廣西玉林市2024屆高考物理試題命題比賽模擬試卷

廣西玉林市2024屆高考物理試題命題比賽模擬試卷（13）

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、真空中某靜電場電場線的分布如圖所示，圖中P、。兩點關于點電荷切水平對稱。尸、。兩點電場強度的大小分別

為Ep、EQ,電勢分別為生、?"一個帶電粒子沿虛線軌跡從M移動至N。以下選項正確的有（）

B.(PQ>(PP

C.此帶電粒子帶正電，它的電勢能先變大后變小

D.此帶電粒子帶負電，它的電勢能先變大后變小

2、如圖所示，一導熱良好的汽缸內用活塞封住一定量的氣體（不計活塞厚度及與缸壁之間的摩擦），用一彈簧連接活

塞，將整個汽缸懸掛在天花板上。彈簧長度為L,活塞距地面的高度為九汽缸底部距地面的高度為〃，活塞內氣體

壓強為P，體積為匕下列說法正確的是（）

A.當外界溫度升高（大氣壓不變）時，L變大、H減小、p變大、V變大

B.當外界溫度升高（大氣壓不變）時，〃減小、H變大、p變大、V減小

C.當外界大氣壓變?。囟炔蛔儯r，〃不變、H減小、p減小、丫變大

D.當外界大氣壓變?。囟炔蛔儯r，L不變、”變大、p減小、丫不變

3、如圖所示，MN、PQ是傾角為夕的兩平行光滑且足夠長的金屬導軌，其電阻忽略不計。空間存在著垂直于導軌平

面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為反導體棒。入Cd垂直于導軌放置，且與導軌接觸良好，每根導體棒的質量均

為小，電阻均為「，導軌寬度為L與導軌平行的絕緣細線一端固定，另一端與好棒中點連接，細線承受的最大拉力

，ax=2〃?gsine。現將cd棒由靜止釋放，當細線被拉斷時，貝IJ()

B.〃棒的速度大小為鏟

C.cd棒的加速度大小為gsin。D.

4、如圖所示，?。2是半圓柱形玻璃體的對稱面和紙面的交線，A,B是關于?。2對稱且平行的兩束不同單色細光束，

從玻璃體右方射出后的光路如圖所示，M/V是垂直于。a放置的光屏，夕是屏上的一個光斑，根據該光路圖，下列

A.在玻璃中，A光的波長比8光的波長短

B.在真空中，A光的頻率比5光的大

C.4光的光子動量比8光的小

D.通過同一雙縫干涉裝置，A光的干涉條紋間距比4光的小

5、如圖所示，圖中虛線為某靜電場中的等差等勢線，實線為某帶電粒子在該靜電場中運動的軌跡，a、c為粒子的

運動軌跡與等勢線的交點，粒子只受電場力作用，則下列說法正確的是()

A.粒子在。點的加速度比在0點的加速度大

B.粒子在a點的動能比在力點的動能大

C.粒子在。點和在c點時速度相同

D.粒子在〃點的電勢能比在。點時的電勢能大

6、重水堆核電站在發(fā)電的同時還可以生產出可供研制核武器的杯239（”：Pu）,這種杯239可由鈾239（2^U）經

過〃次夕衰變而產生，則〃為（）

A.2B.239C.145D.92

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，兩條相距為L的光滑平行金屬導軌位于水平面（紙面）內，其左端接一阻值為R的電阻，導軌平面與

磁感應強度大小為B的勻強磁場垂直，導軌電阻不計。金屬棒必垂直導軌放置并接觸良好，接入電路的電阻也為R。

若給棒以平行導軌向右的初速度也），當流過棒截面的電荷量為q時，棒的速度減為零，此過程中棒發(fā)生的位移為九

則在這一過程中（）

b

JT5TTx_x~x~x

JRX-M-*<voxx

TxXXXX

a

A.導體棒作勻減速直線運動

B.當棒發(fā)生位移為;時，通過棒的電量為之

22

C.在通過棒的電荷量為4時，棒運動的速度為以

33

I）.定值電阻K釋放的熱量為料也

8、如圖，正點電荷固定在。點，以O為圓心的同心圓上有。、Ac三點，一質量為機、電荷量為q的粒子僅在電場

力作用下從。點運動到萬點，速率分別為玲、%若。、力的電勢分別為他、神,則

//--*?'、

：/八、\

::。十；；

、??■■PZ/

A.a、c兩點電場強度相同B.粒子的比荷幺:

m2（我“一懸）

C.粒子在a點的加速度大于在力點的加速度D.粒子從a點移到8點，電場力做正功，電勢能減少

9、如圖甲所示，在光滑水平面上，輕質彈簧一端固定，物體A以速度％向右運動壓縮彈簧，測得彈簧的最大壓縮量

為x,現讓彈簧一端連接另一質量為"?的物體8（如圖乙所示），物體A以2%的速度向右壓縮彈簧，測得彈簧的最

大壓縮量仍為x,貝"）

⑶根據題給條件可得修+/?2=a,/?4=d

（4）某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）所示.若此時8端是與“”相連的，則多用電表讀數為;若此時

