2025年高考物理解密之選擇題

Page2025年高考物理解密之選擇題一．選擇題（共25小題）1．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）如圖所示，為平行板電容器，為理想二極管。當(dāng)滑動變阻器的滑片在中點時，閉合開關(guān)，帶電小球恰能在兩平行板間靜止，下列說法正確的是A．若將滑動變阻器的滑片向右移動，電容器帶電量不變 B．若將滑動變阻器的滑片向右移動，則帶電小球?qū)⑾蛳录铀龠\動 C．若電容器的上金屬板向下平移一小段距離，則帶電小球向下加速運動 D．若電容器的上金屬板向上平移一小段距離，則帶電小球仍保持靜止2．（2024?天津）一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿軸傳播，圖1是時該波的波形圖，圖2是處質(zhì)點的振動圖像。則時該波的波形圖為A． B． C． D．3．（2024?天津）如圖所示，兩根不計電阻的光滑金屬導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌及其構(gòu)成的平面均與水平面成某一角度，導(dǎo)軌上端用直導(dǎo)線連接，整個裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中。具有一定阻值的金屬棒從某高度由靜止開始下滑，下滑過程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，則所受的安培力及其加速度、速度、電流，隨時間變化的關(guān)系圖像可能正確的是A． B． C． D．4．（2025?邯鄲一模）一輛汽車在平直公路上行駛，發(fā)現(xiàn)前方有緊急情況后立即剎車。剎車過程可看作勻減速直線運動，則以下選項中能夠描述剎車過程中動量隨時間變化的圖像是A． B． C． D．5．（2025?邯鄲一模）我們把電場中電勢相同的各點構(gòu)成的面叫作等勢面。等勢面也是形象描繪電場的重要工具，某同學(xué)研究點電荷產(chǎn)生的靜電場時，畫出了如圖所示的等距等勢面、、，即相鄰兩等勢面間的距離相等。由圖可知A．若改變零電勢的位置，等勢面的電勢大小不變 B．等勢面的電勢等于 C．等勢面的電勢小于 D．等勢面的電勢大于6．（2025?邯鄲一模）“草長鶯飛二月天，拂堤楊柳醉春煙。兒童散學(xué)歸來早，忙趁東風(fēng)放紙鳶?！边@是詩人高鼎的《村居》。許人勾勒出一幅春光明媚，喜放風(fēng)箏的美麗春景圖。若兒童將風(fēng)箏放飛到空中后，拉著風(fēng)箏線盤靜止于水平地面上，風(fēng)箏在如圖所示的風(fēng)的吹拂下恰好也靜止在空中，風(fēng)對兒童的作用力忽略不計。若風(fēng)對風(fēng)箏的作用力可認為垂直于風(fēng)箏面向上，則A．拉直的風(fēng)箏細線可能垂直于風(fēng)箏面 B．地面對兒童的支持力的大小等于風(fēng)箏和兒童的總重力 C．兒童相對地面具有向右運動的趨勢 D．兒童所受合外力大于風(fēng)箏所受合外力7．（2025?邯鄲一模）核電站鈾核裂變的產(chǎn)物是多樣的。有一種典型的鈾核裂變是生成鋇和氪，核反應(yīng)方程是，已知鈾核的質(zhì)量為，鋇核的質(zhì)量為，氪核的質(zhì)量為，中子的質(zhì)量為，以下說法正確的是A．核反應(yīng)方程中的 B．該核反應(yīng)釋放的核能是 C．的比結(jié)合能大于（或的比結(jié)合能 D．目前部分高科技核電站已經(jīng)實現(xiàn)可控核聚變發(fā)電8．（2025?邯鄲一模）如圖甲所示，質(zhì)量為的物塊靜止在粗糙水平地面上，物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)。某時刻對物塊施加水平向右的拉力，隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，取。以下說法正確的是A．時拉力的瞬時功率為 B．合力做功的平均功率為 C．物塊的動量變化量為 D．物塊運動的位移為9．（2025?邯鄲一模）如圖甲所示，斜面固定在水平地面上，質(zhì)量為的小物塊靜止在斜面底端，某時刻給物塊一個沿斜面向上的初速度使物塊沿斜面上滑，物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，斜面的傾角，取水平地面為零重力勢能參考面，在物塊上滑過程中，物塊的機械能和動能隨沿斜面運動的位移變化的圖像如圖乙所示，取，下列說法正確的是A．圖線為物塊動能的變化圖線，圖線為物塊機械能的變化圖線 B．物塊的質(zhì)量為 C．物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為 D．物塊的初速度10．（2024?江漢區(qū)模擬）下列關(guān)于固體、液體的說法正確的是A．毛細管中出現(xiàn)毛細現(xiàn)象時，液體一定浸潤該毛細管 B．航天員在太空中會因為毛筆無法吸墨而寫不成毛筆字 C．晶體沿不同方向的導(dǎo)熱性質(zhì)一定不同 D．液體的表面張力方向總是與液面相切11．（2024?如皋市校級模擬）圖為蹦極運動的示意圖。彈性繩的一端固定在點，另一端和運動員相連。運動員從點自由下落，至點彈性繩自然伸直，經(jīng)過合力為零的點到達最低點，然后彈起。整個過程中忽略空氣阻力。分析這一過程，下列表述正確的是A．經(jīng)過點時，運動員的速率最大 B．從點到點，運動員一直處于超重狀態(tài) C．從點到點，運動員的加速度一直增大 D．在點，運動員的加速度大小大于重力加速度12．（2024?江漢區(qū)模擬）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)開始，發(fā)生如圖所示的一系列變化，最終回到狀態(tài)。其中，從狀態(tài)到狀態(tài)過程中氣體對外界做功為。下列說法錯誤的是A．過程中外界對氣體不做功，氣體從外界吸熱 B．過程中氣體從外界吸熱，且吸收的熱量等于 C．狀態(tài)與相比，氣體分子碰撞單位面積器壁的平均力更大 D．整個過程中，氣體總體從外界吸熱13．（2024?如皋市模擬）某同學(xué)從住宿樓底層樓）沿樓梯進行登高鍛煉，已知每層樓高約為。該同學(xué)的登高速度的倒數(shù)與登高高度的關(guān)系如圖所示。已知他剛登上4樓時的速度約為，則他剛登上19樓的速度和由樓底層登至19樓所需的時間分別約為A．； B．0.15； C．0.12； D．；14．（2024?開福區(qū)校級模擬）下列關(guān)于原子和原子核的說法正確的是A．粒子的穿透能力比粒子的穿透能力強 B．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)說明了原子有復(fù)雜的結(jié)構(gòu) C．紫外線照射到鋅板表面能夠發(fā)生光電效應(yīng)，則當(dāng)增大紫外線的照射強度時，從鋅板表面逸出的光電子的最大初動能不變 D．按照玻爾理論，氫原子由較高能級躍遷到較低能級，核外電子的動能和電勢能都減小15．（2024?江漢區(qū)模擬）圖甲為某種橋式整流器的電路圖，它是利用二極管單向?qū)ㄐ赃M行整流的常用電路。已知交流電源的輸出電壓如圖乙所示，燈泡的額定電壓為，假設(shè)四個二極管正向電阻為0，反向電阻無窮大，電壓表為理想電壓表，下列說法正確的是A．時，電壓表示數(shù)為0 B．電壓表的示數(shù)始終為 C．每個周期內(nèi)通過燈泡的電流方向變化兩次 D．每個周期內(nèi)通過燈泡的電流方向始終不變16．（2024?沙坪壩區(qū)校級模擬）某射擊游戲道具如圖（a）所示，將圓形轉(zhuǎn)筒十等分后間隔排列五片弧形薄板，其余位置留空，俯視圖如圖（b）所示。已知轉(zhuǎn)筒直徑，角速度，小德用玩具手槍瞄準(zhǔn)中軸線隨機打出一槍，彈丸可認為做水平勻速直線運動且速度，彈丸穿過薄板后速度會減半，忽略空氣阻力和彈丸穿過薄板所需時間，下列說法正確的是A．薄板上各點線速度相同 B．薄板上一定會留下一個彈孔 C．若增大角速度，薄板上至少會留下一個彈孔 D．若減小角速度，薄板上至少會留下一個彈孔17．（2024?開福區(qū)校級模擬）如圖所示，在直角坐標(biāo)系中，先固定一不帶電金屬導(dǎo)體球，半徑為，球心坐標(biāo)為。再將一點電荷固定在原點處，帶電量為。、是軸上的兩點，、兩點對稱地分布在軸兩側(cè)，點、、到坐標(biāo)原點的距離均為，與金屬導(dǎo)體球外表面相切于點，已知金屬導(dǎo)體球處于靜電平衡狀態(tài)，為靜電力常量，則下列說法正確的是A．圖中、兩點的電勢相等，點電勢高于點 B．、兩點處電場強度相同 C．金屬導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在外表面處的場強大小一定為 D．金屬導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在球心處產(chǎn)生的電場強度一定為18．（2024?開福區(qū)校級模擬）如圖所示，光滑的圓軌道豎直固定在水平地面上，為圓心，為軌道上的一點，與水平面夾角為。小球在拉力作用下始終靜止在點。當(dāng)拉力方向水平向左時，拉力的大小為。當(dāng)將拉力在豎直平面內(nèi)順時針轉(zhuǎn)至沿圓軌道切線方向時，拉力的大小為A． B． C． D．19．（2024?