dòng)物體的加速度變小，如果加速度與速度同向，速度增加，故B錯(cuò)誤；C、物體的速度為零，但物體的速度的變化率可以不為零，即物體的加速度不為零.故C錯(cuò)誤；D、物體的速度變化越慢，即物體速度的變化率越小，則物體的加速度越小；故D正確.故選D.【點(diǎn)睛】本題考查加速度的定義式，只要理解了加速度的概念就能順利解決，注意明確加速度和速度大小無(wú)關(guān).2、D【解析】U-I關(guān)系滿足：U=E-Ir，根據(jù)U-I直線的截距等于E，斜率等于r可得E=1.5V，r=1.5V故選D．3、B【解析】

有左手定則可知B對(duì)；選項(xiàng)A中洛侖茲力方向向下A錯(cuò)；選項(xiàng)C中洛侖茲力垂直紙面向外，C錯(cuò)；選項(xiàng)D中洛侖茲力垂直紙面向里，D錯(cuò)；故選B．4、B【解析】A、對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，受到重力、庫(kù)侖斥力F和斜面對(duì)其的支持力N，如圖所示：由圖線1可以知道小球B先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，加速度先減少后反向增大，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、當(dāng)動(dòng)能最大時(shí)即速度最大，此時(shí)小球B合力為零，即，且，，同時(shí)根據(jù)能量守恒電勢(shì)能減少轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和重力勢(shì)能，則：，即聯(lián)立可以求出，，，故選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、小球距離A端的最遠(yuǎn)時(shí)，電勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，則：，即：，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：本題首先要抓住圖象的信息，分析小球的運(yùn)動(dòng)情況，再根據(jù)平衡條件和能量守恒進(jìn)行處理。5、A【解析】A：平行板電容器的電容，電容器電壓與電容的關(guān)系為，電量不變，保持不變，增大，電容減小，電壓增大，變大，故A項(xiàng)正確．B：電量不變，保持不變，減小，電容增大，電壓減小，變小，故B項(xiàng)錯(cuò)誤．C：電量不變，保持不變，減小，電容減小，電壓增大，變大，故C項(xiàng)錯(cuò)誤．D：電量不變，保持、不變，在兩板間插入電介質(zhì)，電容增大，電壓變小，變小，故D項(xiàng)錯(cuò)誤．所以選A．點(diǎn)睛：①平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、、來(lái)判斷各量如何變化。②平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動(dòng)，電容器的帶電量不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、、來(lái)判斷各量如何變化。6、A【解析】

根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出物體的加速度，再通過(guò)位移時(shí)間公式求出初速度的大?。鶕?jù)位移速度公式求出位移，再通平均速度公式求出平均速度．【詳解】A、B、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的判別式△x=at2得，加速度；根據(jù)得，v0=3.5m/s；故A錯(cuò)誤，B正確.C、物體的位移：；故C正確.D、位移x內(nèi)的平均速度大小；故D正確.本題選錯(cuò)誤的故選A.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式包括三個(gè)速度公式和四個(gè)位移公式，并能靈活運(yùn)用．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BCD【解析】試題分析：題中abcd四個(gè)點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)實(shí)際上是勻強(qiáng)電場(chǎng)與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的疊加，合場(chǎng)強(qiáng)要用矢量合成的方法來(lái)判斷．a(chǎn)bcd在點(diǎn)電荷等勢(shì)面上，電勢(shì)相同，ac在E的一條等勢(shì)面上，據(jù)此分析電勢(shì)和電勢(shì)能的關(guān)系．點(diǎn)電荷在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，與E疊加后，合場(chǎng)強(qiáng)偏向右上；點(diǎn)電荷在c點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下，與E疊加后，合場(chǎng)強(qiáng)偏向右下，故A錯(cuò)誤；勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向與Q的電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向在b點(diǎn)相同，兩個(gè)矢量相加，同向時(shí)最大，故在b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，B正確；在Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中abd處于同一個(gè)等勢(shì)面上，電勢(shì)相同，而在E的電場(chǎng)中da和ab沿電場(chǎng)線方向的距離相同，即da間的電勢(shì)差等于ab間的電勢(shì)差，C正確；ac兩點(diǎn)在Q的電場(chǎng)中電勢(shì)相等，在E的電場(chǎng)中電勢(shì)也相等，故ac的電勢(shì)相同，同一個(gè)檢驗(yàn)電荷在兩點(diǎn)的電勢(shì)能相同，D正確．8、ACD【解析】