8端是與“3”相連的，則讀數為;若此時〃端是與“5”相連的，則讀數為.（結果均保留3位有效數字）

12.（12分）某學習小組通過如圖甲所示實驗裝置來驗證動量守恒定律。A是固定在水平桌面上光滑的斜槽，斜槽末

端與水平桌面平行，3是氣墊導軌，C是光電門，。是帶有小孔的滑塊（孔內粘有膠帶，小球進入小孔即粘在膠帶上）,

滑塊上方有一窄擋光片。實驗前將斜槽固定在水平桌面上，調整氣墊導軌的高度，使滑塊小孔與斜槽末端在同一高度

處，同時調整氣墊導軌水平，多次改變小球釋放高度心得到擋光片通過光電門的時間。做出人!圖象。小球質量

r

為〃滑塊總質量為〃M,擋光片寬度為d,重力加速度為g

（1）用螺旋測微器測量擋光片的寬度，如圖乙所示，寬度啟cm

（2）只要滿足關系式心（用題中所給的物理量符號表示），就可以說明在誤差允許范圍內碰撞過程動量守恒

（3）如果圖象是一條過原點的（填寫“傾斜直線”或“拋物線”），同樣可以驗證動量守恒

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，用折射率〃=拉的玻璃做成內徑為R、外徑為后R的半球形空心球殼，一束平行光射向

此半球的外表面，且與中心對稱軸平行，不計多次反射。求球殼內部有光線射出的區(qū)域？（用與OO,所成夾角表

示）

14.（16分）如圖所示，連通器中盛有密度為〃的部分液體，兩活塞與液面的距離均為/,其中密封了壓強為po的空氣,

現將右活塞固定，要使容器內的液面之差為，，求左活塞需要上升的距離x.

W±

7/

不

不

15.(12分)真空中有如圖所示的周期性交變磁場，設磁感應強度3垂直紙面向里為正方向，5o=lT,/o=nxlO-5s,k為

正整數。某直角坐標系原點。處有一粒子源，在U0時刻沿x軸正方向發(fā)射速度為M)=l(Pm/s的正點電荷，比荷

—=lxlO6C/kg,不計粒子重力。

m

⑴若&=1,求粒子在磁場中運動的軌道半徑和粒子第3次(從O點出發(fā)記為第1次)經過)，軸時的時刻；

(2)若A=2,求粒子在運動過程中與y軸交點坐標的最大值和最小值；

⑶若m=￡xlO$S,則左取何值時，粒子可做周期性循環(huán)運動回到出發(fā)點？并求出循環(huán)周期的最小值Tmin和相應的攵

2

值。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解題分析】

A.由圖尸點電場線密，電場強度大，則

EP>EQ

故A錯誤；

B.沿電場線的方向電勢降低，電場線越密的電勢降落越快，反之逆著電場線的方向電勢升高，電場線越密的電勢升

高越快，則

(PQ<(PP

故B錯誤：

CD.根據運動軌跡判定粒子受到斥力作用，/為負電荷，所以此帶電粒子也帶負電，電場能先增大后減，故D正確。

故選D。

2、C

【解題分析】

以活塞與汽缸為整體，對其受力分析，整體受到豎直向下的總重力和彈簧向上的拉力且二者大小始終相等，總重力不

變，所以彈簧拉力不變，即彈簧長度L不變，活塞的位置不變，力不變；當溫度升高時，汽缸內的氣體做等壓變化，

根據蓋一呂薩克定律可以判斷，體積丫增大，汽缸下落，所以缸體的高度降低，〃減小、P不變、P增大；當大氣壓

減小時，對汽缸分析得

PoS=mg+pS

氣體壓強P減小，汽缸內的氣體做等溫變化，由玻意耳定律得

匕

可知體積V變大，汽缸下落，所以缸體的高度降低，〃減小、p減小、V變大，故C正確，ABD錯誤。

故選C。

3、A

【解題分析】

AB.據題知，細線被拉斷時，拉力達到

Tm=2〃?gsin6

根據平衡條件得：對ab棒

Tm=F安十〃igsiiiO

則得ab棒所受的安培力大小為

F殳=mgsinO

由于兩棒的電流相等，所受的安培力大小相等，由

F

E=BLi，、I=—、E.:=BIL

得

聯立解得，cd棒的速度為

2mgrs\nO

故A正確，B錯誤;