順慶區(qū)校級模擬）如圖所示，木板放置在粗糙水平地面上，為光滑鉸鏈。輕桿一端與鉸鏈固定連接，另一端固定連接一質(zhì)量為的小球?，F(xiàn)將輕繩一端拴在小球上，另一端通過光滑的定滑輪由力牽引，定滑輪位于的正上方，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)改變力的大小使小球和輕桿從圖示位置緩慢運動到正下方，木板始終保持靜止，則在整個過程中A．外力大小不變 B．輕桿對小球的作用力大小變小 C．地面對木板的支持力逐漸變小 D．地面對木板的摩擦力逐漸減小20．（2024?江蘇模擬）一長為的金屬管從地面以的速率豎直上拋，管口正上方高處有一小球同時自由下落，金屬管落地前小球從管中穿過。已知重力加速度為，不計空氣阻力。關(guān)于該運動過程說法正確的是A．小球穿過管所用時間大于 B．若小球在管上升階段穿過管，則 C．若小球在管下降階段穿過管，則 D．小球不可能在管上升階段穿過管21．（2024?蘇州校級二模）利用光在空氣薄膜的干涉可以測量待測圓柱形金屬絲與標(biāo)準(zhǔn)圓柱形金屬絲的直徑差（約為微米量級），實驗裝置如圖甲所示。和是具有標(biāo)準(zhǔn)平面的玻璃平晶，為標(biāo)準(zhǔn)金屬絲，直徑為；為待測金屬絲，直徑為；兩者中心間距為。實驗中用波長為的單色光垂直照射平晶表面，觀察到的干涉條紋如圖乙所示，測得相鄰條紋的間距為△。則以下說法正確的是A． B．與直徑相差越大，△越大 C．輕壓右端，若△增大則有 D．與直徑相等時可能產(chǎn)生圖乙中的干涉條紋22．（2024?黑龍江模擬）如圖所示，光滑水平面上放有質(zhì)量為的足夠長的木板，通過水平輕彈簧與豎直墻壁相連的物塊疊放在上，的質(zhì)量為，彈簧的勁度系數(shù)。初始時刻，系統(tǒng)靜止，彈簧處于原長?，F(xiàn)用一水平向右的拉力作用在上，已知、間動摩擦因數(shù)，彈簧振子的周期為，取，。則A．受到的摩擦力逐漸變大 B．向右運動的最大距離為 C．當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，的位移為 D．當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，彈簧對的沖量大小為23．（2024?鼓樓區(qū)校級模擬）封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)變到狀態(tài)，其體積與熱力學(xué)溫度的關(guān)系如圖所示，、、三點在同一直線上，則A．由狀態(tài)變到狀態(tài)過程中，氣體對外放熱，內(nèi)能不變 B．氣體在狀態(tài)和在狀態(tài)時的單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)相等 C．狀態(tài)時氣體的壓強小于狀態(tài)時氣體的壓強 D．在狀態(tài)與狀態(tài)時相等時間內(nèi)氣體分子對單位面積器壁的沖量相等24．（2024?北京）水平傳送帶勻速運動，將一物體無初速度地放置在傳送帶上，最終物體隨傳送帶一起勻速運動。下列說法正確的是A．剛開始物體相對傳送帶向前運動 B．物體勻速運動過程中，受到靜摩擦力 C．物體加速運動過程中，摩擦力對物體做負功 D．傳送帶運動速度越大，物體加速運動的時間越長25．（2024?順義區(qū)二模）1899年，蘇聯(lián)物理學(xué)家列別捷夫首先從實驗上證實了“光射到物體表面上時會產(chǎn)生壓力”，和大量氣體分子與器壁的頻繁碰撞類似，這種壓力會對物體表面產(chǎn)生壓強，這就是“光壓”。某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的探測器，利用太陽光的“光壓”為探測器提供動力，以使太陽光對太陽帆的壓力超過太陽對探測器的引力，將太陽系中的探測器送到太陽系以外。假設(shè)質(zhì)量為的探測器正朝遠離太陽的方向運動，探測器探測器太陽帆的面積為，且始終與太陽光垂直，探測器到太陽中心的距離為，不考慮行星對探測器的引力。已知：單位時間內(nèi)從太陽單位面積輻射的光的總能量與太陽絕對溫度的四次方成正比，即．其中為太陽表面的溫度，為常量。引力常量為，太陽的質(zhì)量為，太陽的半徑為，光子的動量，光速為。下列說法正確的是A．常量的單位為 B．時間內(nèi)探測器在距太陽處太陽帆接收到太陽輻射的能量為 C．若照射到太陽帆上的光一半被太陽帆吸收另一半被反射，探測器太陽帆的面積至少為 D．若照射到太陽帆上的光全部被太陽帆吸收，探測器在處太陽帆受到太陽光的壓力為

2025年高考物理解密之選擇題參考答案與試題解析一．選擇題（共25小題）1．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）如圖所示，為平行板電容器，為理想二極管。當(dāng)滑動變阻器的滑片在中點時，閉合開關(guān)，帶電小球恰能在兩平行板間靜止，下列說法正確的是A．若將滑動變阻器的滑片向右移動，電容器帶電量不變 B．若將滑動變阻器的滑片向右移動，則帶電小球?qū)⑾蛳录铀龠\動 C．若電容器的上金屬板向下平移一小段距離，則帶電小球向下加速運動 D．若電容器的上金屬板向上平移一小段距離，則帶電小球仍保持靜止【答案】【考點】含容電路的動態(tài)分析【專題】推理論證能力；恒定電流專題；控制變量法；比較思想【分析】電阻和串聯(lián)分壓，電容器與并聯(lián)，則電容器兩端的電壓與兩端的電壓相等?；瑒幼冏杵骰螂娙萜髟谧兓瘯r會導(dǎo)致電容器兩端的電壓或電荷量變化，但由于二極管的存在，使得只能逆時針充電，不能順時針放電。【解答】解：由圖可知，電阻和串聯(lián)分壓，電容器與并聯(lián)，則電路穩(wěn)定時，電容器兩端的電壓與兩端的電壓相等。、滑動變阻器的滑片向右移動時，接入電路的電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大，兩端的電壓增加，則電容器的電壓增加。由公式可知，電容不變，增加時，增加，二極管處于導(dǎo)通狀態(tài)，電容器充電，電容器帶電量增加，故錯誤；、閉合開關(guān)時，帶電小球恰能在兩平行板間靜止，由平衡條件可知，小球受到的豎直向下的重力和豎直向上的電場力大小相等。由分析可知，滑動變阻器的滑片向右移動，電容器的電壓增加，由公式可知，增加，板間距離不變時，則板間場強增加，則小球受到的電場力增加，帶電小球?qū)⑾蛏霞铀龠\動，故錯誤；、電容器的上金屬板向下平移一小段距離時，板間距離減小，由公式可知，電容器的電容增大，由公式可知，電容增大，若不變時，增加，二極管處于導(dǎo)通狀態(tài)，電容器充電。由公式可知，不變，減小時，場強增加，則小球受到的電場力增加，帶電小球?qū)⑾蛏霞铀龠\動，故錯誤；、電容器的上金屬板向上平移一小段距離，板間距增大，由公式可知，增大時，電容減小，由公式可知，電容減小，若不變時，減小，流經(jīng)二極管的電流為負向電流，電容器不能放電，即不變，則增加。由公式，，聯(lián)立得可知，板間場強不變，則小球受到的電場力不變，帶電小球靜止不動，故正確。故選：。【點評】有二極管的電容器電路中，若流經(jīng)二極管的電流為正向電流時，二極管幾乎沒電阻，電路正常，電容器正常沖充、放電；若流經(jīng)二極管的電流為負向電流，則電路不通，電路中無電流，電容器不進行充、放電。2．（2024?天津）一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿軸傳播，圖1是時該波的波形圖，圖2是處質(zhì)點的振動圖像。則時該波的波形圖為A． B． C． D．【答案】【考點】機械波的圖像問題【專題】波的多解性；推理法；定量思想；推理論證能力【分析】根據(jù)振動圖像得出振動質(zhì)點的周期，結(jié)合波動圖像以及確定質(zhì)點的初始位置以及給定時間對應(yīng)的振動情況分析判斷相應(yīng)質(zhì)點的位置以及對應(yīng)的波動圖像?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)圖2可知，該波的振動周期，，當(dāng)時，處的質(zhì)點位移為正的最大，再經(jīng)過△，可知該質(zhì)點應(yīng)該位于波谷的位置，符合題意的只有，故正確，錯誤。故選：?！军c評】考查波動圖像和振動圖像的結(jié)合問題，會根據(jù)圖像找出相關(guān)的信息，會結(jié)合題意進行圖像的判斷。3．（2024?天津）如圖所示，兩根不計電阻的光滑金屬導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌及其構(gòu)成的平面均與水平面成某一角度，導(dǎo)軌上端用直導(dǎo)線連接，整個裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中。具有一定阻值的金屬棒從某高度由靜止開始下滑，下滑過程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，則所受的安培力及其加速度、速度、電流，隨時間變化的關(guān)系圖像可能正確的是A． B． C． D．