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文檔簡介
第24講數(shù)列的概念
(9類核心考點精講精練)
考情探究?
1.5年真題考點分布
5年考情
考題示例考點分析
2024年天津卷,第19題,15由遞推數(shù)列研究數(shù)列的有關(guān)性質(zhì)等比數(shù)列通項公式的基本量計算求等
分比數(shù)列前n項和裂項相消法求前n項和
2023年天津卷,第19題,15等差數(shù)列與等比數(shù)列綜合應(yīng)用等差數(shù)列通項公式的基本量計算求等差
分?jǐn)?shù)列前n項和寫出等比數(shù)列的通項公式
2023年天津卷,第5題,5等比數(shù)列通項公式的基本量計算利用等比數(shù)列的通項公式求數(shù)列中的項
2022年天津卷,第18題,15等差數(shù)列通項公式的基本量計算等比數(shù)列通項公式的基本量計算錯位
分相減法求和分組(并項)法求和
2021年天津卷,第19題,15等差數(shù)列前n項和的基本量計算由定義判定等比數(shù)列錯位相減法求和
分?jǐn)?shù)列不等式恒成立問題
2020年天津卷,第19題,15等差數(shù)列通項公式的基本量計算求等差數(shù)列前n項和等比數(shù)列通項公
分式的基本量計算分組(并項)法求和
2.命題規(guī)律及備考策略
【命題規(guī)律】本節(jié)內(nèi)容是天津高考卷的必考內(nèi)容,設(shè)題穩(wěn)定,難度較高,分值為15分
【備考策略】L理解、掌握數(shù)列的概念
2.能掌握數(shù)列的通項公式與遞推公式
3.具備數(shù)形類比遞推的思想意識,會借助函數(shù)求解數(shù)列的最值與單調(diào)性
4.會解數(shù)列中的規(guī)律問題
【命題預(yù)測】本節(jié)內(nèi)容是天津高考卷的必考內(nèi)容,一般給出數(shù)列求解數(shù)列的通項公式與求和問題。
?考點梳理,
1
1.數(shù)列
2.數(shù)列的項考點一、數(shù)列的周期性
r知識點一.數(shù)列的有關(guān)概念13.日?今日,考點二、數(shù)列的單調(diào)性
4.遞推公式考點三、數(shù)列的最值
5.數(shù)列的前項和
考點四、與的關(guān)系求通項公式
1.項數(shù)
考點五、累加法求通項公式
知識點二.數(shù)列的分類2.項與項間的大小關(guān)系
考點六、累乘法求通項公式
數(shù)列的概念
考點七、數(shù)列恒成立
知識點三.數(shù)列與函數(shù)的關(guān)系考點八、遞推數(shù)列問題
考點九、數(shù)列中的規(guī)律
知識點四.數(shù)列常用的結(jié)論
知識點五.數(shù)列的兩種常用表示方法
知識講解
知識點一.數(shù)列的有關(guān)概念
1.數(shù)列:按照確定的順序排列的一列數(shù)
2.數(shù)列的項:數(shù)列中的每一個數(shù)
3.通項公式:如果數(shù)列{an}的第n項“與它的序號"之間的對應(yīng)關(guān)系可以用一個式子來表示,那么這個式子
叫做這個數(shù)列的通項公式
4.遞推公式:如果一個數(shù)列的相鄰兩項或多項之間的關(guān)系可以用一個式子來表示,那么這個式子叫做這個
數(shù)列的遞推公式
5.數(shù)列{冊}的前n項和:把數(shù)列{an}從第1項起到第?1項止的各項之和,稱為數(shù)列{冊}的前n項和,記作Sn,
即=a1+a2+…+期
知識點二.數(shù)列的分類
1.項數(shù):
(1)有窮數(shù)列:項數(shù)有限
(2)無窮數(shù)列:項數(shù)無限
2.項與項間的大小關(guān)系:
(1)遞增數(shù)列:an+l>a?
(2)遞減數(shù)列:a?+l<an
(3)常數(shù)列:an+i=a?
