安徽省滁州市定遠(yuǎn)縣重點(diǎn)中學(xué)2024-2025學(xué)年高三（上）12月第三次檢測(cè)物理試卷（含解析）

第=page22頁(yè)，共=sectionpages1919頁(yè)定遠(yuǎn)中學(xué)2024-2025學(xué)年高三（上）12月第三次檢測(cè)物理試卷一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.如圖所示，半球形容器固定在地面上，容器內(nèi)壁光滑，同種材質(zhì)構(gòu)成的質(zhì)量分布均勻的光滑球A、B放在容器內(nèi)處于平衡狀態(tài)，已知容器、A、B半徑之比為6:2:1，B球的質(zhì)量為m，重力加速度為g，若用沿水平方向且延長(zhǎng)線過A球球心的力緩慢推動(dòng)A球，則當(dāng)A球的球心與半球形容器的球心在同一豎直線上時(shí)，水平力的大小為(

)

A.34mg B.43mg C.2.如圖甲所示為兩位同學(xué)在傳接籃球訓(xùn)練，小明將籃球從A點(diǎn)拋給小李(籃球運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙中實(shí)線1所示)，小李在B點(diǎn)接住然后又將籃球傳給小明(籃球運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙中虛線2所示)，小明在C點(diǎn)接住籃球。已知籃球在空中運(yùn)動(dòng)的最大高度恰好相同。若忽略空氣阻力，A、B、C三點(diǎn)在同一水平高度，則(

)A.籃球沿軌跡1運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng) B.籃球沿軌跡2運(yùn)動(dòng)的過程中加速度更小

C.籃球在兩軌跡最高點(diǎn)時(shí)的速度大小相等 D.小明比小李拋出籃球時(shí)的速度更大3.如圖所示，用橫截面積為S=10cm2的活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在導(dǎo)熱良好的汽缸內(nèi)，汽缸平放到光滑的水平面上。勁度系數(shù)為k=1000N/m的輕質(zhì)彈簧左端與活塞連接，右端固定在豎直墻上。不考慮活塞和汽缸之間的摩擦，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)彈簧處于自然長(zhǎng)度，活塞距離汽缸底部的距離為L(zhǎng)0=18cm?，F(xiàn)用水平力F向右緩慢推動(dòng)汽缸，當(dāng)彈簧被壓縮xA.氣體從外界吸熱 B.氣體分子的平均動(dòng)能變大

C.再次靜止時(shí)力F的大小為50N D.汽缸向右移動(dòng)的距離為4.2024年1月18日01時(shí)46分，天舟七號(hào)貨運(yùn)飛船成功對(duì)接空間站天和核心艙，變軌情況如圖所示?？臻g站軌道可近似看成圓軌道，且距離地面的高度約為390km。下列關(guān)于天舟七號(hào)的說法正確的是(

)

A.發(fā)射速度大于11.2km/s

B.從對(duì)接軌道變軌到空間站軌道時(shí)，需要點(diǎn)火加速

C.在對(duì)接軌道上的運(yùn)行周期大于空間站的運(yùn)行周期

5.將兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷固定在邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形ABCD的A、C兩個(gè)頂點(diǎn)處，它們所帶電荷量分別為+Q和-Q，用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線將一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的帶電小球拴在A點(diǎn)，將小球從B點(diǎn)由靜止釋放，小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，經(jīng)過AC連線上的F點(diǎn)。整個(gè)裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度E=mgq。已知小球可視為質(zhì)點(diǎn)，靜電力常量為k，重力加速度為gA.小球在剛釋放時(shí)的加速度大小為2g

B.在從B到F過程中，小球的機(jī)械能先增大后減小

C.經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)，小球的速度大小為2gL

D.小球經(jīng)過6.某同學(xué)從商場(chǎng)購(gòu)買了一個(gè)質(zhì)量分布均勻的透明“水晶球”，如圖甲所示。該同學(xué)先測(cè)出了“水晶球”的直徑為10?cm，并標(biāo)記了其中一條水平直徑對(duì)應(yīng)的兩端點(diǎn)P、Q。球外某光源發(fā)出的一細(xì)束單色光從球上P點(diǎn)射向球內(nèi)，折射光線與水平直徑PQ夾角為θ，當(dāng)θ=30°時(shí)，出射光線與PQ平行，如圖乙所示。已知光在真空中的傳播速度為3×108A.“水晶球”的折射率為3