【答案】【考點】安培力作用下的運動學(xué)問題（力與運動的關(guān)系）【專題】推理論證能力；推理法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合；定量思想【分析】根據(jù)題意設(shè)置相應(yīng)條件，由安培力的公式結(jié)合導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢公式、牛頓第二定律分析、、以及的變化情況；根據(jù)閉合電路的歐姆定律導(dǎo)出電流表達式，再分析圖像的變化情況。【解答】解：根據(jù)題意，設(shè)導(dǎo)體棒的電阻為，導(dǎo)軌間距為，磁感應(yīng)強度大小為，導(dǎo)體棒速度為時，受到的安培力為，可知，由牛頓第二定律可得，導(dǎo)體棒的加速度為可知，隨著速度的增大，導(dǎo)體棒的加速度逐漸減小，當(dāng)加速度為零時，導(dǎo)體棒開始做勻速直線運動，則圖像的斜率逐漸減小直至為零時，速度保持不變，由于安培力與速度成正比，則圖像的斜率逐漸減小直至為零時，保持不變，故正確，錯誤；根據(jù)題意，由公式可得感應(yīng)電流為，由數(shù)學(xué)知識可得，由于加速度逐漸減小，則圖像的斜率逐漸減小，故錯誤。故選：。【點評】考查電磁感應(yīng)的相關(guān)問題，結(jié)合閉合電路的歐姆定律，牛頓運動定律等列式求解分析。4．（2025?邯鄲一模）一輛汽車在平直公路上行駛，發(fā)現(xiàn)前方有緊急情況后立即剎車。剎車過程可看作勻減速直線運動，則以下選項中能夠描述剎車過程中動量隨時間變化的圖像是A． B． C． D．【答案】【考點】勻變速直線運動速度與時間的關(guān)系；動量變化量的計算【專題】推理法；推理論證能力；定量思想；動量定理應(yīng)用專題【分析】根據(jù)動量的定義分析動量的變化規(guī)律。【解答】解：設(shè)剎車的初速度為，加速度為，則經(jīng)時間的速度為動量為故正確，錯誤。故選：。【點評】本題考查了動量的直接應(yīng)用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。5．（2025?邯鄲一模）我們把電場中電勢相同的各點構(gòu)成的面叫作等勢面。等勢面也是形象描繪電場的重要工具，某同學(xué)研究點電荷產(chǎn)生的靜電場時，畫出了如圖所示的等距等勢面、、，即相鄰兩等勢面間的距離相等。由圖可知A．若改變零電勢的位置，等勢面的電勢大小不變 B．等勢面的電勢等于 C．等勢面的電勢小于 D．等勢面的電勢大于【答案】【考點】等勢面及其與電場線的關(guān)系【專題】定性思想；推理法；電場力與電勢的性質(zhì)專題；推理論證能力【分析】點電荷產(chǎn)生的電場線，離電荷近的位置，產(chǎn)生的場強大，相同的距離，離電荷近的位置，電勢差大?！窘獯稹拷猓?、等勢面的電勢大小與零電勢的位置有關(guān)，故若改變零電勢的位置，等勢面的電勢大小會變，故錯誤；、因間的平均電場強度大于間的平均電場強度，且間的距離等于間的距離，根據(jù)電勢差和電場強度之間的關(guān)系式可知，，即等勢面的電勢大于，故錯誤，正確。故選：。【點評】解決本題要明確點電荷產(chǎn)生的場強和電勢的分布特點，離電荷近的位置，產(chǎn)生的場強大，相同的距離，離電荷近的位置，電勢差大。6．（2025?邯鄲一模）“草長鶯飛二月天，拂堤楊柳醉春煙。兒童散學(xué)歸來早，忙趁東風(fēng)放紙鳶?！边@是詩人高鼎的《村居》。許人勾勒出一幅春光明媚，喜放風(fēng)箏的美麗春景圖。若兒童將風(fēng)箏放飛到空中后，拉著風(fēng)箏線盤靜止于水平地面上，風(fēng)箏在如圖所示的風(fēng)的吹拂下恰好也靜止在空中，風(fēng)對兒童的作用力忽略不計。若風(fēng)對風(fēng)箏的作用力可認為垂直于風(fēng)箏面向上，則A．拉直的風(fēng)箏細線可能垂直于風(fēng)箏面 B．地面對兒童的支持力的大小等于風(fēng)箏和兒童的總重力 C．兒童相對地面具有向右運動的趨勢 D．兒童所受合外力大于風(fēng)箏所受合外力【答案】【考點】靜摩擦力的方向；共點力的平衡問題及求解【專題】整體法和隔離法；共點力作用下物體平衡專題；定性思想；推理論證能力【分析】以風(fēng)箏、風(fēng)箏與人組成的整體為研究對象進行受力分析，根據(jù)利用矢量合成則分析?！窘獯稹拷猓海畬︼L(fēng)箏受力如圖風(fēng)箏受豎直向下的重力、垂直于風(fēng)箏面斜向右上方的風(fēng)力、細線的拉力，風(fēng)箏靜止在空中，受力平衡，根據(jù)平衡條件可知，細線的拉力與重力和風(fēng)力的合力等大，反向共線，故拉直的風(fēng)箏細線不可能垂直于風(fēng)箏面，故錯誤；．將兒童和風(fēng)箏看成一個整體受力分析，可知整體受豎直向下的總重力、垂直于風(fēng)箏面斜向右上方的風(fēng)力和地面豎直向上的支持力，在豎直方向上，風(fēng)力沿豎直方向的分力與地面提供的支持力方向相同，故地面對兒童的支持力大小小于風(fēng)箏和兒童的總重力，故錯誤；．將兒童和風(fēng)箏看成一個整體受力分析，可知整體受豎直向下的總重力、垂直于風(fēng)箏面斜向右上方的風(fēng)力和地面豎直向上的支持力，由于風(fēng)力有向右的分量，則地面對人有向左的靜摩擦力作用，整體才能保持平衡狀態(tài)，所以兒童相對地面具有向右運動的趨勢，故正確；．兒童與風(fēng)箏都處于平衡狀態(tài)，則兒童所受合外力等于風(fēng)箏所受合外力都為零，故錯誤。故選：?！军c評】本題以生活實踐情境為切入點，以風(fēng)箏作為情境載體，考查力的合成與分解、力的平衡等知識，關(guān)鍵是能夠?qū)︼L(fēng)箏進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成，根據(jù)矢量三角形（圖解法）分析各力的變化情況。7．（2025?邯鄲一模）核電站鈾核裂變的產(chǎn)物是多樣的。有一種典型的鈾核裂變是生成鋇和氪，核反應(yīng)方程是，已知鈾核的質(zhì)量為，鋇核的質(zhì)量為，氪核的質(zhì)量為，中子的質(zhì)量為，以下說法正確的是A．核反應(yīng)方程中的 B．該核反應(yīng)釋放的核能是 C．的比結(jié)合能大于（或的比結(jié)合能 D．目前部分高科技核電站已經(jīng)實現(xiàn)可控核聚變發(fā)電【答案】【考點】核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)、質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)、核子數(shù)等參數(shù)的關(guān)系；結(jié)合能與比結(jié)合能的概念及物理意義；核反應(yīng)前后存在質(zhì)量虧損及其計算【專題】推理法；推理論證能力；定量思想；愛因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題【分析】、根據(jù)核反應(yīng)過程質(zhì)量數(shù)守恒求解；、根據(jù)愛因斯坦的質(zhì)能方程求解；、根據(jù)核反應(yīng)過程釋放能量，可知核反應(yīng)前后原子核的穩(wěn)定性，根據(jù)比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定分析；、根據(jù)核裂變反應(yīng)較容易控制分析?！窘獯稹拷猓?、根據(jù)核反應(yīng)過程質(zhì)量數(shù)守恒可得：，可得，故錯誤；、該核反應(yīng)過程的質(zhì)量虧損為：△根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可得該核反應(yīng)釋放的核能為：，故正確；、比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，此核反應(yīng)過程釋放能量，核反應(yīng)后產(chǎn)物（或比反應(yīng)前的更穩(wěn)定，所以的比結(jié)合能小于（或的比結(jié)合能，故錯誤；、核裂變反應(yīng)較容易控制，所以現(xiàn)在的核電站仍采用核裂變反應(yīng)發(fā)電，還沒有實現(xiàn)可控核聚變發(fā)電，故錯誤。故選：?！军c評】本題考查了比結(jié)合能、核反應(yīng)過程釋放的核能，解題的關(guān)鍵是知道核反應(yīng)過程質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)都守恒，知道比結(jié)合越大，原子核越穩(wěn)定，熟練掌握愛因斯坦的質(zhì)能方程。8．（2025?邯鄲一模）如圖甲所示，質(zhì)量為的物塊靜止在粗糙水平地面上，物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)。某時刻對物塊施加水平向右的拉力，隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，取。以下說法正確的是A．時拉力的瞬時功率為 B．合力做功的平均功率為 C．物塊的動量變化量為 D．物塊運動的位移為【答案】【考點】平均功率的計算；動能定理的簡單應(yīng)用；動量定理的內(nèi)容和應(yīng)用【專題】定量思想；推理法；功率的計算專題；動能定理的應(yīng)用專題；動量定理應(yīng)用專題；推理論證能力【分析】、根據(jù)圖像的面積表示的沖量，可得內(nèi)力的沖量，內(nèi)力的沖量，內(nèi)、內(nèi)分別利用動量定理可得物塊時、時的速度大小，由可得物塊的瞬時功率，內(nèi)利用動能定理可得合力做的功，利用可得合力做功的平均功率；、根據(jù)動量的變化量△求解；、假設(shè)物塊做勻變速直線運動，利用可得物塊物塊的位移，根據(jù)物塊加速度逐漸增大可得結(jié)論?！