四川省遂寧市蓬溪中學2024-2025學年高二上學期第二次月考物理試卷

四川省蓬溪中學校高2023級第二次月考物理試題（考試時間75分鐘滿分100分）第I卷（選擇題，共46分）一、單選題（每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。）1.關于地磁場，下列說法正確的是（）A.地理南極與地磁場南極重合B.地磁場的磁感線不是閉合的曲線C.在赤道上小磁針的南極在靜止時指向地理的南方D.地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行【答案】C【解析】【詳解】A．地磁北極位于地理南極附近，A錯誤；B．磁感線是閉合的曲線，地磁場的磁感線也是閉合的曲線，B錯誤；C．由于地磁北極位于地理南極附近，則在地球外部，磁感線由地理南極出來，回到地理北極，即赤道上的磁場方向是由地理南指向地理北，則在赤道上的小磁針在靜止時的北極應該指向指向地理的北方，而小磁針在靜止時的南極應該指向指向地理的南方，C正確；D．地球表面只有赤道位置的地磁場方向與地面平行，其它位置地磁場都有豎直分量，D錯誤。故選C。2.空間有x軸方向的電場，若沿x軸正方向，電場強度為正。x軸上各點場強E隨x變化的關系如圖所示，則（）A.處的場強小于x2處的場強B.正點電荷從x1運動到，其電勢能減小C.正點電荷從x1運動到，其電勢能先增大再減小D.正點電荷從x1運動到，其電勢能先減小再增大【答案】D【解析】【詳解】A．x0和x2處電場強度都為負值，負號表示電場強度方向，由圖可知，處的場強大于x2處的場強，故A錯誤；BCD．由圖可知，從x1到電場強度方向先向右后向左，則電勢先降低后升高，所以正點電荷從x1運動到，其電勢能先減小后增大，故D正確，BC錯誤。故選D。3.用如圖所示的實驗來研究電磁感應的條件，下列有關實驗過程的描述不正確的是（）A.閉合開關的瞬間，電流表指針將發(fā)生偏轉B.閉合開關后，當滑動變阻器滑片向右滑動時，電流表指針將發(fā)生偏轉C.閉合開關后，當線圈A和線圈B整體在桌面移動時，電流表指針將發(fā)生偏轉D.閉合開關后，當線圈A從線圈B中迅速抽出時，電流表指針將發(fā)生偏轉【答案】C【解析】【詳解】A．閉合開關的瞬間，穿過線圈B的磁通量增大，線圈B中產生感應電流，電流表指針將發(fā)生偏轉，A正確，不符合題意；B．閉合開關后，當滑動變阻器滑片向右滑動時，通過線圈A的電流增大，通過線圈B的磁通量增大，產生感應電流，電流表指針將發(fā)生偏轉，B正確，不符合題意；C．閉合開關后，當線圈A和線圈B整體在桌面移動時，線圈B的磁通量不變，不會有感應電流產生，電流表指針將不發(fā)生偏轉，C錯誤，符合題意；D．閉合開關后，當線圈A從線圈B中迅速抽出時，穿過線圈B的磁通量減小，線圈中產生感應電流，電流表指針將發(fā)生偏轉，D正確，不符合題意。故選C。4.在如圖所示的電路中，電源的電動勢為，內阻為，為定值電阻，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，三個理想電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，電表A、V1、V2的示數(shù)分別用、、表示，示數(shù)變化量的絕對值分別用、、表示，下列判斷正確的是（）A.增大，增大 B.減小，增大C.不變，不變 D.【答案】D【解析】【詳解】AB．當滑動變阻器滑動觸頭向下滑動時增大，電路的外電阻電阻增大，由知總電流減小，由路端電壓可知路端電壓增大，與串聯(lián)，且與串聯(lián)的電壓為路端電壓由知U1減小，所以U2增大，AB錯誤；CD．