福建省福州市長樂區(qū)長樂高級(jí)中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題含解析

福建省福州市長樂區(qū)長樂高級(jí)中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于電容器的電容，下列說法正確的是A．電容器所帶的電荷越多，電容就越大B．電容器兩極板間的電壓越高，電容就越大C．電容器所帶電荷增加一倍，電容就增加一倍D．電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量2、如圖所示，讓平行板電容器帶電后，靜電計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)一定角度，若不改變兩極板帶的電量而減小兩極板間的距離，同時(shí)在兩極板間插入電介質(zhì)，那么靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度()A．一定減小 B．一定增大C．一定不變 D．可能不變3、如圖所示，、是兩個(gè)點(diǎn)電荷，P是這兩個(gè)點(diǎn)電荷連線中垂線上的一點(diǎn)圖中所畫P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向可能正確的是A． B．C． D．4、2017年4月，我國成功發(fā)射的天舟一號(hào)貨運(yùn)飛船與天宮二號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室完成了首次交會(huì)對(duì)接，對(duì)接形成的組合體仍沿天宮二號(hào)原來的軌道（可視為圓軌道）運(yùn)行。與天宮二號(hào)單獨(dú)運(yùn)行時(shí)相比，組合體運(yùn)行的（）A．周期變大B．速率變大C．動(dòng)能變大D．向心加速度變大5、如圖所示，兩帶電小球，電量分別為+q和﹣q，固定在一長為L的絕緣細(xì)桿的兩端，置于電場(chǎng)強(qiáng)度為E的電場(chǎng)中，桿與場(chǎng)強(qiáng)方向平行，其位置如圖所示。若此桿繞O點(diǎn)垂直于桿的軸轉(zhuǎn)180°角，則過程中電場(chǎng)力做功為（）A．0 B．qEL C．2qEL D．4qEL6、如圖所示的電路中，已知電容C1=C2，電阻R1=R2，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，當(dāng)開關(guān)S由閉合狀態(tài)斷開時(shí)，下列說法中正確的是（）A．電容器C1的電量增多，電容器C2的電量減少B．電容器C1的電量減少，電容器C2的電量增多C．電容器C1、C2的電量都增多D．電容器C1、C2的電量都減少二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源(內(nèi)阻不計(jì))連接,下極板接地,靜電計(jì)所帶電荷量很少,可被忽略。一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)?，F(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離,則下列說法中正確的是（）A．平行板電容器的電容值將變小B．靜電計(jì)指針張角變小C．帶電油滴的電勢(shì)能將減少D．若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開,再將下極板向下移動(dòng)一小段距離,則帶電油滴所受電場(chǎng)力不變8、如圖所示，是點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線．當(dāng)一個(gè)帶正電的粒子（不計(jì)重力）從a到b穿越這條電場(chǎng)線的軌跡如圖中的虛線所示．那么下列選項(xiàng)正確的是（）A．點(diǎn)電荷一定帶負(fù)電B．帶電粒子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度C．帶電粒子在a點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能D．帶電粒子在a點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于在b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能9、如圖所示的真空空間中，僅在正方體中的黑點(diǎn)處存在著電荷量大小相等的點(diǎn)電荷，則圖中a，b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均相同的是（）A． B．C． D．10、如圖所示，平行線代表電場(chǎng)線，但未標(biāo)明方向，一個(gè)帶正電、電量為10－6C的微粒在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用，當(dāng)它從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能減少了10－5J，已知A點(diǎn)的電勢(shì)為－10V，則以下判斷正確的是A．微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的虛線1所示；B．微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的虛線2所示；C．B點(diǎn)電勢(shì)為零；D．B點(diǎn)電勢(shì)為－20V三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）使用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，則金屬絲的直徑是______m.12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供了小燈泡(2.5V,0.5A)、電流表、電壓表以及滑動(dòng)變阻器等實(shí)驗(yàn)器材：（1）圖甲為實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)連接好的實(shí)驗(yàn)電路圖，在開關(guān)S閉合后，把滑動(dòng)片P從A向B端移動(dòng)過程中會(huì)觀察到電壓表讀數(shù)變________(填“大”或“小”)。（2）某同學(xué)由測(cè)出的數(shù)據(jù)畫出I—U圖象，如圖乙所示，當(dāng)小燈泡兩端電壓為1.6V時(shí)，小燈泡的電阻值R＝________Ω，此時(shí)小燈泡的實(shí)際功率P＝________W。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）把q=-1×10-8C的電荷，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功WAB=1.2×10-6J，求：（1）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；（2）若取B點(diǎn)電勢(shì)為零，則A點(diǎn)的電勢(shì)和q在A點(diǎn)的電勢(shì)能各是多少？14．（16分）把5.0V的電壓加在一段電阻絲的兩端，測(cè)得通過電阻電流為1.0×102mA．當(dāng)電阻絲兩端電壓增至8.0V時(shí)，通過電阻絲的電流增加多少？15．（12分）在光滑水平面上有一質(zhì)量m＝1.0×10-3kg電量q＝1.0×1O-10C的帶正電小球，靜止在O點(diǎn)，以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)，在該水平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy，現(xiàn)突然加一沿x軸正方向，場(chǎng)強(qiáng)大小E＝2.0×106v／m的勻強(qiáng)電場(chǎng)，使小球開始運(yùn)動(dòng)經(jīng)過1.0s，所加電場(chǎng)突然變?yōu)檠貀軸正方向，場(chǎng)強(qiáng)大小仍為E＝2.0×106V/m的勻強(qiáng)電場(chǎng)再經(jīng)過1.0s，所加電場(chǎng)又突然變?yōu)榱硪粋€(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，使小球在此電場(chǎng)作用下經(jīng)1.0s速度變?yōu)榱悖蟠穗妶?chǎng)的方向及速度變?yōu)榱銜r(shí)小球的位置．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】電容表征電容器容納電荷的本領(lǐng)大小，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關(guān)．A、電容器所帶的電荷越多，兩板間電壓越大，電容不變，故A錯(cuò)誤．B、電容器兩極板間的電壓越高，所帶的電荷越多，電容不變，故B錯(cuò)誤．C、電容器所帶電荷增加一倍，兩極板間的電壓增加一倍，電容不變，故C錯(cuò)誤．D、電容的物理意義是表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大?。蔇正確．故選D點(diǎn)評(píng)：電容，采用的是比值定義法，有比值定義法共性，C與U、Q無關(guān)，由電容器本身決定．2、A【解析】