窘獯稹拷猓骸D像的面積表示的沖量，由圖乙可得內(nèi)力的沖量：取力的方向為正方向，內(nèi)由動量定理有：，代入數(shù)據(jù)可得時物塊的速度大小為：則時拉力的瞬時功率為：，故錯誤；、由圖乙可得內(nèi)力的沖量：取力的方向為正方向，內(nèi)由動量定理有：，代入數(shù)據(jù)可得時物塊的速度大小為：內(nèi)由動能定理可得合力做的功為：則合力做功的平均功率為：，故正確；、內(nèi)物塊的動量變化量為：△，故錯誤；、若物塊在內(nèi)做勻加速直線運動，則運動的位移：，但物塊在內(nèi)實際上做加速度逐漸增大的加速運動，所以物塊運動的位移不等于，故錯誤。故選：。【點評】本題考查了動量定理、動能定理和功率，解題的關(guān)鍵是知道圖像的面積表示的沖量，熟練掌握利用動量定理解決問題。9．（2025?邯鄲一模）如圖甲所示，斜面固定在水平地面上，質(zhì)量為的小物塊靜止在斜面底端，某時刻給物塊一個沿斜面向上的初速度使物塊沿斜面上滑，物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，斜面的傾角，取水平地面為零重力勢能參考面，在物塊上滑過程中，物塊的機械能和動能隨沿斜面運動的位移變化的圖像如圖乙所示，取，下列說法正確的是A．圖線為物塊動能的變化圖線，圖線為物塊機械能的變化圖線 B．物塊的質(zhì)量為 C．物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為 D．物塊的初速度【答案】【考點】常見力做功與相應(yīng)的能量轉(zhuǎn)化【專題】比較思想；圖析法；功能關(guān)系能量守恒定律；分析綜合能力【分析】根據(jù)物塊上升到最高點時動能為零，而機械能不等于零，分析圖線對應(yīng)關(guān)系；根據(jù)動能隨位移的變化圖線斜率大小等于合外力，機械能隨位移的變化圖線斜率大小等于摩擦力，分別列式，結(jié)合初動能解答?！窘獯稹拷猓骸⑽飰K沿斜面上滑過程中，動能和機械能均減小，取水平地面為零重力勢能參考面，可知物塊上升到最高點時，動能為零，但物塊此時的機械能等于重力勢能，則機械能不等于零，結(jié)合圖像可知，圖線為機械能的變化圖線，圖線為動能的變化圖線，故錯誤；、根據(jù)動能隨位移的變化圖線的斜率大小等于合外力，機械能隨位移的變化圖線的斜率大小等于摩擦力，可得由圖像知物塊的初動能為，上升到最高點物塊的機械能為，即重力勢能為，則聯(lián)立解得，，，故正確，錯誤。故選：。【點評】解答本題時，要掌握動能定理和功能關(guān)系，分析圖線斜率的意義，特別要知道本題中摩擦力做功等于機械能的變化。10．（2024?江漢區(qū)模擬）下列關(guān)于固體、液體的說法正確的是A．毛細管中出現(xiàn)毛細現(xiàn)象時，液體一定浸潤該毛細管 B．航天員在太空中會因為毛筆無法吸墨而寫不成毛筆字 C．晶體沿不同方向的導(dǎo)熱性質(zhì)一定不同 D．液體的表面張力方向總是與液面相切【答案】【考點】浸潤和不浸潤；晶體和非晶體；毛細現(xiàn)象；液體的表面張力【專題】分子間相互作用力與分子間距離的關(guān)系；定性思想；推理法；理解能力【分析】浸潤液體在毛細管中上升和不浸潤液體在毛細管中下降都叫毛細現(xiàn)象；浸潤液體呈凹液面，不浸潤液體呈凸液面；單晶體的部分特性具有各向異性；在液體內(nèi)部，分子間平均距離略小于，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力；在表面層，分子比較稀疏，分子間距離略大于，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，即表面張力?！窘獯稹拷猓海櫼后w在細管中上升，不浸潤液體在細管中下降，都屬于毛細現(xiàn)象，故錯誤；．毛筆書寫過程中，在毛細現(xiàn)象作用下，墨汁與可以被浸潤的毛筆材料發(fā)生相互作用力的平衡，于是墨汁便被吸入毛筆材料中，當(dāng)毛筆尖與紙張接觸時，留在毛筆表面的墨汁，同樣在毛細作用下，被吸附到紙上，故錯誤；．單晶體的部分特性具有各向異性，但導(dǎo)熱性能沿不同方向可能是相同的，故錯誤；．表面張力使液體表面有收縮的趨勢，它的方向跟液面相切，故正確。故選：?！军c評】了解毛細現(xiàn)象的概念以及液晶的性質(zhì)和表面張力的作用效果是解決該題的關(guān)鍵。11．（2024?如皋市校級模擬）圖為蹦極運動的示意圖。彈性繩的一端固定在點，另一端和運動員相連。運動員從點自由下落，至點彈性繩自然伸直，經(jīng)過合力為零的點到達最低點，然后彈起。整個過程中忽略空氣阻力。分析這一過程，下列表述正確的是A．經(jīng)過點時，運動員的速率最大 B．從點到點，運動員一直處于超重狀態(tài) C．從點到點，運動員的加速度一直增大 D．在點，運動員的加速度大小大于重力加速度【答案】【考點】超重與失重的概念、特點和判斷；自由落體運動的規(guī)律及應(yīng)用；胡克定律及其應(yīng)用；牛頓第二定律的簡單應(yīng)用【專題】牛頓運動定律綜合專題；推理法；定性思想；推理論證能力【分析】、從到、從到過程，根據(jù)運動員重力和彈力的大小關(guān)系，可知合力、加速度的方向，根據(jù)加速度與速度方向的關(guān)系可知運動員的運動特點，則可得結(jié)論；、根據(jù)加速度方向和牛頓第二定律分析；、根據(jù)運動員在點合力為零列式，在點利用牛頓第二定律列式，根據(jù)圖中、兩點彈性繩形變量的大小關(guān)系可得結(jié)論?！窘獯稹拷猓?、從到，彈性繩彈力為零，運動員只受重力做自由落體運動，速度增大，在點運動員合力為零，可知從到過程，運動員重力大于彈力，合力向下，加速度向下，與速度方向相同，運動員向下做加速運動，從到，運動員彈力大于重力，合力向上，加速度向上，與速度方向相反，運動員向下做減速運動，所以在點運動員速度最大，故錯誤；、從到過程，由牛頓第二定律有：，運動員加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，隨著彈力逐漸增大，則加速度逐漸減小，從到過程，由牛頓第二定律有：，運動員加速度方向向上，運動員處于超重狀態(tài)，隨著彈力繼續(xù)增大，運動員加速度增大，故錯誤。、設(shè)彈性繩的勁度系數(shù)為，在點彈性繩形變量為，則有：設(shè)彈性繩在點形變量為，由牛頓第二定律有：由圖可知，則可得：，故正確。故選：。【點評】本題考查了牛頓第二定律、超失重，解題的關(guān)鍵是知道加速度與速度方向相同做加速運動，加速度與速度方向相反做減速運動，知道加速度方向向上則處于超重狀態(tài)，加速度方向向下，則處于失重狀態(tài)。12．（2024?江漢區(qū)模擬）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)開始，發(fā)生如圖所示的一系列變化，最終回到狀態(tài)。其中，從狀態(tài)到狀態(tài)過程中氣體對外界做功為。下列說法錯誤的是A．過程中外界對氣體不做功，氣體從外界吸熱 B．過程中氣體從外界吸熱，且吸收的熱量等于 C．狀態(tài)與相比，氣體分子碰撞單位面積器壁的平均力更大 D．整個過程中，氣體總體從外界吸熱【答案】【考點】理想氣體狀態(tài)變化的圖像問題；熱力學(xué)第一定律的表達和應(yīng)用【專題】推理論證能力；圖析法；比較思想；熱力學(xué)定律專題【分析】根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程分析氣體體積的變化，即可判斷做功情況，根據(jù)溫度的變化分析氣體內(nèi)能的變化，再由熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況。根據(jù)壓強關(guān)系，分析狀態(tài)與氣體分子碰撞單位面積器壁的平均力的關(guān)系。將整個過程中變化轉(zhuǎn)化為圖像，根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示做功分析做功情況，再由熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況?！窘獯稹拷猓?、由圖像可知，過程中，不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，氣體體積不變，外界對氣體不做功；氣體溫度升高，則氣體的內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體從外界吸熱，故正確；、由圖像可知，過程中氣體的溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得△可得，可知氣體從外界吸熱，且吸收的熱量等于，故正確；、狀態(tài)與相比，氣體壓強相等，根據(jù)可知，氣體分子碰撞單位面積器壁的平均力一樣大，故錯誤；、將整個過程中變化轉(zhuǎn)化為圖像，如圖所示。