要注意對于定值電阻，是線性元件，有由電路圖可知故，不變化，對于電阻R2有由于R2增大，故增大，則增大，所以故C錯誤，D正確。故選D。5.如圖所示，兩根細線拴著兩個靜止的質量相同的小球A、B，上、下兩根細線中的拉力分別是、，現(xiàn)在使A、B帶同種電荷，再次靜止，上、下兩根細線拉力分別為、，則（）A.、B.、C.、D.、【答案】B【解析】分析】【詳解】把A、B兩小球整體研究，受A、B兩球的重力，繩A的拉力，處于平衡態(tài)，故拉力等于重力即對B分析，當兩小球不帶電時帶電后同種電荷相斥由上分析知故B正確，ACD錯誤。故選B。6.一U形磁鐵用輕質柔軟細繩懸掛在天花板上，靜止在如圖所示的位置時繩中的張力大小為T，現(xiàn)突然在其正下方的導線中通以向左的電流，U形磁鐵可繞輕繩自由旋轉，從上往下看，下列說法正確的是（）A.磁鐵順時針旋轉，且T會變小 B.磁鐵逆時針旋轉，且T會變小C.磁鐵順時針旋轉，且T會變大 D.磁鐵逆時針旋轉，且T會變大【答案】C【解析】【詳解】由左手定則可知，導線左端受到垂直直面向外的安培力的作用，而導線右端受到垂直直面向里的安培力的作用，由牛頓第三定律可知磁鐵N極即受到導線垂直直面向里的力，磁鐵S極即受到導線垂直直面向外的力，所以磁鐵順時針旋轉，當磁鐵轉過一個角度后，由左手定則可知，導線受到向上安培力，由牛頓第三定律可知，磁鐵受到導線向下的力，則繩子的張力變大，故C正確，ABD錯誤。故選C。7.將橫截面相同、材料不同的兩段導體、無縫連接成一段導體，總長度為1.00m，接入圖甲電路。閉合開關S，滑片P從M端滑到N端，理想電壓表讀數(shù)U隨滑片P的滑動距離x的變化關系如圖乙，則導體、的電阻率之比約為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】根據電阻定律根據歐姆定律整理可得結合題圖可知導體、電阻率之比故選B。二、多選題（每小題6分，共18分。每小題給出的四個選項中有多個選項符合要求，全部選對得6分，不全得3分，有錯選或不選得0分）8.如圖所示，充電后與電源分離的平行板電容器，其正極接地，在極板間P點有一帶電液滴處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將接地的B板移至虛線處，則（）A.兩板間電壓不變 B.P點與A板間的電勢差變大C.液滴仍保持靜止 D.液滴的電勢能增大【答案】CD【解析】【詳解】A．平行板電容器充電后與電源分離，說明電容器的電荷量Q不變，當B板向上移動時，極板間距d減小，根據電容所以電容C變大，再根據可得U減小，故A錯誤；B．根據得故距離發(fā)生變化時電場強度E不變，因為移動的是B板，A板與P間的距離不變，P點與A板間的電勢差U不變，故B錯誤；C．因為極板間電場強度E不變，所以液滴受到的電場力不變，故液滴仍然靜止，故C正確；D．由于液滴受到的電場力是向上的，上極板帶負電，所以液滴是帶正電的；因B板接地，則電勢為零，且它帶正電，P點與B板的電勢差因為電場強度E不變，而PB的距離在減小，故UPB在增大，P點電勢增大，液滴的電勢能增大，故D正確。故選CD。9.如圖所示，三條長直導線、、都通以垂直紙面的電流，其中、兩根導線中電流方向垂直紙面向外。點與、、三條導線距離相等，且處于。現(xiàn)在點垂直紙面放置一小段通電導線，電流方向垂直紙面向里，導線受力方向如圖所示。則可以判斷（）A.點處的磁感應強度的方向與相同B.長導線中的電流方向垂直紙面向外C.長導線中電流I1小于中電流I2D.長導線中電流I3小于中電流I2【答案】BC【解析】【詳解】A．根據左手定則可知，安培力的方向與點處的磁感應強度的方向一定垂直，故A錯誤；B．