B.光在“水晶球”中的傳播時(shí)間為5×10-8s

C.改變從P點(diǎn)入射光線的入射角，光線從水晶球射向空氣時(shí)，一定不會(huì)發(fā)生全反射

D.若保持從7.如圖所示，相隔一定高度的兩水平面間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一質(zhì)量為m、電阻為R、邊長(zhǎng)為d的單匝正方形金屬框從磁場(chǎng)上方某處自由落下，恰好能勻速穿過磁場(chǎng)區(qū)域，已知金屬框平面在下落過程中始終與磁場(chǎng)方向垂直，且金屬框上、下邊始終與磁場(chǎng)邊界平行，不考慮金屬框的形變，不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g，則金屬框穿過磁場(chǎng)的過程中，下列說法正確的是(

)

A.金屬框中電流的方向先順時(shí)針后逆時(shí)針 B.金屬框所受安培力的方向先向上后向下

C.金屬框穿過磁場(chǎng)所用時(shí)間為t=2B28.如圖所示，輕彈簧一端連接質(zhì)量為m的物體A，另一端固定在光滑的固定斜面底端，A通過輕繩跨過光滑的定滑輪與質(zhì)量為2m的物體B連接，繩、彈簧與斜面平行．將A由彈簧原長(zhǎng)處?kù)o止釋放，已知輕繩始終有力，重力加速度為g.則B的速度v、加速度a和彈簧彈力F、繩子張力T與時(shí)間t或位移x的關(guān)系圖像可能正確的是(

)

A. B.

C. D.

二、多選題：本大題共2小題，共10分。9.蒸汽錘打樁機(jī)，利用高壓蒸汽將錘頭上舉，然后錘頭做自由落體運(yùn)動(dòng)向下撞擊樁頭，使樁沉入地下。已知樁頭與錘頭的質(zhì)量均為m，錘頭從距離樁頭h處開始自由下落，若不計(jì)空氣阻力，錘頭與樁頭碰撞后結(jié)合在一起，碰撞時(shí)間極短，碰后二者運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，重力加速度為g，下列說法正確的是(

)A.碰后運(yùn)動(dòng)過程中錘頭與樁頭的總動(dòng)量守恒

B.錘頭與樁頭碰撞瞬間總動(dòng)量守恒

C.錘頭與樁頭碰撞前后瞬間，錘頭的速度變化量的大小為gh

D.10.圖甲中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為3︰1，輸入電壓U隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示(圖像為正弦圖像的一部分)，電阻R1、R2和R3的阻值分別為5Ω、2ΩA.輸入電壓U的有效值為102V

B.若開關(guān)S斷開，電流表的示數(shù)為0.2?A

C.若將開關(guān)三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。11.一同學(xué)用以下裝置探究光的干涉現(xiàn)象：(1)如圖1所示，對(duì)雙縫實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行調(diào)節(jié)并觀察實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象：①圖2中甲、乙圖是光的條紋形狀示意圖，其中干涉圖樣是________。(選填“甲”或者“乙”)②在實(shí)驗(yàn)中，僅將濾光片由藍(lán)色的換成紅色的，干涉條紋間距變________。(選填“寬”或者“窄”)(2)如圖3所示，為觀察白光薄膜干涉的演示實(shí)驗(yàn)，豎直放置的鐵絲圈上覆有一層肥皂薄膜，觀察者可以觀測(cè)到肥皂膜上有明暗相間的彩色條紋。①為了更好地觀察干涉條紋，光源應(yīng)該在________。A.觀察者同側(cè)

B.②下列對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)論的說法正確的是________。A.若緩慢旋轉(zhuǎn)鐵絲圈，觀察者看到的條紋將跟著旋轉(zhuǎn)B.若將鐵絲圈水平放置，肥皂膜上的條紋圖樣不會(huì)變化C.若發(fā)現(xiàn)條紋是等間距的，說明肥皂膜是等厚的D.若發(fā)現(xiàn)條紋是上疏下密的，說明肥皂膜從上往下變厚是越來(lái)越快的12.某型號(hào)的熱敏電阻RT在25℃～80℃t25.030.040.050.060.070.080.0R900.0680.0520.0390.0320.0270.0240.0(1)在圖甲電路中，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R使其接入電路的阻值最大，只閉合K，調(diào)節(jié)R，使電流表指針滿偏，閉合K1，只調(diào)節(jié)電阻箱R1，使電流表指針半偏，此時(shí)電阻箱示數(shù)為2.0Ω，則電流表內(nèi)阻R(2)電流表內(nèi)阻的測(cè)量值理論上與真實(shí)值相比略

