2024年廣東高考物理第四次質檢試卷-自定義類型

2024年廣東省高考物理第四次質檢試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.如表給出了某些金屬材料的逸出功.現用波長為400nm的單色光照射上述材料，能產生光電效應的材料

最多有幾種（普朗克常量h=6.6x10-34/7,光速c=3.0x108血/5,e=1.6x10-19c）（）

金屬鴇鈣鈉鉀鋤

Wo(eV)4.543.202.292.252.13

A.2種B.3種C.4種D.5種

2.如圖甲所示，一列簡諧橫波在均勻介質中沿直線向右傳播，選取平衡位置在同一直線上的7個質點，相鄰

兩質點間的距離均為d.t=0時該波傳播到質點1,且質點1向下運動，時刻該波第一次出現如圖乙所示的

波形，則

()

A.to時質點2向下運動B.to時質點5的速度為0

C.該波的波長為10dD.該波的波速為衛(wèi)

「0

3.如圖所示,在地面上一盤子C的正上方力處有一金屬小球a距C為20m,在8處有另一個金屬小球b距C為15m,

小球Q比小球b提前1s由靜止釋放3取IOTH/S?）。則（）

^—Qa

B-

20m

A.方先落入C盤中，Q、b不可能在下落過程中相遇

B.。先落入C盤中，a、b下落過程相遇點發(fā)牛.在BC之間某位置

C.a、b兩小球同時落入C盤

D.在a球下落過程中，a、b兩小球相遇點恰好在8處

4.在粗糙水平桌面上，長為Z=0.2m的細繩一端系一質量為m=1kg的小球，手

握住細繩另一端。點在水平面上做勻速圓周運動，小球也隨手的運動做勻速圓周

運動.細繩始終與桌面保持水平，。點做圓周運動的半徑為r=0.15m,小球與桌

面的動摩擦因數為〃=0.6,g=10m/s2o當細繩與。點做圓周運動的朝L跡相切時,

則下列說法正確的是（）

A.小球做圓周運動的向心力大小為6NB.。點做圓周運動的角速度為2，Irad/s

C.小球做圓周運動的線速度為6?九/5D.小球做圓周運動的軌道半徑為「八

5.霍爾式位移傳感器的測量原理如圖所示，有一個沿z軸方向的磁場，磁感應強度B=Bo+kz（B。、k均為常

數）.將傳感器固定在物體上，保持通過霍爾元件的電流I不變（方向如圖所示），當物體沿z軸方向移動時，

由于位置不同，霍爾元件在y軸方向的上、下表面的電勢差U也不同.則（）

A.傳感器靈敏度華與上、下表面的距離有關

B.當物體沿z軸正方向移動時，上、下表面的電勢差U變小

C」‘專感器靈敏度孚與通過的電流有關

D.若圖中霍爾元件是電子導電，則下板電勢高

6.如圖乙所示，在圖中理想變壓器的原、副線圈上有工、8、C、。四只相同的小燈泡，在原線圈加有如圖甲

所示的電壓，原、副線圈函數比為2：1,開關閉合時力小燈泡的功率為P（設整個過程四只小燈泡均未超過額

定功率）,則（）

A.加在原線圈的電壓隨時間變化規(guī)律為〃=220stnl007rt（V）

B.變壓器的輸出功率為

C.A,B、C、。四燈總功率為舁

D.若斷開開關S則8、C兩小燈泡變暗

7.如圖所示，重力不計的一束混合帶電粒子，從同一點垂直于電場方向進入一截面是

矩形的有界勻強電場中，電場強度為E，1、2、3是粒子運動軌跡中的三條.關于這

些粒子的運動，下列說法中正確的是（）

A.有的粒子能在電場中一直運動下去

B.同一軌跡上的粒子其比荷一定相同

C.若初速度都相同，則軌跡3的粒子比軌跡1的粒子比荷小

D.若進入電場前粒子都是經同一電場由靜止開始加速，則將沿同一軌跡運動

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

&（多選）我們知道，氣體分子的運動是無規(guī)則的，每個分子運動的速率一般是不同的，但大量分子的速率分

布卻有一定的統(tǒng)計規(guī)律.下圖描繪了某種氣體在不同溫度下分子數百分比按速率分布的曲線，兩條曲線對

應的溫度分別為7\和今，則下列說法正確的是（）

C.兩曲線與橫軸所圍圖形的“面積”相等D.兩曲線與橫軸所圍圖形的“面積”不相等

9.如圖，力、B為原來都靜止在同一勻強磁場中的兩個放射性元素原子核的變化示意圖，其中一個放出一a粒

子，另一個放出一0粒子，運動方向都與磁場方向垂直.下圖中a、b與c、d分別表示各粒子的運動軌跡，下

列說法中正確的是（）

。丁圖：小球自由下垂時測量擺線的長度

(2)某同學通過測量30次全振動時間來測定單擺的周期T,他在單擺經過平衡位置時按下秒表記為“1”，若

同方向經過平衡位置時記為“2”，在數到“30”時停止秒表，讀出這段時間3算出周期T="30,其他

操作步驟均正確。多次改變擺長時，他均按此方法記錄多組數據，并繪制了產一心圖象，則他繪制的圖形可

(3)按照(2)中的操作，此同學獲得的重力加速度將_____(選填“偏大”、“偏小”、或“不變”)

12.某實驗小組為了測量額定電壓為3P的用電淵在正常工作時的阻值，在接入電路前用歐姆表估測該用電器

的阻值約為500。，實驗室為該實驗小組提供的實驗器材有：

A電流表4式0-50mA、心1約為3。)

8.電流表4(0-3mA、RA2=15。)