根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示氣體做功，由圖像可知，過程中氣體對外做的功大于過程中外界對氣體做的功，所以整個過程氣體對外界做功，而氣體的內(nèi)能變化量為0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，整個過程氣體總體從外界吸熱，故正確。本題選錯誤的，故選：?！军c評】本題考查理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律的綜合應(yīng)用，要能將圖像轉(zhuǎn)化為圖像，根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示做功來分析氣體做功情況。13．（2024?如皋市模擬）某同學(xué)從住宿樓底層樓）沿樓梯進行登高鍛煉，已知每層樓高約為。該同學(xué)的登高速度的倒數(shù)與登高高度的關(guān)系如圖所示。已知他剛登上4樓時的速度約為，則他剛登上19樓的速度和由樓底層登至19樓所需的時間分別約為A．； B．0.15； C．0.12； D．；【答案】【考點】復(fù)雜的運動學(xué)圖像問題【專題】方程法；比較思想；運動學(xué)中的圖象專題；理解能力【分析】根據(jù)圖像與軸所圍的面積表示時間，由幾何知識求解運動時間。【解答】解：如圖可知，登高速度的倒數(shù)與登高高度成正比，即速度與高度成反比，即有他剛登上4樓時的速度約為高度為當(dāng)他剛登上19樓時，高度為根據(jù)反比規(guī)律，可得速度為如圖圖像與軸所圍的的面積表示運動的時間，可得解得，故錯誤，正確。故選：?！军c評】解決本題的關(guān)鍵是理解圖像的物理意義，知道圖像與軸的面積表示時間。14．（2024?開福區(qū)校級模擬）下列關(guān)于原子和原子核的說法正確的是A．粒子的穿透能力比粒子的穿透能力強 B．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)說明了原子有復(fù)雜的結(jié)構(gòu) C．紫外線照射到鋅板表面能夠發(fā)生光電效應(yīng)，則當(dāng)增大紫外線的照射強度時，從鋅板表面逸出的光電子的最大初動能不變 D．按照玻爾理論，氫原子由較高能級躍遷到較低能級，核外電子的動能和電勢能都減小【答案】【考點】光電效應(yīng)的條件和判斷能否發(fā)生光電效應(yīng)；天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)及意義；分析能級躍遷過程中的能量變化（吸收或釋放能量）；、、射線的本質(zhì)及特點【專題】衰變和半衰期專題；歸納法；原子的能級結(jié)構(gòu)專題；定性思想；理解能力；光電效應(yīng)專題【分析】利用、、三種射線特點判斷；原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)；根據(jù)光電效應(yīng)方程，光電子的最大初動能和光照強度無關(guān)；根據(jù)玻爾理論的特點判斷?！窘獯稹拷猓海Ｗ拥拇┩改芰Ρ攘Ｗ拥拇┩改芰θ?，故錯誤；．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)說明了原子核有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，故錯誤；．發(fā)生光電效應(yīng)時，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程，逸出的光電子的最大初動能只與入射光頻率有關(guān)，與照射強度無關(guān)，故正確；．按照玻爾理論，氫原子由較高能級躍遷到較低能級，核外電子的動能增大，電勢能減小，故錯誤。故選：?！军c評】本題考查了天然放射性的特點、光電效應(yīng)、玻爾理論等知識點。注意光電子的最大初動能和入射光的頻率、逸出功有關(guān)，和光強無關(guān)，光電效應(yīng)是?？碱}型，學(xué)生的出錯率也比較高。15．（2024?江漢區(qū)模擬）圖甲為某種橋式整流器的電路圖，它是利用二極管單向?qū)ㄐ赃M行整流的常用電路。已知交流電源的輸出電壓如圖乙所示，燈泡的額定電壓為，假設(shè)四個二極管正向電阻為0，反向電阻無窮大，電壓表為理想電壓表，下列說法正確的是A．時，電壓表示數(shù)為0 B．電壓表的示數(shù)始終為 C．每個周期內(nèi)通過燈泡的電流方向變化兩次 D．每個周期內(nèi)通過燈泡的電流方向始終不變【答案】【考點】正弦式交變電流的有效值【專題】推理論證能力；推理法；定量思想；交流電專題【分析】根據(jù)圖乙可知輸入電壓的最大值和周期，再根據(jù)電壓之比等于線圈匝數(shù)之比可求得輸出端的有效值，從而確定電壓表示數(shù)；根據(jù)有效值的定義以及二極管的性質(zhì)則可明確燈泡兩端的電壓的有效值，再根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析電流表的變化?！窘獯稹拷猓?、根據(jù)題目中的電路圖可知，電流從整流電路上端流入經(jīng)右上二極管、燈泡、左下二極管形成回路，電流從整流電路下端流入經(jīng)右下二極管、燈泡、左上二極管形成回路，所以每個周期內(nèi)通過燈泡的電流方向始終不變，故錯誤；正確；、由選項分析可知，經(jīng)整流電路后，流經(jīng)燈泡的電流方向不再改變，但是電流大小仍按正弦規(guī)律變化，所以電壓表示數(shù)即交流電源的輸出電壓有效值為，代入數(shù)據(jù)解得：故錯誤。故選：?！军c評】本題考查了變壓器的原理及最大值與有效值之間的數(shù)量關(guān)系。能根據(jù)歐姆定律求解電路中的電流，會求功率，知道電表示數(shù)為有效值，明確二極管的單向?qū)щ娦缘恼_應(yīng)用和有效值定義的基本方漢的掌握情況。16．（2024?沙坪壩區(qū)校級模擬）某射擊游戲道具如圖（a）所示，將圓形轉(zhuǎn)筒十等分后間隔排列五片弧形薄板，其余位置留空，俯視圖如圖（b）所示。已知轉(zhuǎn)筒直徑，角速度，小德用玩具手槍瞄準(zhǔn)中軸線隨機打出一槍，彈丸可認為做水平勻速直線運動且速度，彈丸穿過薄板后速度會減半，忽略空氣阻力和彈丸穿過薄板所需時間，下列說法正確的是A．薄板上各點線速度相同 B．薄板上一定會留下一個彈孔 C．若增大角速度，薄板上至少會留下一個彈孔 D．若減小角速度，薄板上至少會留下一個彈孔【答案】【考點】角速度的物理意義及計算；線速度與角速度的關(guān)系【專題】勻速圓周運動專題；定量思想；推理論證能力；推理法【分析】根據(jù)角速度和線速度的關(guān)系，結(jié)合角速度定義以及幾何關(guān)系分析求解?！窘獯稹拷猓海鶕?jù)可知，薄板上各點線速度大小相等，方向不同，故錯誤；．子彈在轉(zhuǎn)筒中運動的時間為此時轉(zhuǎn)筒轉(zhuǎn)過的角度為圓筒與圓心連線每隔有一塊薄板，由幾何關(guān)系可知，薄板上一定會留下一個彈孔，故正確；．由上述分析可知，增大角速度或減小角速度，子彈在薄板上可能不留下彈孔，故錯誤。故選：?！军c評】本題考查了勻速圓周運動相關(guān)知識，理解角速度和線速度的關(guān)系是解決此類問題的關(guān)鍵。17．（2024?開福區(qū)校級模擬）如圖所示，在直角坐標(biāo)系中，先固定一不帶電金屬導(dǎo)體球，半徑為，球心坐標(biāo)為。再將一點電荷固定在原點處，帶電量為。、是軸上的兩點，、兩點對稱地分布在軸兩側(cè)，點、、到坐標(biāo)原點的距離均為，與金屬導(dǎo)體球外表面相切于點，已知金屬導(dǎo)體球處于靜電平衡狀態(tài)，為靜電力常量，則下列說法正確的是A．圖中、兩點的電勢相等，點電勢高于點 B．、兩點處電場強度相同 C．金屬導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在外表面處的場強大小一定為 D．金屬導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在球心處產(chǎn)生的電場強度一定為【答案】【考點】點電荷與均勻帶電球體（球殼）周圍的電場；電荷性質(zhì)、電勢能和電勢的關(guān)系【專題】定量思想；電場力與電勢的性質(zhì)專題；推理法；推理論證能力【分析】根據(jù)點電荷場強公式以及點電荷場強公式，結(jié)合金屬導(dǎo)體球內(nèi)部電場強度為零分析求解?！窘獯稹拷猓海捎诟袘?yīng)電荷對場源電荷的影響，沿著電場線方向電勢逐漸降低，可得：，故錯誤；．、兩點處電場強度大小相等，方向不同，故錯誤；．根據(jù)點電荷場強公式，點電荷在處的場強大小為：但金屬導(dǎo)體球外表面場強不為零，則金屬導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在外表面處的場強大小不等于，故錯誤；．根據(jù)點電荷場強公式，點電荷在處的場強大小，方向沿軸正方向，金屬導(dǎo)體球內(nèi)部電場強度為零，則金屬導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在球心處產(chǎn)生的電場強度為，方向沿軸負方向，故正確。故選：?！军c評】本題考查了靜電場相關(guān)知識，理解點電荷場強公式是解決此類問題的關(guān)鍵。18．（2024?開福區(qū)校級模擬）如圖所示，光滑的圓軌道豎直固定在水平地面上，為圓心，為軌道上的一點，與水平面夾角為。