(填“偏大”“偏小”或“相等”．(3)再用圖乙所示的電路圖核實(shí)RT標(biāo)稱值，忽略以上測(cè)量R0的誤差值，實(shí)驗(yàn)時(shí)與電壓表相連的導(dǎo)線的A端應(yīng)接在圖中的

(填“P”或“Q”)點(diǎn).正確連接電路后，小組同學(xué)發(fā)現(xiàn)只有溫控室內(nèi)的溫度為40.0℃時(shí)，熱敏電阻的測(cè)量值與標(biāo)稱值不符，此時(shí)電壓表的示數(shù)為U1=5.02V，電流表的示數(shù)為I1=10(4)請(qǐng)依據(jù)熱敏電阻核實(shí)后的阻值，在圖丙坐標(biāo)紙上補(bǔ)齊數(shù)據(jù)點(diǎn)，并作出RT-t(5)當(dāng)熱敏電阻的阻值為360Ω時(shí)，熱敏電阻的溫度為

℃(保留兩位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本大題共3小題，共42分。13.如圖甲所示，真空室中電極K發(fā)出的電子(初速度不計(jì))經(jīng)電場(chǎng)加速后，由小孔S沿兩平行金屬板M、N的中心線OO'射入板間，加速電壓為U0，M、N板長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩板相距3L3.加在M、N兩板間電壓u隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線如圖乙所示，圖中U1未知，M、N板間的電場(chǎng)可看成勻強(qiáng)電場(chǎng)，忽略板外空間的電場(chǎng)．在每個(gè)粒子通過電場(chǎng)區(qū)域的極短時(shí)間內(nèi)，兩板電壓可視作不變．板M、N右側(cè)距板右端2L處放置一足夠大的熒光屏PQ，屏與OO'垂直，交點(diǎn)為O'.在M、(1)求電子加速至O點(diǎn)的速度大小v0(2)若所有電子能從M、N金屬板間射出，求U1(3)調(diào)整磁場(chǎng)的左邊界，使從M板右側(cè)邊緣射出電場(chǎng)的電子，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后能到達(dá)O'點(diǎn)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的最大值Bm14.如圖所示為某水上樂園的水滑道示意圖。游客和保護(hù)裝備總質(zhì)量m0=60kg，游客從水滑道上高為h=20m的A點(diǎn)由靜止下滑，在B處通過半徑R=10m的豎直圓形滑道(進(jìn)、出口分離)后，沖上放在水平地面上靠在一起的滑板m1和m2。人和滑道、滑板和地面間的摩擦均可忽略不計(jì)，傾斜滑道的坡底處和水平滑道之間有平滑連接過度，滑板的上下表面均處于水平狀態(tài)，放置滑板的地面足夠長(zhǎng)，在游客滑上滑板m2之前兩滑板始終靠在一起，人可以視為質(zhì)點(diǎn)。已知兩滑板質(zhì)量m1和m2(1)游客在B點(diǎn)進(jìn)入圓形滑道瞬間受到的支持力大小;(2)游客、滑板m1和m215.如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌a1b1c1、a2b2c2平行放置，導(dǎo)軌間距L=1?m，a1b1、a2b2段傾斜且足夠長(zhǎng)，與水平方向的夾角θ=37°，b1c1、b2c2段水平，在距離b1b2連線的左側(cè)x=1.75?m處有兩根固定立柱，導(dǎo)軌水平和傾斜部分平滑連接。傾斜部分導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.3?T(1)求金屬棒甲沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)的最大速度vm(2)金屬棒甲從開始運(yùn)動(dòng)至達(dá)到最大速度的過程中，其產(chǎn)生的焦耳熱為0.4?(3)求金屬棒甲、乙第二次碰撞結(jié)束瞬間兩者的速度大小分別為多少？

答案和解析1.【答案】A

【解析】受力分析如圖所示，

設(shè)B球的半徑為r，則有O1O2=4r，O1O3=3r，O2O3=5r，即△O1O2O2.【答案】D

【解析】A.籃球做斜拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=22hg，由豎直位移決定，由于高度相同，所以兩次運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故A錯(cuò)誤；

B.籃球在空中只受重力作用，可知兩軌跡的加速度均為重力加速度，故兩種情況下加速度相等，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)斜上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知從最高點(diǎn)開始的平拋運(yùn)動(dòng)，軌跡1的水平位移大于軌跡2的水平位移，時(shí)間相等，由x=v0t，則籃球在軌跡1最高點(diǎn)時(shí)的速度大于在軌跡2最高點(diǎn)時(shí)的速度，故C錯(cuò)誤；