CD.對cd棒：根據牛頓第二定律得

mgsinO-F戈=ma

代入得

2〃zgrsin0

a=gsinO---=0

in2rBE

故CD錯誤。

故選A。

4、C

【解題分析】

AB.由光路圖可知玻璃體對4光的折射率大于對A光的折射率，由此可知4光的頻率大于4光的頻率，光的頻率越

小則波長就越長，故A光的波長比A光的波長長，故AB錯誤；

C.根據

hv

P=—

c

可知，光子的頻率越大，則動量也就越大，故A光的光子動量比8光的小，故C正確；

D.根據

Ax=-Z

d

可知，光的波長越長，則干涉條紋間距越大，即4光的干涉條紋間距比〃光的大，故D錯誤。

故選C。

5、A

【解題分析】

由等勢面的疏密可知電場強度的大小，由/=%可知電場力的大小關系；根據曲線的彎曲方向可知粒子的受力方向，

進而判斷出電場力做功的特點。根據能量守恒定律分析粒子在〃點動能與粒子在b點動能之間的關系。由動能定理可

知BC兩點的間的電勢能的變化。本題中解題的關鍵在于曲線的彎曲方向的判斷，應掌握根據彎曲方向判斷受力方向

的方法。

【題目詳解】

A.因。點處的等勢面密集，故。點的電場強度大，故電荷在。點受到的電場力大于b點受到的電場力，結合牛頓第

二定律可知，粒子在。點的加速度比在5點的加速度大，故A正確；

B.由粒子運動的軌跡彎曲的方向可知，粒子受到的電場力指向右側，則從。到》電場力做正功，粒子動能增大，故B

錯誤；

C.速度是矢量，沿軌跡的切線方向，由圖可知，粒子在，點和在。點時速度方向不相同，故c錯誤；

D.粒子受到的電場力指向右側，則從力到c電場力做負功，粒子的電勢能增大，所以粒子在0點的電勢能比在c點時

的電勢能小，故D錯誤；

故選A。

【題目點撥】

本題中告訴的是等勢面，很多同學由于思維定勢當成了電場線從而出現錯解。

6、A

【解題分析】

衰變方程為：

*U.23。而+〃卜

94T

根據電荷數守恒：

94+〃x(—1)=92

解得〃=2。A正確，BCD錯誤。

故選A。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解題分析】

A.由于導體棒向右減速運動，則電動勢減小，則電流減小，則導體棒的安培力減小，即合力減小，根據牛頓第二定律

可知其加速度減小，則導體棒做變減速運動，故A錯誤；

B.棒的速度減為零，當流過棒截面的電荷量為：

必①BLx

q二----二----

2R2R

當棒發(fā)生位移為;時，則通過棒的電量為4,故B正確；

22

C.棒的速度減為零，當流過棒截面的耳荷量為：

必中BLx

q=------=-----

2R2R

當流過棒的電荷為苧時，棒發(fā)生的位移為：

x

X=—

13

根據牛頓運動定律可得棒運動的加速度為：

卜一85

ci=-------------

m2mR

設棒運動的時間為△/,則有:

,正以

2mR

所以有:

Za加=￡空義Af

2mR

即:

LAv=Z—Ar

2mR

當流過棒的電荷為］時，則有:

BLx

v-v=----------

012mR3

當流過棒的電荷為。時，則有:

_B2L

V°~2^X

解得：

2%

V'=T

c/BL

m=-----

%

故C錯誤;

D.棒的速度減為零的過程中，定值電阻K釋放的熱量為:

_1112_1qBL2qBLv0

e/?=-^=-x-,Wv=-x—xVo=-

故D正確;

故選BD.

8、BC

【解題分析】

A.根據正點電荷電場的特征可知，°、。兩點電場強度大小相同，方向不同，故A錯誤;

B.電荷量為R的粒子僅在電場力作用下從Q點運動到b點，由能量守恒定律,

1212

-mv；-({(pa=-invh--q(pbf

乙4

解得

q;匕一%，

m2@-4)’

選項B正確；

C.根據點電荷電場強度公式可知，。點的電場強度大于5點，粒子在。點所受的庫侖力大于在b點所受的庫侖力，由

牛頓第二定律可知粒子在〃點的加速度大于在b點的加速度，故C正確；

D.電荷量為R的粒子粒子從。點移到〃點，克服電場力做功，電勢能增大，選項D錯誤.