小球在拉力作用下始終靜止在點。當(dāng)拉力方向水平向左時，拉力的大小為。當(dāng)將拉力在豎直平面內(nèi)順時針轉(zhuǎn)至沿圓軌道切線方向時，拉力的大小為A． B． C． D．【答案】【考點】利用平衡推論求解受力問題【專題】共點力作用下物體平衡專題；定量思想；學(xué)科綜合題；應(yīng)用題；合成分解法；推理論證能力【分析】當(dāng)與水平面夾角為分析小球的受力情況，作出受力圖，運用合成法分析求得小球的重力。再用同樣的方法求解當(dāng)將拉力在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)至沿圓軌道切線方向時拉力的大小?！窘獯稹拷猓寒?dāng)拉力水平向左時，受到豎直向下的重力，沿向外的支持力，以及拉力的作用，如圖所示：根據(jù)矢量三角形可得：當(dāng)拉力沿圓軌道切線方向時，受力如圖所示：根據(jù)矢量三角形可得：故正確，錯誤。故選：?！军c評】在處理共點力平衡問題時，關(guān)鍵是對物體進行受力分析，然后根據(jù)正交分解法將各個力分解成兩個方向上的力，然后列式求解，如果物體受到三力處于平衡狀態(tài)，則可根據(jù)矢量三角形法，將三個力移動到一個三角形中，然后根據(jù)角度列式求解。19．（2024?順慶區(qū)校級模擬）如圖所示，木板放置在粗糙水平地面上，為光滑鉸鏈。輕桿一端與鉸鏈固定連接，另一端固定連接一質(zhì)量為的小球?，F(xiàn)將輕繩一端拴在小球上，另一端通過光滑的定滑輪由力牽引，定滑輪位于的正上方，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)改變力的大小使小球和輕桿從圖示位置緩慢運動到正下方，木板始終保持靜止，則在整個過程中A．外力大小不變 B．輕桿對小球的作用力大小變小 C．地面對木板的支持力逐漸變小 D．地面對木板的摩擦力逐漸減小【答案】【考點】圖解法解決動態(tài)平衡問題【專題】比較思想；圖析法；共點力作用下物體平衡專題；推理論證能力【分析】對小球進行受力分析，根據(jù)相似三角形法分析出外力和輕桿對小球作用力的變化情況；對木板進行受力分析，根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合其平衡狀態(tài)分析出地面對木板的支持力和地面對木板的摩擦力的變化情況?！窘獯稹拷猓?、對小球進行受力分析，三力構(gòu)成矢量三角形，如圖所示。根據(jù)相似三角形有緩慢運動過程越來越小，則逐漸減?。挥捎陂L度不變，桿對小球的作用力大小不變，故錯誤；、對木板，由于桿對木板的作用力大小不變，方向向右下方，但桿的作用力與豎直方向的夾角越來越小，所以地面對木板的支持力逐漸增大，地面對木板的摩擦力逐漸減小，故錯誤，正確。故選：?！军c評】本題主要考查了力的動態(tài)平衡問題，熟悉物體的受力分析，結(jié)合幾何關(guān)系分析出力的變化情況即可。20．（2024?江蘇模擬）一長為的金屬管從地面以的速率豎直上拋，管口正上方高處有一小球同時自由下落，金屬管落地前小球從管中穿過。已知重力加速度為，不計空氣阻力。關(guān)于該運動過程說法正確的是A．小球穿過管所用時間大于 B．若小球在管上升階段穿過管，則 C．若小球在管下降階段穿過管，則 D．小球不可能在管上升階段穿過管【答案】【考點】自由落體運動的規(guī)律及應(yīng)用；豎直上拋運動的規(guī)律及應(yīng)用【專題】定量思想；推理法；臨界法；追及、相遇問題；自由落體運動專題；分析綜合能力【分析】金屬管和小球加速度相等，以管為參考系，小球在管中勻速直線運動；分析小球在管上升階段穿過管時和小球在管下降階段穿過管時，管的上升的最大高度，根據(jù)速度一位移關(guān)系分析初速度的范圍。【解答】解：、兩物體豎直方向加速度相同，所以小球相對管來說在做勻速直線運動，所以小球穿過管所用時間為，故錯誤；、剛好在管上升最高點穿過管有解得若小球在管上升階段穿過管，則，故正確；、若小球在管剛著地時穿管，有解得：結(jié)合向下分析可知，故錯誤；、根據(jù)以上分析可知，故錯誤。故選：?！军c評】本題是相遇問題，知道二者加速度相等，要分析清楚時小球和圓管的位移關(guān)系。21．（2024?蘇州校級二模）利用光在空氣薄膜的干涉可以測量待測圓柱形金屬絲與標(biāo)準(zhǔn)圓柱形金屬絲的直徑差（約為微米量級），實驗裝置如圖甲所示。和是具有標(biāo)準(zhǔn)平面的玻璃平晶，為標(biāo)準(zhǔn)金屬絲，直徑為；為待測金屬絲，直徑為；兩者中心間距為。實驗中用波長為的單色光垂直照射平晶表面，觀察到的干涉條紋如圖乙所示，測得相鄰條紋的間距為△。則以下說法正確的是A． B．與直徑相差越大，△越大 C．輕壓右端，若△增大則有 D．與直徑相等時可能產(chǎn)生圖乙中的干涉條紋【答案】【考點】薄膜干涉現(xiàn)象【專題】比較思想；實驗?zāi)芰Γ还獾母缮鎸ｎ}；幾何法【分析】依據(jù)題意，結(jié)合幾何關(guān)系求出兩標(biāo)準(zhǔn)平面的玻璃平晶之間的夾角，結(jié)合空氣薄膜干涉條件，即可求解?！窘獯稹拷猓?、設(shè)兩標(biāo)準(zhǔn)平面的玻璃平晶之間的夾角為，由題圖可得：由空氣薄膜干涉的條件可知又聯(lián)立解得：，故正確；、由上述分析可知，與直徑相差越大，越大，△越小，錯誤；、輕壓右端，若△增大，則減小，說明，故錯誤；、當(dāng)與直徑相等時，，空氣薄膜的厚度處處相等，不能形成圖乙中的干涉條紋，故錯誤。故選：?！军c評】本題考查光干涉的原理，及其形成條件，理解干涉條紋的間距公式應(yīng)用，要注意幾何知識的運用。22．（2024?黑龍江模擬）如圖所示，光滑水平面上放有質(zhì)量為的足夠長的木板，通過水平輕彈簧與豎直墻壁相連的物塊疊放在上，的質(zhì)量為，彈簧的勁度系數(shù)。初始時刻，系統(tǒng)靜止，彈簧處于原長?，F(xiàn)用一水平向右的拉力作用在上，已知、間動摩擦因數(shù)，彈簧振子的周期為，取，。則A．受到的摩擦力逐漸變大 B．向右運動的最大距離為 C．當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，的位移為 D．當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，彈簧對的沖量大小為【答案】【考點】簡諧運動的回復(fù)力；動量定理的內(nèi)容和應(yīng)用【專題】推理法；動量定理應(yīng)用專題；定量思想；分析綜合能力【分析】根據(jù)對物體的受力分析得出其受到的摩擦力的變化趨勢；根據(jù)彈力與摸出來的等量關(guān)系，結(jié)合對稱性分析出向右運動的最大距離；根據(jù)兩個物塊之間的速度關(guān)系分析出的位移；根據(jù)簡諧振動的周期公式，結(jié)合動量定理完成分析?！窘獯稹拷猓海淖畲蠹铀俣葹槿衾ψ饔玫乃查g、整體一起向右加速，加速度為：則，則一開始二者就發(fā)生相對運動，一直受滑動摩擦力保持不變，故錯誤；．間的滑動靜摩擦力為當(dāng)彈簧彈力等于滑動摩擦力時，向右運動的距離為則做簡諧運動的振幅，則向右運動的最大距離為，故正確；．設(shè)初始位置為0位置，以處為平衡位置做簡諧振動，當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，即處于平衡位置時，運動的時間可能是，，1，2，或者，，1，2，由題可。對木板，加速度為則當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，即處于平衡位置時，運動的位移為或者但是的位移為時，的位移不一定為，故錯誤；．當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，結(jié)合選項分析可知，的速度變?yōu)?，由動量定理可知，的動量變化量為零，故彈簧對的沖量大小等于摩擦力對的沖量大小，即△；當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，運動的時間為，，1，2，則當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，彈簧對的沖量大小為△，，1，2，則當(dāng)?shù)奈灰茷闀r，彈簧對的沖量大小不一定為，故錯誤。故選：。【點評】本題主要考查了動量定理的相關(guān)應(yīng)用，熟悉物體的受力分析，結(jié)合動量定理和簡諧振動的周期公式，同時利用胡克定律即可完成解答。23．（2024?鼓樓區(qū)校級模擬）封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)變到狀態(tài)，其體積與熱力學(xué)溫度的關(guān)系如圖所示，、、三點在同一直線上，則A．由狀態(tài)變到狀態(tài)過程中，氣體對外放熱，內(nèi)能不變 B．氣體在狀態(tài)和在狀態(tài)時的單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)相等 C．狀態(tài)時氣體的壓強小于狀態(tài)時氣體的壓強 D．