(4)擺動數(shù)列:從第二項起,有些項大于它的前一項,有些項小于它的前一項的數(shù)列(其中-GN*)
2
知識點三.數(shù)列與函數(shù)的關(guān)系
數(shù)列{斯}是從正整數(shù)集N*(或它的有限子集{1,2,…,成)到實數(shù)集R的函數(shù),其自變量是序號小對應(yīng)的函
數(shù)值是數(shù)列的第〃項即,記為。
知識點四.數(shù)列常用的結(jié)論
1.已知數(shù)列{。力的前"項和S”則%=%9
2.在數(shù)列{斯}中,若斯最大,貝吧咤?T(?>2,"CN*);若斯最小,則伊亍丁-1(立2,4*).
知識點五.數(shù)列的兩種常用表示方法
(1)通項公式:如果數(shù)列{%}的第〃項與序號〃之間的關(guān)系可以用一個式子來表示,那么這個公式叫做這
個數(shù)列的通項公式.
(2)遞推公式:如果已知數(shù)列{凡}的第1項(或前幾項),且從第二項(或某一項)開始的任一項與它的
前一項(或前幾項)間的關(guān)系可以用一個公式來表示,那么這個公式就叫做這個數(shù)列的遞推公式.
考點一、數(shù)列的周期性
典例引領(lǐng)
1.(?湖南?高考真題)已知數(shù)列{a/滿足臼=0,即+1=*占56%+),貝必2°=(
vJ十*1*
B.—V3
C.V3
【答案】B
【分析】計算出{時}的前四項的值,可得出%計3=即伽€2+),由此可求得。20的值.
【詳解】因為數(shù)列{a/滿足的=0,冊+1=氤號56%+),02=居滯=—如,
GN+,a,@3x6+2=aV3.
由上可知,對任意的九an+3=n???a20=2=一
故選:B.
2.(2024?陜西安康?模擬預(yù)測)在數(shù)列{an}中,an>0,%=lfa2=V2,若對VneN*,*+a1+1+a^+2=10,
則。2024=()
A.V2B.1C.V3D.V5
【答案】A
【分析】根據(jù)遞推公式得出Qn+3=。九,進(jìn)而。2024=。2021=…=牝=魚即可.
【詳解】由成+1+碌+2+碎+3=1。與成+an+l+an+2=1。相減得:碎+3-碎=。,
af
即(t1n+3—。九)(。九+3+。九)=0'又口九>故%i+3=n所以。2024=。2021=…=。2=^2.
故選:A.
即0睜(
+i—
1.(2024?河北?模擬預(yù)測)已知首項為2的數(shù)列{an}滿足4c1n5an+1an-2an=2,當(dāng){%}的前n項和S“>16
時,貝仙的最小值為()
A.40B.41C.42D.43
【答案】B
S414)+
【分析】通過計算得到{an}為一個周期為4的數(shù)列,從而計算出=10(%++。2=17,得
到答案.
【詳解】由題意得ai=2,4a2-5a2al-2al=2,解得a2=-1,
2—
同理4a3-5a3a2a2=2,解得a3=0,
4a4—5a4a3—2a3=2,解得以=
4。5—5a5a4—2a4=2,解得G5=2,
234=
故{an}為一個周期為4的數(shù)列,且由+。+。+。2-1+0+;=|,
故S40=10(Q]++。3+。4)=15,S41=10((1]+CL?+。3+。4)+2=17,
故n的最小值為41.
故選:B
2.(2024?山東濟寧?三模)已知數(shù)列{a九}中,=2,牝=1,冊+i=冊一。九-1(九22,n6N*),則02024=
()
A.-2B.-1C.1D.2
【答案】C
【分析】利用數(shù)列的遞推公式求出數(shù)列的周期,即可求解.
【詳解】由的=2,做=La?i+i=—口九―1(九之2,九eN*),導(dǎo)
口3=020]=1,
02=2,
—a3=_1,
@6=^5-。4=1,
電二06-05=2,
CLQ=Q7~1,
則{“}是以6為周期的周期數(shù)列,
所以。2024=0337x6+2==1?
故選:C
4
3.(2024?陜西榆林?三模)現(xiàn)有甲乙丙丁戊五位同學(xué)進(jìn)行循環(huán)報數(shù)游戲,從甲開始依次進(jìn)行,當(dāng)甲報出1,
乙報出2后,之后每個人報出的數(shù)都是前兩位同學(xué)所報數(shù)的乘積的個位數(shù)字,則第2024個被報出的數(shù)應(yīng)該
為()
A.2B.4C.6D.8
【答案】A
【分析】列舉出部分?jǐn)?shù)字觀察其周期即可得解.