由題，減小兩極板間的距離，同時(shí)在兩極板間插入電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式，可知，電容增大，電容器的電量不變，由得知，板間電勢(shì)差減小，則靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度一定減小，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。3、A【解析】

P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)是兩個(gè)點(diǎn)電荷單獨(dú)存在時(shí)產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)的矢量和，故合場(chǎng)強(qiáng)應(yīng)該在P點(diǎn)與兩個(gè)點(diǎn)電荷連線之間的范圍，如圖故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A.【點(diǎn)睛】場(chǎng)強(qiáng)是矢量，空間某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由各個(gè)點(diǎn)電荷單獨(dú)存在時(shí)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的矢量和，遵循平行四邊形定則．4、C【解析】對(duì)于繞地球運(yùn)行的航天器，地球?qū)λ耐庥幸μ峁┫蛐牧Γ瑒t，由公式可知，半徑不變，周期不變，速率不變，向心加速度不變。由于質(zhì)量增加，所以動(dòng)能增大，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。5、C【解析】

細(xì)桿轉(zhuǎn)的過程中，正電荷受力的方向向右，位移的方向也向右，電場(chǎng)力對(duì)它做正功，電場(chǎng)力對(duì)它做功為負(fù)電荷受力的方向向左，位移的方向也向左，電場(chǎng)力對(duì)它也做正功，電場(chǎng)力對(duì)它做功為電場(chǎng)力對(duì)兩小球所做的功故A、B、D錯(cuò)誤，C正確；故選C。6、D【解析】答案選D分析：電容器的電容不變，通過分析電壓變化來分析電量變化．當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動(dòng)勢(shì)．當(dāng)S閉合時(shí)，R1、R2串聯(lián)，C1與電阻R1并聯(lián)，C2與電阻R2并聯(lián)，根據(jù)兩電容器的電壓與電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系分析電壓的變化，再判斷電量的變化．解答：解：當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動(dòng)勢(shì)．當(dāng)S閉合時(shí)，R1、R2串聯(lián)，C1與電阻R1并聯(lián)，C2與電阻R2并聯(lián)，則兩電容器的電壓均小于電動(dòng)勢(shì)，電壓減小，而電容不變，則電容器的電量均減?。蔬xD．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】

A．根據(jù)知，d增大，則電容減小，故A正確；B．靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變，故B錯(cuò)誤；C．電勢(shì)差不變，d增大，則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，故P點(diǎn)與上極板的電勢(shì)差減小，則P點(diǎn)的電勢(shì)升高，因油滴帶負(fù)電，可知帶電油滴的電勢(shì)能將減小，故C正確；D．電容器與電源斷開，則電荷量不變，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，即d變大，根據(jù)，，可得則兩板間場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴受電場(chǎng)力不變，選項(xiàng)D正確；故選ACD。8、CD【解析】

