甘肅省武威六中2025屆物理高二第一學期期末檢測試題含解析

甘肅省武威六中2025屆物理高二第一學期期末檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個半徑為r1、阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成如圖（a）所示的回路。在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內存在勻強磁場，磁場方向垂直于線圈平面向里，磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖（b）所示，導線電阻忽略不計，則流過R1的電流大小與ab兩點電勢高低判斷正確的是A.，B.，C.，D.，2、一帶電粒子從電場中的A點運動到B點，徑跡如圖中虛線所示，不計粒子所受重力，則下列判斷正確的是（）A.粒子帶正電 B.A點的場強大于B點的場強C.粒子的加速度逐漸增大 D.粒子在電場中A點的電勢能大于粒子在B點的電勢能3、一電荷量為＋q的試探電荷位于電場中的A點，受到的電場力為F。若把該試探電荷換為電荷量為-2q的試探電荷，則A點的電場強度E為（）A.，方向與F相反 B.，方向與F相同C.，方向與F相反 D.，方向與F相同4、在變化的磁場中，穿過一個5匝的閉合線圈的磁通量每秒鐘均勻地增加了4Wb,則A.線圈中的感應電動勢每秒鐘增加20VB.線圈中的感應電動勢每秒鐘增加10VC.線圈中的感應電動勢為20VD.線圈中的感應電動勢為05、在研究一個小電動機的性能時，應用了圖示的實驗電路。已知電動機線圈內阻為3Ω，調節(jié)R使電動機正常運轉時，理想電流表和電壓表的示數(shù)分別為1A和12V。則電動機正常運轉時的輸出功率P和效率η為（）A.P＝12Wη＝75% B.P＝12Wη＝25%C.P＝9Wη＝75% D.P＝9Wη＝25%6、如圖所示，在“研究影響通電導體棒所受磁場力的因素”實驗中，要使導體棒擺動幅度增大，以下操作中可行的是A.減少磁鐵的數(shù)量B.更換成磁性較弱的磁鐵C.改變導體棒中的電流方向D.增大導體棒中的電流強度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有關分子的熱運動和內能，下列說法正確的是()A.一定質量的氣體，溫度不變，分子的平均動能不變B.物體的溫度越高，分子熱運動越劇烈C.物體的內能是物體中所有分子熱運動的動能和分子勢能的總和D.布朗運動是由懸浮在液體中的微粒之間的相互碰撞引起的8、如圖是質譜儀的工作原理示意圖．帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器．速度選擇器內相互正交的勻強磁場和勻強電場分別為B和E．平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2．平板S下方有磁感應強度為B0的勻強磁場．下列表述正確的是（）A.質譜儀是分析同位素的重要工具B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向內C.能通過的狹縫P的帶電粒子的速率等于E/BD.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越小9、如圖所示，質量分別為m和2m的A、B兩個木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A緊靠豎直墻壁．用水平力向左推B，將彈簧壓縮，推到某位置靜止時推力大小為F，彈簧的彈性勢能為E．在此位置突然撤去推力，下列說法中正確的是（