在狀態(tài)與狀態(tài)時相等時間內(nèi)氣體分子對單位面積器壁的沖量相等【答案】【考點】理想氣體狀態(tài)變化的圖像問題【專題】定性思想；推理法；推理論證能力；氣體的壓強專題【分析】根據(jù)熱力學(xué)第一定律進行分析氣體的吸放熱以及內(nèi)能的變化情況；氣體從狀態(tài)到狀態(tài)發(fā)生的是等容變化，根據(jù)等容變化的實驗定律即可判斷、狀態(tài)的壓強大??；兩點在同一等壓線上，根據(jù)氣體壓強的微觀意義分析選項；【解答】解：、氣體從狀態(tài)到狀態(tài)溫度不變，內(nèi)能不變，△，體積增大，對外做功，，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△，知，氣體吸收熱量，故錯誤；、點和點在過原點的連線上，說明氣體由到壓強不變，體積增大，分子的密集程度減小，狀態(tài)溫度高，分子的平均動能大，狀態(tài)和狀態(tài)壓強相等，所以狀態(tài)時單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)比狀態(tài)少，故錯誤；、氣體從到發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律知，，所以，即狀態(tài)氣體的壓強大于狀態(tài)氣體的壓強，故錯誤；、根據(jù)沖量的定義可知，，壓強，所以，因為狀態(tài)和狀態(tài)壓強相等，所以相等時間內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的沖量相等，故正確。故選：?！军c評】本題考查了熱力學(xué)第一定律、氣體實驗定律和氣體壓強的微觀意義，關(guān)鍵是根據(jù)圖象分析狀態(tài)變化過程，知道圖象中過原點的直線是等壓線，注意理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)。24．（2024?北京）水平傳送帶勻速運動，將一物體無初速度地放置在傳送帶上，最終物體隨傳送帶一起勻速運動。下列說法正確的是A．剛開始物體相對傳送帶向前運動 B．物體勻速運動過程中，受到靜摩擦力 C．物體加速運動過程中，摩擦力對物體做負功 D．傳送帶運動速度越大，物體加速運動的時間越長【答案】【考點】牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；水平傳送帶模型【專題】摩擦力專題；推理法；定性思想；推理能力【分析】根據(jù)初始時刻物塊速度和傳送帶速度大小關(guān)系判斷；根據(jù)勻速運動的條件判斷摩擦力的有無；根據(jù)物塊做加速運動判斷摩擦力做功的問題；根據(jù)加速度公式結(jié)合勻變速直線運動的公式分析解答。【解答】解：剛開始時，物體速度小于傳送帶速度，則物體相對傳送帶向后運動，故錯誤；勻速運動過程中，物體與傳送帶之間無相對運動趨勢，則物體不受摩擦力作用，故錯誤；物體加速，由動能定理可知，摩擦力充當(dāng)合外力對物體做正功，故錯誤；設(shè)物體與傳送帶間動摩擦因數(shù)為，物體相對傳送帶運動時，，做勻加速運動時，物體速度小于傳送帶速度則一直加速，由可知，傳速帶速度越大，物體加速運動的時間越長，故正確。故選：?！军c評】考查傳送帶的相關(guān)問題，會根據(jù)題意進行相應(yīng)的分析和解答。25．（2024?順義區(qū)二模）1899年，蘇聯(lián)物理學(xué)家列別捷夫首先從實驗上證實了“光射到物體表面上時會產(chǎn)生壓力”，和大量氣體分子與器壁的頻繁碰撞類似，這種壓力會對物體表面產(chǎn)生壓強，這就是“光壓”。某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的探測器，利用太陽光的“光壓”為探測器提供動力，以使太陽光對太陽帆的壓力超過太陽對探測器的引力，將太陽系中的探測器送到太陽系以外。假設(shè)質(zhì)量為的探測器正朝遠離太陽的方向運動，探測器探測器太陽帆的面積為，且始終與太陽光垂直，探測器到太陽中心的距離為，不考慮行星對探測器的引力。已知：單位時間內(nèi)從太陽單位面積輻射的光的總能量與太陽絕對溫度的四次方成正比，即．其中為太陽表面的溫度，為常量。引力常量為，太陽的質(zhì)量為，太陽的半徑為，光子的動量，光速為。下列說法正確的是A．常量的單位為 B．時間內(nèi)探測器在距太陽處太陽帆接收到太陽輻射的能量為 C．若照射到太陽帆上的光一半被太陽帆吸收另一半被反射，探測器太陽帆的面積至少為 D．若照射到太陽帆上的光全部被太陽帆吸收，探測器在處太陽帆受到太陽光的壓力為【答案】【考點】動量定理的內(nèi)容和應(yīng)用；光子的動量【專題】定量思想；推理法；推理能力；光的波粒二象性和物質(zhì)波專題【分析】由題意可知的單位，根據(jù)物理量的關(guān)系推導(dǎo)常量的單位；根據(jù)的物理意義求解時間內(nèi)探測器在距太陽處太陽帆接收到太陽輻射的能量；求得時間內(nèi)輻射到太陽帆的光子的總數(shù)，根據(jù)動量定理與牛頓第三定律求解太陽帆持續(xù)受到的作用力大小。再根據(jù)太陽光對太陽帆的壓力滿足的條件解答；根據(jù)動量定理與牛頓第三定律求解太陽帆受到太陽光的壓力?！窘獯稹拷猓河深}意可知是單位時間從太陽單位面積輻射的電磁波的能量，所以其單位為，又有：，可得的單位可表示為：，由，可得常量的單位為：，故錯誤；時間內(nèi)探測器在距太陽處太陽帆接收到太陽輻射的能量為：，故錯誤；時間內(nèi)輻射到太陽帆的光子的總數(shù)為：一半光子被吸收，一半反射，設(shè)輻射到太陽帆的光子持續(xù)受到總的作用力為，由動量定理得：根據(jù)牛頓第三定律可知太陽帆持續(xù)受到的作用力大小等于，要滿足太陽光對太陽帆的作用力不小于太陽對探測器的引力，即：，聯(lián)立可得：，故錯誤；若照射到太陽帆上的光全部被太陽帆吸收，同理可得：根據(jù)牛頓第三定律可得探測器在處太陽帆受到太陽光的壓力為：，故正確。故選：?！军c評】本題為知識給予題，理解題意，根據(jù)光子及其動量概念，應(yīng)用動量定理與能量守恒解答。

考點卡片1．勻變速直線運動速度與時間的關(guān)系【知識點的認識】勻變速直線運動的速度—時間公式：vt＝v0+at．其中，vt為末速度，v0為初速度，a為加速度，運用此公式解題時要注意公式的矢量性．在直線運動中，如果選定了該直線的一個方向為正方向，則凡與規(guī)定正方向相同的矢量在公式中取正值，凡與規(guī)定正方向相反的矢量在公式中取負值，因此，應(yīng)先規(guī)定正方向．（一般以v0的方向為正方向，則對于勻加速直線運動，加速度取正值；對于勻減速直線運動，加速度取負值．）【命題方向】例1：一個質(zhì)點從靜止開始以1m/s2的加速度做勻加速直線運動，經(jīng)5s后做勻速直線運動，最后2s的時間內(nèi)使質(zhì)點做勻減速直線運動直到靜止．求：（1）質(zhì)點做勻速運動時的速度；（2）質(zhì)點做勻減速運動時的加速度大?。治觯焊鶕?jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出5s末的速度，結(jié)合速度時間公式求出質(zhì)點速度減為零的時間．解答：（1）根據(jù)速度時間公式得，物體在5s時的速度為：v＝a1t1＝1×5m/s＝5m/s．（2）物體速度減為零的時間2s，做勻減速運動時的加速度大小為：a2＝＝2.5m/s2答：（1）質(zhì)點做勻速運動時的速度5m/s；（2）質(zhì)點做勻減速運動時的加速度大小2.5m/s2．點評：解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式和位移時間公式，并能靈活運用．例2：汽車以28m/s的速度勻速行駛，現(xiàn)以4.0m/s2的加速度開始剎車，則剎車后4s末和8s末的速度各是多少？分析：先求出汽車剎車到停止所需的時間，因為汽車剎車停止后不再運動，然后根據(jù)v＝v0+at，求出剎車后的瞬時速度．解答：由題以初速度v0＝28m/s的方向為正方向，則加速度：a＝＝﹣4.0m/s2，剎車至停止所需時間：t＝＝s＝7s．故剎車后4s時的速度：v3＝v0+at＝28m/s﹣4.0×4m/s＝12m/s剎車后8s時汽車已停止運動，故：v8＝0答：剎車后4s末速度為12m/s，8s末的速度是0．點評：解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度與時間公式v＝v0+at，以及知道汽車剎車停止后不再運動，在8s內(nèi)的速度等于在7s內(nèi)的速度．解決此類問題一定要注意分析物體停止的時間．【解題方法點撥】1．解答題的解題步驟（可參考例1）：①分清過程（畫示意圖）；②找參量（已知量、未知量）③明確規(guī)律（勻加速直線運動、勻減速直線運動等）④利用公式列方程（選取正方向）⑤求解驗算．2．注意vt＝v0+at是矢量式，剎車問題要先判斷停止時間．2．自由落體運動的規(guī)律及應(yīng)用【知識點的認識】1．定義：物體只在重力作用下從靜止開始豎直下落的運動叫做自由落體運動．2．公式：v＝gt；h＝gt2；v2＝2gh．3．運動性質(zhì)：自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動．4．物體做自由落體運動的條件：①只受重力而不受其他任何力，包括空氣阻力；②從靜止開始下落．重力加速度g：①方向：總是豎直向下的；②大小：g＝9.8m/s2，粗略計算可取g＝10m/s2；③在地球上不同的地方，g的大小不同．g隨緯度的增加而增大（赤道g最小，兩極g最大），g隨高度的增加而減小．