A．由左手定則可以知道A圖中導(dǎo)線所受安培力沿斜面向上，因此當(dāng)安培力大小與重力沿斜面向下分力相等時(shí)，導(dǎo)體棒即可處于平衡狀態(tài)，所以A正確;B．B圖中導(dǎo)體所受安培力垂線斜面斜向上，沒(méi)有力和重力沿斜面向下分力平衡，故一定不能平衡，故B錯(cuò)誤;C．C圖中安培力水平向右，這樣安培力有沿斜面向上的分力可能與重力沿斜面向下分力平衡，導(dǎo)體棒即可處于平衡狀態(tài)，所以C正確;D．D圖中安培力豎直向上，當(dāng)安培力等于重力時(shí)導(dǎo)體棒即可處于平衡狀態(tài)，故D正確.9、AC【解析】

AD．先對(duì)兩個(gè)球整體分析，受重力、電場(chǎng)力和細(xì)線的拉力，如圖所示：

如果加速度大于，設(shè)上面的細(xì)線與豎直方向的夾角為α，根據(jù)牛頓第二定律，有：

豎直方向：水平方向：解得：…①再對(duì)小球G受力分析，如圖所示：

設(shè)下面的細(xì)線與豎直方向的夾角為β，根據(jù)牛頓第二定律，有：

豎直方向：水平方向：解得：…②由于，兩個(gè)正分?jǐn)?shù)的分子分母同時(shí)分別相加后得到的新分?jǐn)?shù)介于原來(lái)兩個(gè)分?jǐn)?shù)中間，故故tanα≥tanβ故α≥β故A正確，D錯(cuò)誤；

BC．如果加速度小于，則上面的細(xì)線向右偏轉(zhuǎn)；

設(shè)上面的細(xì)線與豎直方向的夾角為α，根據(jù)牛頓第二定律，有：

豎直方向：水平方向：解得：…③再對(duì)小球G受力分析，如圖所示：

設(shè)下面的細(xì)線與豎直方向的夾角為β，根據(jù)牛頓第二定律，有：

豎直方向：水平方向：解得：…④由于故故tanα≤tanβ故α≤β故B錯(cuò)誤，C正確；10、CD【解析】

A.當(dāng)磁鐵N極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上。故A不符合題意；

B.當(dāng)磁鐵S極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上，故B不符合題意；

C.當(dāng)磁鐵S極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向與圖中電流方向相同。故C符合題意；

D.當(dāng)磁鐵N極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而下，故D符合題意；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、1負(fù)×1k4.0×1042.203.0【解析】（1）當(dāng)做電流表使用時(shí)，電阻應(yīng)和表頭并聯(lián)分流，故連接1和2時(shí)為電流表，根據(jù)歐姆定律可知并聯(lián)支路的電壓相等，并聯(lián)支路的電阻越大，分流越小，故當(dāng)接1時(shí)量程最大；（2）③根據(jù)“紅進(jìn)黑出”原理，即電流從紅表筆流進(jìn)可知紅表筆接電壓表的負(fù)極；④歐姆表在測(cè)量電阻時(shí)指針從無(wú)窮大處開始偏轉(zhuǎn)，故歐姆表指針偏轉(zhuǎn)很小，說(shuō)明被測(cè)電阻大，檔位應(yīng)提升一級(jí)，即換×1k的測(cè)量；（3）歐姆表的讀數(shù)為；電壓表分度值為0.1V，故讀數(shù)為2.20V；（4）根據(jù)（3）采用的檔位可知中值電阻即歐姆表內(nèi)阻為，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得，解得．12、811B【解析】（1）如果是用×111檔測(cè)量電阻，則讀數(shù)為8×111Ω=811．（2）測(cè)電阻前要使紅、黑表筆相接，調(diào)節(jié)調(diào)零電阻，使表頭指示電阻值為1．故①錯(cuò)誤；

紅表筆與表內(nèi)電池負(fù)極那邊相連，黑表筆與表內(nèi)電池正極那邊相連；故②錯(cuò)誤，③正確；

測(cè)電阻時(shí)，表針偏轉(zhuǎn)角度越大，待測(cè)電阻阻值越?。盛苠e(cuò)誤，⑤正確；故選B.點(diǎn)睛：歐姆表使用前要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，測(cè)電阻換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，紅表筆接電源負(fù)極，指針偏