D.由軌跡知道，兩軌跡豎直方向初速度相同，軌跡1的水平初速度大于軌跡2的水平初速度，根據(jù)速度的合成可知，軌跡1拋出的速度大于軌跡2拋出的速度，即小明比小李拋出籃球時(shí)的速度更大，故D正確。

故選：D。3.【答案】C

【解析】解：A.根據(jù)熱力學(xué)第一定律：ΔU=W+Q；

氣缸導(dǎo)熱良好，氣體被壓縮過程中溫度不變，故氣體內(nèi)能不變，外界對(duì)氣體做正功，則氣體向外界放熱，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)上述分析，氣體被壓縮過程中溫度不變，則氣體分子的平均動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

C.此時(shí)F與彈簧彈力大小相同，故：F=kx=1000×5×10-2N=50N；

故C正確；

D.氣體被壓縮過程溫度不變，根據(jù)玻意耳定律p0L0S=(4.【答案】B

【解析】A、第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，則天舟七號(hào)飛船的發(fā)射速度應(yīng)大于第一宇宙速度7.9km/s，而11.2km/s是第二宇宙速度，第二宇宙速度是脫離地球最小發(fā)射速度，天舟七號(hào)貨運(yùn)飛船沒有脫離地球引力束縛，故發(fā)射速度不能大于11.2km/s，故A錯(cuò)誤;

B.對(duì)接軌道相對(duì)于空間站軌道是低軌道，由低軌道到高軌道，需要再切點(diǎn)位置加速，即從對(duì)接軌道變軌到空間站軌道時(shí)，需要點(diǎn)火加速，故B正確；

C、根據(jù)開普勒第三定律，R13T12=R23T225.【答案】C

【解析】【分析】根據(jù)受力分析得出，剛釋放時(shí)的加速度大小大于2g；

根據(jù)功能關(guān)系分析機(jī)械能變化；

根據(jù)動(dòng)能定理求經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)，小球的速度大?。?/p>

小球經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)根據(jù)牛頓第二定律列式求細(xì)線的拉力大小。

本題考查了帶電物體在疊加的電場(chǎng)、重力場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，受力分析是關(guān)鍵。

【解答】A、小球在剛釋放時(shí)受電場(chǎng)力與重力的合力為2mg，因還受的繩的拉力與庫(kù)侖力，根據(jù)受力分析可知?jiǎng)傖尫艜r(shí)的加速度大小大于2g，故A錯(cuò)誤；

B、在從B到F過程中，小球受的電場(chǎng)力、庫(kù)侖力均做正功，故小球的機(jī)械能一直增大，故B錯(cuò)誤；

C、從B到D過程，庫(kù)侖力做功為0，繩的拉力不做功、只有重力、電場(chǎng)力做功，根據(jù)動(dòng)能定理得

(qE+mg)L=12mv2，解得經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)，小球的速度大小為2gL，故C正確；6.【答案】B

【解析】解：A.如圖所示，

由幾何關(guān)系可知，光線射出時(shí)的折射角r為2θ，折射率

n=sin2θsinθ=3，故A正確;

B.光在“水晶球”中傳播的距離l=dcosθ

時(shí)間t=lv=nlc=2dcos2θc=5×10-10s故B錯(cuò)誤;

7.【答案】C

【解析】【分析】本題主要考查楞次定律、左手定則、平衡條件以及功的計(jì)算。根據(jù)楞次定律判斷線框中電流的方向；根據(jù)楞次定律判斷線框所受安培力的方向；根據(jù)平衡條件求得線框勻速穿過磁場(chǎng)區(qū)域的速度，根據(jù)勻速運(yùn)動(dòng)的位移公式求解金屬框穿過磁場(chǎng)所用時(shí)間；根據(jù)動(dòng)能定理求得金屬框所受安培力做的功。

【解答】

A.由楞次定律判斷線框中電流的方向先逆時(shí)針后順時(shí)針，故A錯(cuò)誤;

B.由左手定則判斷線框所受安培力的方向保持豎直向上，故B錯(cuò)誤;

C.勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)安培力與重力平衡，根據(jù)平衡條件有B2d2vR=mg，可求出線框穿越磁場(chǎng)的速度v=mgRB2d2，而穿過磁場(chǎng)的位移為2d，時(shí)間t8.【答案】C

【解析】【分析】

本題考查了牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用、運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像綜合；解決本題的關(guān)鍵是明確A被釋放后做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律分析。

對(duì)A進(jìn)行受力分析，判斷其速度、加速度與位移的關(guān)系，由此判斷其運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，從而判斷是否做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由此得解；