由題目圖，結合右手螺旋定則可知，長導線a在O處磁場方向由O指向C，同理，長導線b在O處磁場方向由c指向O，根據左手定則，可知，長導線a對O處的通電導線的安培力由O指向b，而長導線b對O處的通電導線的安培力由O指向a，要保證處電流所受的安培力如圖中方向，則對處電流的安培力方向必定沿方向。由此可判斷長導線中的電流方向垂直紙面向外，故B正確；C．根據圖中點放置的通電導線受力方向F的特點，利用平行四邊形定則可知，長導線a對O處的通電導線的安培力小于長導線b對O處的通電導線的安培力，即有可知中的電流小于中電流，故C正確；D．根據上述分析，可知，長導線c中電流I3與b中電流I2大小關系不能夠確定，故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，在平面直角坐標系xOy的第一、二象限內，存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B。大量質量為m、電量為q的相同粒子從y軸上的點，以相同的速率在紙面內沿不同方向先后射入磁場。當沿x軸正方向射入時，粒子垂直x軸離開磁場，不計粒子的重力，則（）A.粒子一定帶正電B.粒子入射速率為C.粒子在磁場運動的最短時間為D.粒子離開磁場的位置到O點的最大距離為2L【答案】AC【解析】【詳解】A．當沿x軸正方向射入時，粒子垂直x軸離開磁場，洛倫茲力提供粒子運動的向心力，由左手定則知粒子帶正電，故A正確；B．當沿x軸正方向射入時，粒子垂直x軸離開磁場，根據速度的垂線一定過軌跡的圓心，知該粒子在第一象限內運動四分之一圓弧的圓心在坐標原點處，半徑為L，有解得故B錯誤；C．當粒子從坐標原點O離開磁場時，在磁場運動的時間最短由由幾何關系知，最短時間為故C正確；D．當粒子在磁場中做半個圓周運動，離開磁場的位置到O點的距離最大，由幾何關系知，最大距離為故D錯誤。故選AC。第II卷（非選擇題，共54分）三、實驗題（其中11題8分，12題10分。）11.某實驗小組在實驗室練習使用多用電表測電阻：（1）多用電表表盤如圖1所示，某同學在完成機械調零后，準備測電阻，他進行如下操作，請幫助他完成以下實驗步驟：①將K旋轉到電阻擋“×10”的位置。②將紅、黑表筆短接，旋動___________（填“S”或“T”），使指針對準電阻擋的___________刻線（填“0”或“∞”）。③將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小，如圖2中虛線所示，則應將K旋轉到電阻擋“×___________”的位置（選填1、100）。（2）該同學在做好正確操作后，表盤指針如圖2所示，則該電阻阻值為___________Ω。（3）若某同學使用是一個久置的萬用電表，相比新的電表，其內部的電池內阻增大，電動勢下降。使用此電表測量電阻，結果___________（填“大于”“小于”或“等于”）準確值?！敬鸢浮浚?）①.T②.0③.100（2）1900（3）大于【解析】【小問1詳解】[1][2]歐姆調零時應將紅、黑表筆短接，旋動歐姆調零旋鈕，即T，使指針對準表盤右側零刻度線處，即電阻擋的0刻線；[3]將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小，說明待測電阻阻值較大，應換大倍率，即將K旋轉到電阻擋“×100”的位置?！拘?詳解】歐姆表的讀數(shù)為指針所指刻度與倍率的乘積，所以圖中所測電阻值為【小問3詳解】若某同學使用的是一個久置的萬用電表，相比新的電表，其內部的電池內阻增大，電動勢下降，根據可得由此可知，當E減小時，I減小，使得電阻的測量值偏大。12.