【詳解】報出的數(shù)字依次是1,2,2,4,8,2,6,2,2,4,8,2,6…,除了首項以外是個周期為6的周期數(shù)列.
去掉首項后的新數(shù)列第一項為2,
因為2023=337x6+1,所以原數(shù)列第2024個被報出的數(shù)應(yīng)該為2.
故選:A.
4.(2024?遼寧?模擬預(yù)測)數(shù)列{a}中,的=4,a=3,a=-^-(nEN*,n>2),貝Uaiooo的值為()
n2;l+1an-l
134
A.-B.-C.3D.-
443
【答案】A
【分析】根據(jù)遞推公式代入檢驗可知數(shù)列{冊}是以6為周期的周期數(shù)列,結(jié)合周期性分析求解即可.
【詳解】因為⑥=4,a=3,a=-^-(nGN*,n>2),
2n+1an—l
令n=2,可得的=也=3;令九=3,可得。4=%=工;
ai4。24
令幾=4,可得的二里=[;令幾=5,可得即=生=[;
令n=6,可得。7=曳=4;令72=7,可得他="=3;
a6
可知數(shù)列{冊}是以6為周期的周期數(shù)列,
所以。1000=0166x6+4=^4=[?
故選:A.
考點二、數(shù)列的單調(diào)性
典例引領(lǐng)
1.(2024?貴州?模擬預(yù)測)已知數(shù)列{冊}滿足冊=空尸(卜eR),貝1J“數(shù)列{冊}是遞增數(shù)列”的充要條件是()
A.fc<0B.k<1C.fc>0D.fc>1
【答案】B
【分析】根據(jù)條件,利用遞增數(shù)列滿足與+i>冊,即可求解.
【詳解】因為“="F(keR),所以與+i—冊=答—史尸=工
由即+i—詼=肅含>0,得到k<1,所以“數(shù)列{即}是遞增數(shù)歹(J”的充要條件是k<1,
5
故選:B.
2.(2024?天津南開?二模)設(shè)數(shù)列{an}的通項公式為時二層+6九,若數(shù)列{冊}是單調(diào)遞增數(shù)列,則實數(shù)b的
取值范圍為().
A.(—3,+8)B.(—2,+oo)C.[-2,+oo)D.[—3,+8)
【答案】A
【分析】由遞增數(shù)列定義可得冊+i-冊>0,代入計算即可得解.
22
【詳解】由題意可得an+i—Qn>0恒成立,即(幾4-1)+b(n4-1)—n—bn=2n+1+/?>0,
即b>—2n—1,又?!>1,—2n—1<—3,故bG(—3,+oo).
故選:A.
即時檢測
.____________
1.(2024?北京西城?三模)對于無窮數(shù)列{oj,定義dn=an+1-anCn=1,2,3,-),則“{an}為遞增數(shù)列”是“{dn}
為遞增數(shù)列,,的()
A.充分而不必要條件B.必要而不充分條件C.充分必要條件D.既不充分也不必要條件
【答案】D
【分析】由遞增數(shù)列的性質(zhì),分別判斷充分性和必要性即可.
【詳解】{七}為遞增數(shù)列時,有%=an+1-an>0,不能得到{%}為遞增數(shù)列,充分性不成立;
{〃}為遞增數(shù)列時,不一定有〃>0,即不能得到{冊}為遞增數(shù)列,必要性不成立.
所以“{與}為遞增數(shù)列”是“{%}為遞增數(shù)列”的既不充分也不必要條件.
故選:D.
2.(2024?江西?模擬預(yù)測)已知數(shù)列{冊}滿足冊=n-a(aeR),則“a。律是{|叫}是遞增數(shù)列的()
A.必要不充分條件B.充分不必要條件
C.充要條件D.既不充分也不必要條件
【答案】B
【分析】根據(jù)充分條件、必要條件的定義判斷即可.