結(jié)合實(shí)際情況，分析最大的彈力，從而確定彈簧彈力的變化范圍；

對(duì)A物體隔離分析，由其受力及簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性解得繩的拉力大小與位移的關(guān)系。

【解答】將A由彈簧原長(zhǎng)處?kù)o止釋放，設(shè)A的位移為x，對(duì)整體，由牛頓第二定律，可得：

2可知A先沿斜面向上做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)x增大到某值時(shí)a減小到零，然后向上做加速度反向增大的減速運(yùn)動(dòng)，A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度減小到零；然后A沿斜面向下先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，A運(yùn)動(dòng)到釋放位置時(shí)速度剛好減小到零。由于加速度a與x成線性關(guān)系，故A在斜面上做以某點(diǎn)(速度最大加速度為零位置)為中心的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。A.由上述分析可知，A做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像應(yīng)是正弦函數(shù)圖像，故A錯(cuò)誤；

B.A剛釋放瞬間，對(duì)其受力分析，由以上牛頓第二定律方程可得其加速度為：a=12g，但在AC.A剛釋放時(shí)，彈簧彈力等于零，此時(shí)A的加速度：a1A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，加速度a2與a1等大反向，則2mg-mgsin30°-FmD.對(duì)A物體，由牛頓第二定律T-mgsin30°-kx=ma，得T=kx+ma+12mg9.【答案】BD

【解析】A.碰后運(yùn)動(dòng)過程中，錘頭與柱頭受重力與阻力作用，它們的總動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；

B.錘頭與樁頭碰撞瞬間，由于時(shí)間極短，

可以認(rèn)為內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，所以可以認(rèn)為錘頭與樁頭碰撞瞬間總動(dòng)量守恒，故B正確;

C.錘頭與樁頭碰撞過程，由動(dòng)量守恒定律可得mv=2mv共

對(duì)錘頭下落的過程，由自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得v2=2gh，

解得v=2gh、v共=2gh2，10.【答案】BD

【解析】A、根據(jù)熱效應(yīng)相同，有：U有2RT=(202)2R(2R×T4×2，解得：U有=10V，故A錯(cuò)誤；

B、等效電阻R'=(n1n2)2(11.【答案】(1)?①.甲；?②.寬；(2)?①【解析】【分析】本題考查的是雙縫干涉實(shí)驗(yàn)其中干涉的圖樣為圖乙，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析干涉條紋的變化，由薄膜干涉圖樣的原理分析光源與觀察的位置，變化鐵絲圈的位置分析干涉圖樣的變化情況。

【解答】(1)①圖2中甲、乙圖是光的條紋形狀示意圖，其中干涉圖樣是甲；

②在實(shí)驗(yàn)中，僅將濾光片由藍(lán)色的換成紅色的，根據(jù)公式Δx=Ldλ得干涉條紋間距變寬；

(2)①這種現(xiàn)象叫薄膜干涉，為了更好地觀察干涉條紋，光源應(yīng)該在觀察者同側(cè)，故A正確；

②A、若緩慢旋轉(zhuǎn)鐵絲圈，播磨在重力的作用下，隨著調(diào)整，故觀察者看到的條紋不變，故A錯(cuò)誤；

B、若將鐵絲圈水平放置，肥皂膜會(huì)中間厚，邊沿薄，上面的條紋圖樣變化，故B錯(cuò)誤；

C、若發(fā)現(xiàn)條紋是等間距的，說明肥皂膜自上到下是均勻變厚的，故12.【答案】

2.0偏小Q50054(52～56

【解析】(1)當(dāng)電流表半偏時(shí)，說明R1與電流表分流相等，故R0=R1=2.0Ω．

(2)在認(rèn)為并聯(lián)上R1后電路中的電流不變時(shí)，據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可有R1=RA測(cè)，而實(shí)際上并聯(lián)R1后，電路的總電阻將減小，電路中的總電流將增大，通過R1的電流大于通過RA的電流，可推知RA真>R1=RA測(cè)，故測(cè)量值偏小．13.【答案】解：(1)電子加速到O點(diǎn)的過程，由動(dòng)能定理得

eU0=12mv02

，

解得：v0=2eU0m

；

(2)當(dāng)電子恰好從板的右端飛出時(shí)，偏轉(zhuǎn)電壓達(dá)最大值U1，設(shè)M、N兩板間的距離為d，電子在M、N板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，加速度大小為a，則

L=

v0t

，

12d=12at2

，

a=eU1dm

，

解得

U1=23U0

；