在測量某電源電動勢和內阻時，因為電壓表和電流表的影響，不論使用何種接法，都會產生系統(tǒng)誤差，為了消除電表內阻造成的系統(tǒng)誤差，某實驗興趣小組設計了如圖甲實驗電路進行測量。已知定值電阻。（1）實驗中，定值電阻的作用有______（填字母）。A．保護電源B．在電流變化時使電壓表示數(shù)變化明顯C．在電壓變化時使電流表示數(shù)變化明顯（2）實驗操作步驟如下：①將滑動變阻器滑片滑到最左端位置；②接法Ⅰ：單刀雙擲開關S與1接通，閉合開關，調節(jié)滑動變阻器R，記錄下若干組數(shù)據UI的值，斷開開關；③將滑動變阻器滑到最左端位置；④接法Ⅱ：單刀雙擲開關S與2接通，閉合開關，調節(jié)滑動變阻器R，記錄下若干組數(shù)據UI的值，斷開開關；⑤分別作出兩種情況所對應的UI圖像。（3）單刀雙擲開關接1時，某次讀取電表數(shù)據時，電壓表指針如圖乙所示，此時U＝______V．（4）根據測得數(shù)據，作出兩UI圖像分別如圖丙、丁所示，根據圖像可知圖丙對應的接法為______（填“接法Ⅰ”或“接法Ⅱ”）。（5）綜合可求得電源電動勢E＝______V，內阻r＝______Ω。（結果均保留兩位小數(shù)）【答案】①.AB##BA②.1.50③.接法Ⅰ④.1.80⑤.0.25【解析】【詳解】（1）[1]定值電阻有保護電源的作用，且由于電源內阻很小，則根據閉合電路的歐姆定律有可知加了定值電阻后可以達到電流變化時使電壓表的示數(shù)變化明顯的效果。故選AB。（3）[2]根據（4）中所做圖像可知，電壓表最大量程應為3V，而量程為3V的電壓表，其分度值為0.1V，采用十分之一讀法，需估讀到分度值的下一位，由圖乙可知電壓表的讀數(shù)為1.50V。（4）[3]兩種方法中接法Ⅰ采用了電流表的內接法，接法Ⅱ采用了電流表的外接法，比較圖丙和圖丁可知，圖丙所示圖像的斜率更大，而圖像斜率的絕對值表示電源的內阻，分析可知接法Ⅰ，即電流表的內接法，所測電源內阻偏大，所測內阻應為電源實際內阻與電流表內阻之和，由此可知圖丙對應的接法為接法Ⅰ。（5）[4][5]當單刀雙擲開關接1，且電流表示數(shù)為0時，電壓表測量準確，此時電壓表所測電壓即為電源的電動勢，因此電源電動勢為圖丙的縱軸截距，可得當單刀雙擲開關接2，且電壓表示數(shù)為0時，電流表測量準確，由圖丁圖像可知，此時電路電流為則根據閉合電路的歐姆定律有解得四、解答題（第13題10分，第14題10分，第15題16分，共36分）13.某直流電動機提升重物的裝置如圖，重物質量為，電源電壓恒為，不計各處摩擦，當電動機以的速率勻速提升重物時，電路中的電流強度為。求：（1）電動機消耗總功率；（2）電動機輸出的機械功率；（3）電動機線圈的電阻。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）電動機消耗總功率為（2）電動機輸出的機械功率為（3）電動機線圈電阻消耗的功率為又解得電動機線圈的電阻為14.如圖所示，豎直正對放置的金屬板A、B，兩板所加的電壓為U0，兩板中間開有小孔。平行金屬板M、N水平放置，其中心線與小孔的連線共線，粒子源P發(fā)出質量為m，電荷量為q的帶正電粒子（初速度不計），粒子在A、B間加速后，射入平行金屬板M、N之間，恰好從N板的右邊緣離開偏轉電場。已知M、N板長為L，兩板間距離也為L，板M、N右側距板右端L處放置一足夠大的熒光屏PQ，屏與垂直。粒子重力不計，求：（1）粒子進入MN板間時的速度大小v0；（2）M、N板所加的電壓U1；（3）粒子打在熒光屏上的位置到點的距離y。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）對粒子在電場中的加速過程，