）A.撤去推力的瞬間，B的加速度大小為B.從撤去推力到A離開豎直墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒,機械能守恒C.A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢能最大值為D.A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢能最大值為E10、有關磁場的物理概念，下列說法中正確的是（）A.磁感應強度是描述磁場強弱的物理量，是矢量B.磁感應強度的方向跟產(chǎn)生磁場的電流方向有關C.磁感應強度的方向跟放入磁場中的受磁場力作用的電流方向有關D.磁感線的切線方向表示磁場的方向，其疏密表示磁感應強度的大小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗時，所使用的電流表內阻約為幾歐姆，電壓表的內阻約為十幾千歐．根據(jù)實驗所測8組數(shù)據(jù)，在如圖所示I-U坐標系中，通過描點連線得到了小燈泡的伏安特性曲線.①請根據(jù)你的判斷在虛線框中畫出實驗電路圖______.②根據(jù)圖甲可確定小燈泡功率P與U2和I2的關系圖象，其中正確的是（）12．（12分）李明最近購買了一臺冷熱兩用的空調，這臺空調的說明書中主要數(shù)據(jù)如下表所示.(1)空調工作時應選下圖中_____孔插座(填“二”或“三”)(2)空調正常制冷時電流為__________A，連續(xù)正常制冷30min消耗的電能為_________.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在電子槍右側依次存在加速電場，兩水平放置的平行金屬板和,豎直放置的熒光屏。加速電場的電壓為，兩平行金屬板的板長、板間距離均為,熒光屏距兩平行金屬板右側距離也為。電子槍發(fā)射的質量為、電荷量為的電子，從兩平行金屬板的中央穿過，打在熒光屏的中點。不計電子進入加速電場前的速度及電子重力。(1)求電子進入兩金屬板間時的速度大小;(2)若兩金屬板間只存在垂直紙面向外的勻強磁場(如圖)，求電子到達熒光屏的位置與點距離的最大值和此時磁感應強度的大小;(3)若兩金屬板間只存在豎直方向的勻強電場，兩板間的偏轉電壓為，電子會打在熒光屏上某點，該點距點距離為，求此時與的比值。14．（16分）如圖所示，在水平方向的勻強電場中，用長為L不可伸長的絕緣細線拴住一質量為m，帶電荷量為q的小球1，線的上端固定于O點，若在B點同一水平線上的左方距離為r處固定另一帶電小球2，小球1恰好處于靜止狀態(tài)，當拿走小球2后，小球1由靜止開始向上擺動，當細線轉過120°角到達A點時的速度恰好為零，此時OA恰好處于水平狀態(tài)，設整個過程中細線始終處于拉直狀態(tài)，靜電力常量為k，求：(1)BA兩點間的電勢差U；(2)勻強電場的場強E的大??；(3)小球2的帶電量Q15．（12分）如圖ab為兩平行板，a板上的0點為離子發(fā)射源，能發(fā)出質量為m帶電量為q初速度為零的帶電離子，ab板間加速電壓為U1，在b板中央有小孔k讓離子通過．在b板右側有AB兩塊平行金屬板，k正好位于AB板間的中心線上，已知AB板間距離為d，板長為L，板間電壓為U2，求：(1)離子到達k點時的速度(2)如離子穿過k點后經(jīng)偏轉正好打在B板的中點p處，求U1：U2

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】由楞次定律可判斷通過電阻R1上的電流方向為從b到a，所以；由圖(b)可知，0至t0時間內，磁感應強度的變化率：