根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子所受的電場(chǎng)力指向速度的凹向，可知電場(chǎng)力方向從N指向M，由于粒子的加速度大小變化不知道，可知不能確定點(diǎn)電荷的電性，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；一條電場(chǎng)線不能確定疏密，則不能確定電場(chǎng)力的大小，也就不能確定加速度的大小關(guān)系，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由軌跡可知，從a到b電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加，動(dòng)能減小，選項(xiàng)CD正確；故選CD.9、AD【解析】

等量異種電荷電場(chǎng)分布如圖所示A．a(chǎn)、b兩點(diǎn)在等量異種電荷連線的中垂線上，且關(guān)于連線對(duì)稱，根據(jù)電場(chǎng)分布圖以及對(duì)稱規(guī)律可知a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)以及電勢(shì)相等，A正確；B．圖中a點(diǎn)距離點(diǎn)電荷較近，電場(chǎng)強(qiáng)度較大，b點(diǎn)在0等勢(shì)面上，而a點(diǎn)靠近正電荷，電勢(shì)為正，故兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都不等，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)對(duì)稱性可知兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不等，a點(diǎn)靠近正電荷，b點(diǎn)靠近負(fù)電荷，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，C錯(cuò)誤；D．在連線的中垂面上，所有點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向都是由正電荷指向負(fù)電荷，故兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，又根據(jù)，結(jié)合矢量合成法可知兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，故兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等，都平行于兩電荷的連線指向同一方向，ab兩點(diǎn)連成的平面是等勢(shì)面，因此這兩點(diǎn)電勢(shì)相等，D正確。故選AD。10、AC【解析】

AB．由題，帶正電的微粒僅受電場(chǎng)力的作用，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能減少了11-5J，說明電場(chǎng)力做負(fù)功，則知電場(chǎng)力方向水平向左，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，故微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡是如圖虛線1所示。故A正確，B錯(cuò)誤。CD．根據(jù)動(dòng)能定理得：qUAB=△Ek，得又UAB=φA-φB，φA=-11V，則φB=1．故C正確，D錯(cuò)誤。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.150×10-3【解析】

[1]螺旋測(cè)微器的固定刻度為2mm，可動(dòng)刻度為15.0×0.01mm=0.150m所以最終讀數(shù)為2mm+0.150mm=2.150mm=2.150×10-3m12、（1）大（2）4或4.00.64【解析】（1）由圖示電路圖可知，在開關(guān)S閉合之前，應(yīng)把滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P移到A端；實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)片P從從A向B端移動(dòng)過程中會(huì)觀察到電壓表讀數(shù)變大．

（2）由圖象可知，當(dāng)U=1.6V時(shí)，對(duì)應(yīng)的電流為：I=0.40A，

則小燈泡的電阻值為：燈泡的實(shí)際功率為：P=UI=1.6×0.40=0.64W；

點(diǎn)睛：本題應(yīng)明確：①若要求電流從零調(diào)或變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻時(shí)，變阻器應(yīng)用分壓式接法；②涉及到圖象問題，可以表示出縱軸物理量與橫軸物理量的函數(shù)表達(dá)式，然后再根據(jù)斜率和截距的概念討論即可．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）120V（2）120V【解析】（1）由得A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；（2）根據(jù)得A點(diǎn)的電勢(shì)；q在A點(diǎn)的電勢(shì)能．14、60mA【解析】

因?yàn)?，由歐姆定律得，所以15、指向第三象限，與x軸成225°角（0.40m，0.20m）【解析】試題分析：第1s內(nèi)小球沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第2s內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)，加速度沿y軸正方向，第3s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出第1s末小球的速度和位移．對(duì)于類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法求出第2秒末小球的速度大小和方向，并求出x方向和y方向的位移大?。俑鶕?jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出電場(chǎng)的方向和第3s末的位置．由牛頓定律得知，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中小球加速度的大小為：代人數(shù)據(jù)解得：a=0.20m/s2當(dāng)場(chǎng)強(qiáng)沿x正方向時(shí)，經(jīng)過1秒鐘小球的速度大小為：vx=at=0.20×1.0=0.20m/s速度的方向沿x軸正方向，小球沿x軸方向移動(dòng)的距離在第2秒內(nèi)，電場(chǎng)方向沿y軸正方向，故小球在x方向做速度為vx的勻速運(yùn)動(dòng)，在y方向做初速為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，沿x方向移動(dòng)的距離△x2=vxt=0.20m沿y方向移動(dòng)的距離：故在第2秒末小球到達(dá)的位置坐標(biāo)x2=△x1+△x2=0.30my2＝△y=0.10m在第2秒