【詳解】當(dāng)aW1時an=n-a20,貝4冊|=\n-a\=n-a,
所以1%+/-=兀+1-a—5—a)=l>。,即1斯+11>1叫,所以{|冊|}是遞增數(shù)列,故充分性成立;
UIri(-,n=1
4
當(dāng)a=1時|距|=,一T=<5,則|a/<㈤<同<…,所以{1怎1}是遞增數(shù)列,
(一,心2
所以當(dāng)數(shù)列{|%J}是遞增數(shù)列,a可以大于1,所以必要性不成立,
所以“a<1”是{|%1}是遞增數(shù)列的充分不必要條件.
故選:B
3.(2024?四川雅安?模擬預(yù)測)已知數(shù)列{“}滿足an+2=3冊+i-2an,的=九a2=2,{an}單調(diào)遞增,則4
6
的取值范圍為
【答案】(一8,2)
【分析】根據(jù)即+2=3an+1-2冊可得冊+2-an+1=2(an+1-an),再結(jié)合{an}單調(diào)遞增以及等比數(shù)列定義
可求出冊+1-%,則由an+i-%,>0即可得解.
【詳解】因為冊+2=3ctn+i—2dn,所以Cln+2-^n+1=2(。元+1—冊),
又因為{%}單調(diào)遞增,所以Cln+1—與>0,
所以數(shù)列{須+1一冊}是以。2-即=2-4為首項,2為公比的等比數(shù)列,
n-1
所以0n+1—(1n=(2—A)-2,
所以(2-QOnT>0即2—/l>0n2<2,
則4的取值范圍為(—8,2),
故答案為:(-8,2).
4.(2024?河南信陽?模擬預(yù)測)在數(shù)列{%}中,方=號2an+1=an+n+2.
(1)記勾=冊一%證明:{0}為等比數(shù)列;
(2)記Sn為{冊}的前幾項和,若囚+春+詞是遞增數(shù)列,求實數(shù)4的取值范圍.
【答案】(1)證明見詳解
(2)(-2,+oo)
【分析】(1)根據(jù)遞推公式結(jié)合等比數(shù)列定義分析證明;
(2)由(1)可得a”=n+去,進(jìn)而可得Sn+£+"=*+g(24+l)n+1,結(jié)合二次函數(shù)性質(zhì)分析求解.
【詳解】(1)因為2冊+1=(1rl+71+2,即%+1=—<xn+-?!.+1,
則瓦=%_1=工力0,且皿=—+1)=皿他一空=hzh」,
n
2bnan~an-nan—n2
所以數(shù)列{g}是以首項為右公比為T的等比數(shù)列.
⑵由⑴可知:6?=期一n=10=濡,即%1=幾+5,
所以S”=&+鄉(xiāng)+卜+—+-+(n+3=(1+2+-+n)+G+,+???+—
n(n+l),IMI)]_12,1,41
H----i——-xi+-n+i——:
21-1222n
2
可知S"+親+譏="2+*24+1)71+1,
若{Sn+卷+詞是遞增數(shù)列,結(jié)合二次函數(shù)對稱性可得-G+號<I,解得%>—2,
所以實數(shù)2的取值范圍為(-2,+8).
考點三、數(shù)列的最值
7
典例引領(lǐng)
1.(2020?北京?高考真題)在等差數(shù)列{an}中,的=一9,a5--1.記7n=ara2...an(n=1,2,...),則數(shù)列{Tn}
().
A.有最大項,有最小項B.有最大項,無最小項
C.無最大項,有最小項D.無最大項,無最小項
【答案】B
【分析】首先求得數(shù)列的通項公式,然后結(jié)合數(shù)列中各個項數(shù)的符號和大小即可確定數(shù)列中是否存在最大
項和最小項.
【詳解】由題意可知,等差數(shù)列的公差4=等苧=再=2,
則其通項公式為:an=%+(?1-l)d=—9+(71—1)x2=2Tl—11j
注意到句<a2<a3<a4<a5<0<a6=1<a7<…,
且由75<0可知<0(i>6jGN),
由4=ai>l(i>7,ieN)可知數(shù)列{T力不存在最小項,
1i-1
111d]=9,a2=7,=5,CZ4=3,々5=1,口6=],
故數(shù)列{〃}中的正項只有有限項:72=63,74=63X15=945.