①由法拉第電磁感應定律有：

②而

③由閉合電路歐姆定律有：

④聯(lián)立以上各式解得,通過電阻R1上的電流大小為：

⑤故選D.2、B【解析】根據(jù)電場線的疏密判斷電場強度大小，電場線箭頭的方向就是電場度的方向，再根據(jù)運動軌跡的彎曲判斷粒子受力情況，從而可得出粒子帶電的正負及電場力做功的問題?！驹斀狻緼．做曲線運動的物體，受力的方向總是指向運動軌跡的凹側，可知粒子受力的方向與電場線相反，因此粒子帶負電荷，A錯誤；B．A點處電場線比B點處電場線密集，因此A點的電場強比B點的大，B正確；C．從A向B運動過程中，所受電場力逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度逐漸減小，C錯誤；D．從A向B運動過程中，電場力做負功，電勢能增大，因此粒子在A點的電勢能小于粒子在B點的電勢能，D錯誤。故選B。3、B【解析】電荷量為q的正電荷位于電場中的A點，受到電場力為F，則知A點電場強度E的大小為方向與F方向相同。電場強度反映電場本身性質的物理量，僅由電場本身決定，與試探電荷無關?？芍?，將試探電荷換為電荷量為-2q，A點的場強大小仍然是，方向與F方向相同，故選B。4、C【解析】閉合線圈的磁通量每秒鐘均勻地增加，線圈中會形成穩(wěn)定的感應電動勢，根據(jù)法拉第電磁感應定律得，感應電動勢大小為故選C5、C【解析】電動機正常運轉時，輸入的電功率為入發(fā)熱功率熱電動機正常運轉時的輸出功率為入熱電動機正常運轉時的效率為故C正確，A、B、D錯誤；故選C。6、D【解析】A：減少磁鐵的數(shù)量，磁感應強度減小，安培力減小，導體棒擺動幅度減小．故A項不可行B：更換成磁性較弱的磁鐵，磁感應強度減小，安培力減小，導體棒擺動幅度減小．故B項不可行C：改變導體棒中的電流方向，安培力大小不變，導體棒擺動幅度不變．故C項不可行D：增大導體棒中的電流強度，安培力增大，導體棒擺動幅度增大．故D項可行二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A、溫度是分子平均動能的標志，所以溫度不變，分子的平均動能不變，故A正確；B、物體的溫度越高，分子熱運動越劇烈，故B正確；C、物體的內能就是物體內部所有分子的動能和分子勢能的總和，故C正確；D、布朗運動是由液體分子之間的不規(guī)則運動，對懸浮在液體中的微粒撞擊引起的，故D錯誤；故選ABC8、AC【解析】AD．粒子打在膠片上的位置到狹縫的距離即其做勻速圓周運動的直徑,可見D越小，則粒子的荷質比越大，因此利用該裝置可以分析同位素，A正確，D錯誤B．粒子在題圖中的電場中加速，說明粒子帶正電．其通過速度選擇器時，電場力與洛倫茲力平衡，則洛倫茲力方向應水平向左，由左手定則知，磁場的方向應垂直紙面向外，選項B錯誤；C．由Eq=Bqv可知，v=E/B，選項C正確；9、ABC【解析】A、撤去推力前,B處于靜止狀態(tài),彈簧的彈力與F0二力平衡.撤去F的瞬間,彈簧的彈力不變,根據(jù)牛頓第二定律得,B的加速度大小為.故A正確.B、從撤去推力到A離開豎直墻之前,墻壁對B有彈力作用,A、B和彈簧組成的系統(tǒng)合外力不等于零,系統(tǒng)的動量不守恒.因為只有彈力做功,系統(tǒng)的機械能守恒,故B正確.C、D,A離開豎直墻后,系統(tǒng)所受的合外力為零,動量守恒;彈簧的彈力做功,系統(tǒng)的機械能守恒.當A、B的速度相等時,彈簧的彈性勢能最大；對于從撤去推力到A離開豎直墻之前,機械能守恒,設A剛離開墻壁時，B的速度大小為.則有,得;A離開墻壁后,根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒得:;根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得:計算得出,彈簧的彈性勢能最大值:,所以C選項是正確的,D錯誤.【點睛】撤去F的瞬間,B所受的彈力大小等于F0,根據(jù)牛頓第二定律求出撤去推力瞬間的加速度大小;分析A、B和彈簧組成的系統(tǒng)所受的外力,判斷動量和機械能是否守恒.A離開豎直墻后,根據(jù)動量守恒定律和機械能守恒定律分析A離開豎直墻后,A、B的最大彈性勢能.10、ABD【解析】A．磁感應強度是描述磁場強弱和方向的物理量，是矢量。故A正確；B．磁感應強度的方向就是該點的磁場方向，跟產(chǎn)生磁場的電流方向有關。故B正確；C．磁感應強度的方向是由磁場本身決定的，與放入磁場中的受磁場力作用的電流方向無關。故C錯誤；D．磁感線可以形象描述磁場的強弱和方向，磁感線的切線方向表示磁場的方向，其疏密表示磁感應強度的大小。故D正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.D【解析】①分析題目要求及原理，可得出實驗電路圖；②由功率公式可得出功率與電流及電壓的關系，結合數(shù)學知識進行分析，即可得出正確結論.【詳解】①由題意可知，本實驗應采用滑動變阻器分壓接法，同時由于燈泡內阻較小，故電流表使用外接法，故電路圖如下圖所示；②由于燈泡的電阻隨溫度的增加，由功率公式可得，故在P-I2圖象中，圖象的斜率表示電阻，故斜率變大，故C錯誤，D正確；而在P-U2圖象中，圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，故圖象中斜率應越來越小，故A，B均錯誤；故選D.【點睛】電學實驗中要明確分壓接法的應用條件；并注意在實驗中應用所學過的物理規(guī)律．注意學會從數(shù)學函數(shù)的角度分析物理圖象問題.12、①.三②.6③.0.66【解析】（1）[1]為了防止當空調漏電時，發(fā)生觸電事故，所以使外殼接上地線，空調工作時應使用三孔插座（2）[2][3]空調工作時的制冷功率則電流正常制冷30min消耗的電能四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2),(3)【解析】(1)設電子經(jīng)電場加速后進入偏轉場區(qū)的速度大小為v0，由動能定理得：①解得：②(2)偏轉場區(qū)中只有勻強磁場時，電子進入磁場區(qū)受洛侖茲力作用做勻速圓周運動，經(jīng)磁場偏轉后，沿直線運動到熒光屏．磁場的磁感應強度越大，偏轉越大，電子偏轉的臨界狀態(tài)是恰好從上板的右端射出，做直線運動到達熒光屏．它的位置與O點距離即為最大值ym，如圖所示電子做圓周運動，由牛頓第二定律得：③根據(jù)圖示，由幾何知識得：④⑤解得：,⑥由②③解得：⑦(3)偏轉區(qū)內只有勻強電場時，電子進入偏轉區(qū)做勻加速曲線運動，如圖所示離開偏轉電場時沿電場方向的位移：速度方向偏轉角設為θ，打