9、AC

【解題分析】

對圖甲，設物體A的質量為M,由機械能守恒定律可得，彈簧壓縮x時彈性勢能Ep=：Mn；；對圖乙，物體A以2%

的速度向右壓縮彈簧，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，彈簧達到最大壓縮量仍為x時，A、B二者達到相等的速度v

由動量守恒定律有：M*2v0=(M+m)v

由能量守恒有：EP=；M?(2%『?；(M+m)v2

I[

聯立兩式可得：M=3m,Ep=—=故B、D錯誤，A^C正確.

22

故選A、C

10、AC

【解題分析】

A.P質點向y軸負方向運動，根據同側法可知波沿x軸正方向傳播，A正確;

B.波速為：

Ax

v=——=0.5m/s

A/

B錯誤；

C.根據圖像可知f=0.02s時，x=8cm處質點沿y軸負方向運動，C正確;

D.周期：

2

T=—=0.16s

v

在1=0至，=0.08s,質點P振動二個周期，通過的路程為：

2x1cm=2cm

D錯誤。

故選AC,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、黑B1608801.47mA1.10xl03Q2.95V

【解題分析】

(1)(11歐姆表內置電源正極與黑表筆相連，負極與紅表筆相連，即紅進黑出，A端與電池正極相連，電流從A端流出,

A端與黑表筆相連；

(2)[2]由電路圖可知氏6只在測量電阻時才接入電路，故其作用只能進行歐姆調零，不能進行機械調零，同時在使用電

流檔時也不需要調節(jié)人；

A.與分析不符，故A錯誤；

B.與分析相符，故B正確；

C.與分析不符，故C錯誤；

(3)[3]4端與相連時，該多用電表擋位分別為直流2.5mA擋、直流1mA擋，如圖所示

由電表的改裝原理可知8端與“2”相連時，有:

-R”

解得：

R.I+，R2=1600

[4]4端與“4”相連時，如圖所示

多用電表為直流電壓IV擋，表頭并聯部分電阻:

R4:U"GRG=880Q

(4)[5]8端與T”相連時，電表讀數為1.47mA；

[6]8端與“3”相連時，多用電表為歐姆xlOOC擋，讀數為：

11.0x1000=1.10X103Q

⑺8端與“5”相連時，多用電表為直流電壓5V擋，讀數為：

147

——x5V=2.95V

250

12、2.1502d傾斜直線

【解題分析】

螺旋測微器的讀數為2mm+15.0x0.01mm=2.150mm；

(2)[2]根據動能定理得

,1、

mgh=-mv~

得小球下滑到斜面底端的速度為

v0=yl2gh

小球與斜槽到光電門的速度為

d

v=-

t

由動量守恒定律可得

即

叫忌)(^)2

整理得

("?+肛J?/

2m2gt2

(3)網由/[=("：〃％)”一可知,/?-二成正比，所以圖象是一條傾斜直線時同樣可以驗證動量守恒

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、以00,為中心線，上、下(左、右)各60。的圓錐球殼內均有光線射出。

【解題分析】

設光線射入外球面，沿而方向射向內球面，剛好發(fā)生全反射，則有:

1

sinC=—

n

可得C=45。

在^Oab中,Oa=亞R,Ob=R

由正弦定理得—sin（180——°-C）L=—sinr

6RR

解得：7-30°

由空■=〃，得i=45。

sinr

又因為NO'Oa=i,

Z9=C-r=45°-30o=15°

所以NO,Ob=i+e=45°+l5°=60°

當射向外球面的入射光線的入射角小于i=45。時，這些光線都會射出內球面。因此，以00,為中心線，上、下(左、右)

各6()。的圓錐球殼內均有光線射出。

4郡+3pg/

14、

4￡-6〃g/

【解題分析】

右側發(fā)生等溫變化，

初態(tài)：壓強P]=Po,體積：Vi=is

末態(tài)：壓強尸2,體積：匕=(/+!)S

根據玻意耳定律可得：PiVi=P2V2

即：POIS=P1(/+-)S

左側發(fā)生等溫變化，

初態(tài)：壓強尸3=尸0,體積：匕=5

末態(tài)：壓強R，體積：K=（/+X--）s

2

根據玻意耳定律可得：尸3匕=尸4%

即：PQIS=尸4（/+x）S

2

活塞上升X后，根據平衡可得：汽+川/=尸2

聯立可得左活塞需要上升