故數(shù)列{〃}中存在最大項,且最大項為
故選:B.
【點睛】本題主要考查等差數(shù)列的通項公式,等差數(shù)列中項的符號問題,分類討論的數(shù)學(xué)思想等知識,屬
于中等題.
2.(?遼寧?高考真題)已知數(shù)列&}滿足的=33,an+i—冊=2底吟的最小值為.
【答案】g
【分析】先利用累加法求出an=33+n2-n,所以生=9+九一1,設(shè)f(n)=史+九一1,由此能導(dǎo)出n=5
nnn
或6時f(n)有最小值.借此能得到電的最小值.
n
【詳解】解:,**an+1-an=2n,當(dāng)n>2時,an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+...+(a2-al)+al=
2[l+2+...+(n-1)]+33=n2-n+33
且對n=l也適合,所以an=n2-n+33.
從而&=^+n—1
nn
設(shè)f(n)=-+n-l,令f(n)=亨+1>0,
ny\r
則f(n)在(而,+8)上是單調(diào)遞增,在(0,而)上是遞減的,
因為nWN+,所以當(dāng)n=5或6時f(n)有最小值.
8
所以您的最小值為等=3
n62
故答案為y
【點睛】本題考查了利用遞推公式求數(shù)列的通項公式,考查了累加法.還考查函數(shù)的思想,構(gòu)造函數(shù)利用
導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)單調(diào)性.
(_____即__時__檢__測___
1.(24-25高三上?江蘇南通?階段練習(xí))在遞增數(shù)列{冊}中,sin(a)=cos(a).已知S表示
6nn+1n
前n項和的最小值,則sin(S9)=()
A.-B.—C.--D.
2222
【答案】c
【分析】由題意依次確定數(shù)列的前9項的值,結(jié)合三角函數(shù)誘導(dǎo)公式,即可得答案.
【詳解】由題意在遞增數(shù)列{a}中,-psin(a)=cos(a),
n6nn+1
則cos(an+1)=sin(an),故cos(a2)=siM%)=
則。2=|+2kn,kEZ或也=y+2憶兀,fcGZ,結(jié)合題意取做=j?
又cos(a)=sin(a)=—,則的=-+2攵兀,fcGZ或的=—+2k7i,/cGZ,
32266
結(jié)合題意取的=¥;
同理cos(a4)=sin(a3)=—則4=y+2kji,fcGZ或4=y+2kn,kEZ,
結(jié)合題意取。4=日+2兀,
CTI
同理cos(a5)=sin(a4)=烏則。5=7+2k兀,kEZ或恁=—+2/,fcGZ,
266
結(jié)合題意取=4+2兀,
同理cos(a6)=sin(a5)=—則即=y+2k兀,k6Z或他=y+2kn,kGZ,
結(jié)合題意取。6="+4兀,同理可得即=+4兀,他="+6兀,的=+6兀,
3636
故{%}前9項和的最小值S9=£+[+券+管+2兀)+(素+2兀)+d+4兀)
/II兀\/2兀\/II兀\
+島+甸+(9+6兀)+匕+6。
=—+24n,
6
可得sin(Sg)=—
故選:C
2.(24-25高三上?山西大同?期末)等比數(shù)列{冊}中,Sn為其前n項和,%=1,且4%,2a2,。3成等差數(shù)列,
則曰(nCN*)的最小值為()
9
4
A.-B.-D.1
29
【答案】D
【分析】先根據(jù)等差中項及等比數(shù)列得通項求出公比,再根據(jù)等比數(shù)列的前n項和公式求出SQ判斷出數(shù)列
{,}的單調(diào)性即可得解.
【詳解】設(shè)公比為q,
由4aL2a2,的成等差數(shù)列,得4a2=4al+a3,
又?jǐn)?shù)列{冊}為等比數(shù)列,所以得4。遇=4%+的/,解得q=2,
所以員=利(1一勺刀)_2J
nn(l-q)n
令6-
2n+1-l2n-l(n-l)2n+l、八
則6+i-6----------------------=------7-----7->0,
nnn+1nn(n+l)
所以數(shù)列F9}遞增數(shù)列,
所以當(dāng)71=1時,且取得最小值1.
n
故選:D.