C月值為85。的定值電阻8

。.阻值為1985。的定值電阻&

￡.滑動變阻器R(最大阻值為20。)

”.電壓表火0—12匕即=IkQ)

G.電動勢為12P的電池組E(內阻可忽略不計)

H.開關S一個，導線若干

(1)該小組的同學為了精確地測量該用電器的阻值，四組同學設計的電路如下，請根據所學的知識選出合適

的電路圖

(2)根據所選的電路，如果將電流表改裝為量程為6V的電壓表，則電流表應選擇,定值電阻應選擇

(填字母序號)

(3)實驗小組的同學連接好電路后,當用電器正常工作時，電壓表、電流表的讀數分別用U、/表示，則用電

器電阻的關系式為%=____(用題中的字母表示)，當用電器正常_L作時，電流表的詼數應為/=

四、簡答題：本大題共2小題，共24分。

13.一光具由同種透明材料的半圓柱和長方體組成，其截面圖如圖所示，0為圓心,AD

A8為半圓直徑，其中AB長度是8C長度的2倍。一細光束以60。的入射角，從圓弧

面上以垂直力B方向射入光具，其折射光線恰好經過CD邊的中點，已知半圓柱半

徑為R,光在真空中的速度為c,求：

(1)該透明材料的折射率上

(2)光在光具中傳播的最長時間(不考慮二次反射)。

14.如圖所示，一傾角9=30。的光滑斜面固定在水平地面上，斜面底端固定一擋板P。長為L=5m的薄木板

置于斜面上，其質量M=1kg,下端位于B點，PB=5m,薄木板中點處放有一質量m=Mg的滑塊(可視

為質點)。已知滑塊與薄木板之間的動摩擦因數〃=暮，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，斜面上48區(qū)間存

在特殊力場，當滑塊進入此區(qū)域時能對滑塊產生一個沿斜面向上、大小為F=10N的恒力作用，對木板無作

用力，48區(qū)域沿斜面的寬度為1=2.5m,重力加速度g=1077i/s2,現由靜是移放薄木板和滑塊，求：

(1)滑塊m在進入A8區(qū)域之前，薄木板運動的加速度大小劭；

(2)滑塊第一次進入AB區(qū)間內受薄木板的摩擦力/■的大小和方向；

(3)若薄木板第一次與擋板P碰撞后以原速率反彈，小滑塊與擋板碰撞后即粘在擋板上，停止運動。求薄木

板第一次與擋板P碰撞后沿斜面上?升到最高點的時間t(忽略滑塊從薄木板上滑下時，對木板的影響，結果可

保留根號)。

五、計算題：本大題共1小題，共14分。

15.兩根光滑且足夠長的固定平行金屬導軌M2、PQ水平放置，導軌的間距為L,兩根導體棒的和cd垂直導

軌放置且與導軌接觸良好，如圖所示。導體棒的質量均為m、電阻均為R,其余電阻不計，磁感應強度為8的

勻強磁場方向垂直于導軌平面；開始時，助棒靜止，給cd棒一水平向右的初速度%,設兩導體棒在此后的

運動過程中始終不接觸，求：

(1)開始瞬間cd棒的加速度多大;

(2)兩導體棒在運動中最終產生的焦耳熱是多少？

(3)在兩棒整個的運動過程中，導體棒ab和cd在水平導軌間掃過的面積之差？

1.B

8.AC

[O.AC

11.(1*/).(2)0.(3)偏大,

12.CBD乂鏟42)1SmA

而一’

13.解：(1)作出光路如圖所示，設折射角為氏根據折射定律有

stn60o

n=-r-7-

sinf?

根據幾何關系可知

解得：n=

(2)根據幾何關系可知，從入射點到C0邊上的出射點之間的距離為

x=2Rcos0

根據對稱性可知，光線在光具中通過的最大光程為2%,則

解得：t=^

答：(1)該透明材料的折射率為，I;

(2)光在光具中傳播的最長時間為華。

14.解：(1)滑塊在進入力8區(qū)域之前，由于斜面光滑，將與木板?起以加速度大小劭加速下滑，對整體根據

牛頓第二定律可得：

(M+m)gsinO=(M+m)aQ

2

解得：a0=5m/s：

(2)進入力8區(qū)間后，假設滑塊與木板仍然相對靜止，設下滑的加速度大小為a,對整體根據牛頓第二定律可

得：

(M+m)gsin0一尸二(M+m)a

對滑塊，所受木板的靜摩擦力;?辦方向沿斜面向下，根據牛頓第二定律有：

mgsinO+f靜—F=ma

解得：Q=0,/=^mg=ix1x10/V=5N

又因為滑塊與木板間的最大靜摩擦力：fm=iimgcosO,解得：第=5N

假設成立，即滑塊受木板的靜摩擦力方向沿斜面向下，大小為5N；

(3)滑塊和木板一起以加速度劭加速下滑的速度為巧，則：vf=2aQl

解得：Vi=5m/s

整體下滑/后，滑塊進入48區(qū)，此時滑塊和木板一起勻速下滑/后，薄木板與擋板相碰后以速率/反彈.，此

時滑塊的速度大小為/=5m/s,方向沿斜面向下。

對滑塊根據牛頓第二定律可得：mgsinO-^imgcosO=max,解得%=0,即zn在MI:仍然勻速下滑

對薄木板根據牛頓第:定律可得：MgsinO+1.imgcosB=Ma?，解得g=10m/s2,M以加速度lOm/s?勻減

速上滑

設滑塊離開薄木板的時間為“，有：/口+(%0—；。24)=1

此時薄木板的速度：以=%-。2上

2

分離后，對薄木板有：MgsinO=Ma3,解得加速度大小為：a3=5m/s

接著薄木板以加速度。3=