3.(2024?山東濟南?二模)已知{冊}是各項均為正整數(shù)的遞增數(shù)列,{冊}前n項和為端,若5?=2024,當(dāng)n
取最大值時,時的最大值為()
A.63B.64C.71D.72
【答案】C
【分析】因為Sn=2024是定值,要使當(dāng)n取最大值時冊也取得最大值,需滿足前6(m=n—1)項是首
相為1,公差為1的等差數(shù)列,通過計算{3?}的前63項和與%=2024作比較,前64項和與%=2024作
比較即可得出時的最大值.
【詳解】因為%=2024是定值,要使當(dāng)n取最大值時期也取得最大值,{冊}需滿足各項盡可能取到最小值,
又因為{七}是各項均為正整數(shù)的遞增數(shù)列,所以的=1,。2=2,。3=3,…,am=m,即是首相為1,
公差為1的等差數(shù)列,其中m=1;缶眉的前小項和為7加=吟2
當(dāng)m=63時,763=63(61+1)=2016<2024;
當(dāng)m=64時,幾4=64(6;+1=2080>2024;
又因為2024-2016=8<63,
所以n的最大值為63,此時刖=1,。2=2,<13=3,…,。62=62,與取得最大值為&63=63+8=71.
故選:C.
4.(2024?天津和平?二模)已知數(shù)列{冊}滿足如+>2+…+京a?=MneN*),則數(shù)列5}的通項公式為
冊=,若數(shù)列{冊}的前幾項和為Sn,記Rn="C(neN*),則數(shù)列{&}的最大項為第項.
%1+1
【答案】2九3
10
【分析】當(dāng)九=1時求出心,當(dāng)nN2時,3%+*。2+…+/冊-1=九一1,作差即可求出{an}的通項公
式,從而求出無,即可表示出治,再由基本不等式求出數(shù)列{&}的最大項.
【詳解】因為+…+、%=九(九€
當(dāng)n=1時,=1,解得的=2;
1-1-1
當(dāng)nN2時,5%+聲+…+才九一1=九一1,
兩式相減得/■即=1,即冊=2n(n>2),
經(jīng)檢驗當(dāng)幾=1時冊=2rl也成立,所以冊=2n;
因為%=2%所以S.=半2=2"+1—2,
所以Rn=65:];=65x2"+l#2Zn+l+2=55_(£+2)g65—2J2nx詈=49,
當(dāng)且僅當(dāng)2n=矣即n=3時取等號.
所以數(shù)列{RJ的最大項為第3項.
故答案為:2n;3.
考點四、&與%的關(guān)系求通項公式
典例引領(lǐng)
1.(2024?山東濟南?三模)若數(shù)列{冊}的前n項和Sn=n(n+1),則等于()
A.10B.11C.12D.13
【答案】C
【分析】根據(jù)時與無關(guān)系求解即可.
【詳解】0-(,=56-S5=6x7—5x6=12.
故選:C.
2.(2024?貴州遵義?二模)已知數(shù)列{an}的前n項和Sn=+71占1,則41+。9=()
A.16B.17C.18D.19
【答案】D
【分析】根據(jù)給定條件,利用詼=571-5?-1,n22求出(19,即可計算即得.
【詳解】依題意,的=S1=1,。9=$9-58=(92+9-1)一(82+8-1)=18,
所以+CLg—19.
故選:D
即
11
I(2024?內(nèi)蒙古呼和浩特?二模)數(shù)列{an}的前n項和為,=3-2an,7ieN*,則S5=()
A.—B.—C.—D.—
81812727
【答案】B
【分析】由%,即的關(guān)系可得{時}是以1為首項,以9為公比的等比數(shù)列,由等比數(shù)列的求和公式即可求解.
【詳解】因為%=3-2冊,所以,nN2時,S「i=3-2味1,
兩式相減得,CLn=2%-1—2(zn,即jn>2,
因為Si=3—2的,即⑥=1,
所以數(shù)列是以1為首項,以,為公比的等比數(shù)列,
故選:B.
n+1
2.(2024高三?全國?專題練習(xí))已知數(shù)列{%}的前n項和為%,an+1=Sn+2,%=2,貝”八=
【答案】n-2n
【分析】根據(jù)已知式子應(yīng)用冊+i=S.+i-S”得出等差數(shù)列,最后應(yīng)用等差數(shù)列通項公式計算即可.
【詳解】因為“+1=S.+2n+1,則L+1-Sn=Sn+2n+'整理得湍—去=1,
又因為的=2,則半=1,
因此數(shù)列仔}是首項為1,公差為1的等差數(shù)列,
則宗=1+(n—1)X1=n,
所以32n.
故答案為:n-2n.
3.(2024高三?全國?專題練習(xí))在數(shù)列{%}中,ai=前n項和Sn=n(2n-1)冊,則數(shù)列{冊}的通項公式
為_____
]
【答案】0=
n(2n-l)(2n+l)
【分析】當(dāng)九22時,由已知的等式可得S-i=(九一l)(2n—3)冊t,與已知的等式相減化簡可得q=",
an-l2九+1
然后利用累乘法可求出冊.
【詳解】由于數(shù)列{冊}中,的=5,前幾項和S九=九(2九一1)冊,
所以當(dāng)nN2時,Sn_r=(n-l)(2n-3)an_1,
兩式相減可得:an=n(2n-l)an-(n-l)(2n-3)an_lf
所以(?i—l)(2n—3)a九_]=(24-n—l)an.
(n—l)(2n—3)冊_i=(n—l)(2n+l)an,
所以(2幾—3)冊_i=(2n+l)an,
12
所以w=需,
所以與=%常鷺.?…公
1132n-52n-31
=-X-X-X…X-----X-----=------------,
3572n-l2n+l(2n-l)(2n+l)
-1符合上式,
1
因此“
(2n-l)(2n+l)
]
故答案為:a=
n(2n-l)(2n+l)
Sn=
4.(2024高三?全國?專題練習(xí))已知數(shù)列{冊}的前幾項和為Sn,若2,T,則數(shù)列{an}的通項公式為
【答案】冊=2n-2
【分析】利用數(shù)列的前71項和S.與%的關(guān)系求出數(shù)列的通項;
【詳解】Sn=2-1—1
當(dāng)n=1時,a1=S]=20—[=
當(dāng)"22時,an^Sn-S—i=251-2n<=2n-2,%=[也滿足,
所以數(shù)列{%J的通項公式為%=2n-2.
2
故答案為:an=2"-.
考點五、累加法求通項公式
典例引領(lǐng)
524=()
1.(2024?重慶?三模)已知數(shù)列{an}的前n項和為Sn,%=l,Sn+Sn+i=層+CN*),
A.276B.272C.268D.266
【答案】A
【分析】令?i=1得S2=1,當(dāng)n22時,結(jié)合題干作差得%+1-Sn_r=2n—1,從而利用累加法求解S24=
即可.
2
【詳解】的=Si=1,又Sn+Sn+1=n+1,
當(dāng)n=l時,Si+S2=I2+1=2,解得$2=1;
當(dāng)n22時,S「i+Sn=(n—I/+1,作差得S.+i-S「i=2n-1,
S24=(S24—S22)+(S22—S20)+…+S2=
(S4—S2)+2(23+21+???+3)—11+1=276.
故選:A
2.(2024?河北保定?三模)設(shè){“}是公差為3的等差數(shù)列,且0=an+1+an,若的=1,則=()
A.21B.25C.27D.31
【答案】D
13
【分析】由0=冊+1+冊,得g+i=Q九+2+冊+1,從而可得0+1-0=冊+2-冊=3,進(jìn)而可求解.
=
【詳由=。n+1+。九,得"n+1=%i+2+。九+1,則"n+1—bn(Zn.)-2—。九=3,
從而。21=。21—。19+。19—017+…+。3—%+%=3X10+1=31.
故選:D
即時檢測
(___________________
1.(2024?陜西咸陽?三模)在數(shù)列{冊}中,的=1,an+1=an+2n—1,則電=()
A.43B.46C.37D.36
【答案】C
【分析】由遞推公式冊+i=an+2n-1用累加法公式冊=(an-an_^+(an_t-an_2)+…+(牝一。1)+
ar(n>2)求出冊,再求劭即可.
k
【詳解】法—:由題得冊=(un—un_|)+(冊_1—cin_2)+…+(。2—的)+的=(2n—3)+(2TI-5)+…+
、
30+?-11+?]1=-(w———l)[(2n~—~3-)~+~1]L+1=nz?—n2n+?c2(n>2),
所以劭=72-2x7+2=37.
V去—?:由=1,。九+1—。九=271—1,
所以劭=(。7—。6)+(@6—。5)+…+(@2—。1)+%=11+9+7+5+3+1+1=37.
故選:C.
2.(2024?湖南衡陽?模擬預(yù)測)已知數(shù)列{%}滿足:的=1,an=an_1+n(n>2),且%=看,則數(shù)列也}
前n項的和端為()
A.S=—B.S=—C.S=—D.S=—
nn+1nn+lnn+2nn+2
【答案】B
【分析】由疊加法求出數(shù)列{aj通項公式,再代入b?=2,求出數(shù)列{%}通項公式,再由列項相消法求出S..
【詳解】由冊=an_t+n(n>2)得利=4+2,a3=a2+3,匆=@3+4,…,an_i=an_2+n—1,an—
an_r+n(n>2),
曾加得冊=。1+2+3+4+...+九=l+2+3+4+…+TI=—--(jiN2),
由題可知的=1也適合上式,故%=也羅;
所以%=2=^1)=2?—京),
);;
則數(shù)列{.bn}前n項的和Sn=b]+Z2++…+bn-1+bn=2(1—+?—+?—…H——---+-—
\223s4n—1nn
總=2。磊)2n
n+l'
故選:B.
3.(2024?全國?模擬預(yù)測)已知數(shù)列{冊}滿足的=3,a2=15,且即+2-2an+1+0n=8,若[幻表示不超過匯
14
4034.4034..40341
的最大整數(shù),則-------------1-----------------r???H--------------
a
的a22024-
A.2016B.2017C.4032D.4034
【答案】A
【分析】根據(jù)遞推關(guān)系可證數(shù)列{a“+i-冊}是等差數(shù)列,進(jìn)而利用累加法求出通項冊,再利用裂項相消法求
出幽+幽+…+幽,結(jié)合條件求得結(jié)果.
?102024
【詳解】由斯+2—2冊+1+Q九=8,可得(冊+2—an+l)—(冊+1—an)=8,又
@2-的=15-3=12,故數(shù)列{冊+i-冊}是以12為首項,8為公差的等差數(shù)列,
則Q九+1—CLn—12+(ri—1)x8=8九+4,4—%=8+4,%—。2=8x2+4,
。4—03=8X3+4,…,c1n—a九-1=8(71—1)+4(n22),
故當(dāng)九N2時,即-01=8+8x2+8x34---F8x(n—1)+4(n-1)=4n2—4,
2
則當(dāng)nN2時,an=4n-1,又的=3適合上式,故冊=4九2一1,nGN*,
111
2
an4n—1(2n-l)(2n+l)
40344034
---=----X
2
403440344034Ill11
------+------+…+------=2017XI1----1----=+…H-------------------------------
@2024\3352x2024-12X2024+1
=2017x(1-焉).
又2016<2017x(1—焉)<2017,故管+—+???+—]=2016.
敢O-2024-
故選:A.
4.(2024?廣東深圳?模擬預(yù)測)已知數(shù)列5}的前n項和為分,且%=n2+3n,若首項為犧數(shù)列也}滿足---
2%+1
1
則數(shù)列{g}的前2024項和為()
?2025C2023
A.—h).---D?黑
202320242024
【答案】D
【分析】已知數(shù)列{%J的前n項和為Sn,做差法計算數(shù)列{%}的通項公式,代入廠-一;=心,累加法求出
On+1bn
數(shù)列出n}的通項公式,裂項相消即可求出數(shù)列{b}的前2024項和.
2
【詳解】解:Sn=n+3n,an=Sn-Sn_r=2n+2(n>2),
當(dāng)幾=1時,的=4,符合a九=2n+2,
所以數(shù)列{冊}的通項公式為冊=2n+2.
1111o.O
','二一鼠二冊--------=2n+2,
bn+lbn
即工」=4,
b2久
工」=6
匕3b2'
15
—=2n,又J=2,累加法可得:5="+九,
bnbnTbl
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