【命題方向】自由落體運動是常見的運動，可以看作是勻變速直線運動的特例，高考命題常以新情境來考查，而且經(jīng)常與其他知識綜合出題．單獨考查的題型一般為選擇題或計算題，綜合其它知識考查的一般為計算題，難度一般中等或偏易．例1：關(guān)于自由落體運動，下列說法中正確的是（）A．在空氣中不考慮空氣阻力的運動是自由落體運動B．物體做自由運動時不受任何外力的作用C．質(zhì)量大的物體，受到的重力大，落到地面時的速度也大D．自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動分析：自由落體運動是指物體僅在重力的作用下由靜止開始下落加速度為g的勻加速直線運動運動，加速度g與質(zhì)量無關(guān)．解答：A、自由落體運動是指物體僅在重力的作用下由靜止開始下落的運動，故A錯誤；B、物體做自由運動時只受重力，故B錯誤；C、根據(jù)v＝gt可知，落到地面時的速度與質(zhì)量無關(guān)，故C錯誤；D、自由落體運動是指物體僅在重力的作用下由靜止開始下落加速度為g的勻加速直線運動運動，故D正確．故選：D．點評：把握自由落體運動的特點和規(guī)律，理解重力加速度g的變化規(guī)律即可順利解決此類題目．例2：一個小石子從離地某一高度處由靜止自由落下，某攝影愛好者恰好拍到了它下落的一段軌跡AB．該愛好者用直尺量出軌跡的實際長度，如圖所示．已知曝光時間為s，則小石子出發(fā)點離A點約為（）A.6.5cmB.10mC.20mD.45m分析：根據(jù)照片上痕跡的長度，可以知道在曝光時間內(nèi)物體下落的距離，由此可以估算出AB段的平均速度的大小，在利用自由落體運動的公式可以求得下落的距離．解答：由圖可知AB的長度為2cm，即0.02m，曝光時間為s，所以AB段的平均速度的大小為v＝＝＝20m/s，由自由落體的速度位移的關(guān)系式v2＝2gh可得，h＝＝＝20m，所以C正確．故選：C．點評：由于AB的運動時間很短，我們可以用AB段的平均速度來代替A點的瞬時速度，由此再來計算下降的高度就很容易了，通過本題一定要掌握這種近似的方法．【解題思路點撥】1．自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，所以，勻變速直線運動公式也適用于自由落體運動．2．該知識點的3個探究結(jié)論：（1）物體下落快慢不是由輕重來決定的，是存在空氣阻力的原因．（2）物體只在重力作用下從靜止開始下落的運動，叫做自由落體運動．“自由”的含義是物體只受重力作用、且初速度為零．（3）不同物體從同一高度做自由落體運動，它們的運動情況是相同的．3．豎直上拋運動的規(guī)律及應(yīng)用【知識點的認識】1．定義：物體以初速度v0豎直向上拋出后，只在重力作用下而做的運動，叫做豎直上拋運動。2．特點：（1）初速度：v0≠0；（2）受力特點：只受重力作用（沒有空氣阻力或空氣阻力可以忽略不計）；（3）加速度：a＝g，其大小不變，方向始終豎直向下。3．運動規(guī)律：取豎直向上的方向為正方向，有：vt＝v0﹣gt，h＝v0t﹣gt2，﹣＝2gh；4．幾個特征量：（1）上升的最大高度hmax＝；（2）質(zhì)點在通過同一高度位置時，上升速度與下落速度大小相等；上升到最大高度處所需時間t上和從最高處落回到拋出點所需時間相等t下，t上＝t下＝?！久}方向】例1：某物體以30m/s的初速度豎直上拋，不計空氣阻力，g取10m/s2．5s內(nèi)物體的（）A．路程為65mB．位移大小為25m，方向向上C．速度改變量的大小為10m/sD．平均速度大小為13m/s，方向向上分析：豎直上拋運動看作是向上的勻減速直線運動，和向下的勻加速直線運動，明確運動過程，由運動學(xué)公式即可求出各物理量。解答：由v＝gt可得，物體的速度減為零需要的時間t＝＝s＝3s，故5s時物體正在下落；A、路程應(yīng)等于向上的高度與后2s內(nèi)下落的高度之和，由v2＝2gh可得，h＝＝45m，后兩s下落的高度h'＝gt′2＝20m，故總路程s＝（45+20）m＝65m；故A正確；B、位移h＝v0t﹣gt2＝25m，位移在拋出點的上方，故B正確；C、速度的改變量△v＝gt＝50m/s，方向向下，故C錯誤；D、平均速度v＝＝＝5m/s，故D錯誤。故選：AB。點評：豎直上拋運動中一定要靈活應(yīng)用公式，如位移可直接利用位移公式求解；另外要正確理解公式，如平均速度一定要用位移除以時間；速度變化量可以用△v＝at求得。例2：在豎直的井底，將一物塊以11m/s的初速度豎直向上拋出，物體沖出井口再落回到井口時被人接住，在被人接住前1s內(nèi)物體的位移是4m，位移方向向上，不計空氣阻力，取g＝10m/s2．求：（1）物體從拋出點到被人接住所經(jīng)歷的時間；（2）豎直井的深度。分析：豎直上拋運動的處理方法有整體法和分段法，要求路程或上升的最大高度時一般用分段法，此題可以直接應(yīng)用整體法進行求解。解答：（1）設(shè)最后1s內(nèi)的平均速度為則：m/s平均速度等于中間時刻的瞬時速度，即接住前0.5s的速度為v1＝4m/s設(shè)物體被接住時的速度為v2，則v1＝v2﹣gt得：v2＝4+10×0.5＝9m/s，則物體從拋出點到被人接住所經(jīng)歷的時間t＝+1＝+1＝1.2s；（2）豎直井的深度即拋出到接住物塊的位移，則h＝v0t﹣gt2＝11×1.2﹣×10×1.22＝6m。答：（1）物體從拋出點到被人接住所經(jīng)歷的時間為1.2s（2）豎直井的深度為6m。點評：豎直上拋運動的處理方法有整體法和分段法，要求路程或上升的最大高度時一般用分段法，此題只有豎直向上的勻減速運動，直接應(yīng)用整體法求解即可。【解題方法點撥】1．豎直上拋運動的兩種研究方法：（1）分段法：上升階段是勻減速直線運動，下落階段是自由落體運動，下落過程是上升過程的逆過程。（2）整體法：從全程來看，加速度方向始終與初速度v0的方向相反，所以可把豎直上拋運動看成一個勻變速直線運動，要特別注意v0、vt、g、h等矢量的正、負號。一般選取豎直向上為正方向，v0總是正值，上升過程中vt為正值，下落過程中vt為負值；物體在拋出點以上時h為正值，物體在拋出點以下時h為負值。?。贺Q直上拋運動的上升階段和下降階段具有對稱性：①速度對稱：上升和下降過程經(jīng)過同一位置時速度等大、反向；②時間對稱：上升和下降過程經(jīng)過同一段高度的上升時間和下降時間相等。4．復(fù)雜的運動學(xué)圖像問題【知識點的認知】1.除了常見的x﹣t圖像，v﹣t圖像與a﹣t圖像外，還有一些少見的運動學(xué)圖像如﹣t圖像，v﹣x圖像、v2﹣x圖像等。2.這些圖像往往都與運動學(xué)的公式有關(guān)聯(lián)。3.解題步驟一般如下：①根據(jù)圖像的縱橫坐標(biāo)找出圖像應(yīng)用了那個運動學(xué)公式；②根據(jù)圖像推出具體的表達式；③分析斜率、截距、面積等因素的物理意義?！久}方向】在平直公路上有甲、乙兩輛汽車同時從同一位置沿著同一方向做勻加速直線運動，它們速度的平方隨位移變化的圖象如圖所示，則（）A、甲車的加速度比乙車的加速度小B、在x＝0.5m處甲、乙兩車相遇C、在x＝1m處甲、乙兩車相遇D、在t＝2s末甲、乙兩車相遇分析：根據(jù)勻變速直線運動的速度—位移關(guān)系公式：＝2ax，可以知道圖象斜率是兩倍的加速度，由圖象可以直接得到速度相等時的位移，從同一位置出發(fā)，兩車相遇時的位移相等，根據(jù)勻變速直線運動特征判斷位移相等時的位移和時間．解答：A、根據(jù)勻變速直線運動速度—位移關(guān)系＝2ax，得v2＝2ax+，可知圖象的斜率k＝2a。由圖可知甲的斜率大于乙的斜率，故甲車的加速度大于乙車的加速度，故A錯誤；BCD、由圖象可知x＝0.5m時，兩車速度的平方相等，速度相等。由圖可知，對于甲車做初速度為0加速度為2m/s2的勻加速直線運動，乙做初速度為1m/s，加速度為1m/s2的勻加速直線運動，兩車相遇時，位移相等，則有：＝代入得：2×t2＝1×t+1×t2解得，t＝2s相遇處兩車的位移為x＝＝m＝4m，故BC錯誤，D正確。故選：D。點評：讀懂圖象的坐標(biāo)，并能根據(jù)勻變速直線運動的位移—速度關(guān)系求出描述勻變速直線運動的相關(guān)物理量，并再由勻變速直線運動的規(guī)律求出未知量．【解題思路點撥】非常規(guī)的運動學(xué)圖像一般都是從某一個表達式得來的，要先從橫縱坐標(biāo)及圖像出發(fā)確定表達式，求解出關(guān)鍵物理量，再分析物體的運動問題。5．胡克定律及其應(yīng)用【知識點的認識】1．彈力（1）定義：發(fā)生彈性形變的物體，由于要恢復(fù)原狀，對跟它接觸的物體產(chǎn)生的力叫彈力．（2）彈力的產(chǎn)生條件：①彈力的產(chǎn)生條件是兩個物體直接接觸，②并發(fā)生彈性形變．（3）彈力的方向：力垂直于兩物體的接觸面．①支撐面的彈力：支持力的方向總是垂直于支撐面，指向被支持的物體；壓力總是垂直于支撐面指向被壓的物體．點與面接觸時彈力的方向：過接觸點垂直于接觸面．球與面接觸時彈力的方向：在接觸點與球心的連線上．球與球相接觸的彈力方向：垂直于過接觸點的公切面．②彈簧兩端的彈力方向：與彈簧中心軸線重合，指向彈簧恢復(fù)原狀的方向．其彈力可為拉力，可為壓力．③輕繩對物體的彈力方向：沿繩指向繩收縮的方向，即只為拉力．2．胡克定律彈簧受到外力作用發(fā)生彈性形變，從而產(chǎn)生彈力．在彈性限度內(nèi)，彈簧彈力F的大小與彈簧伸長（或縮短）的長度x成正比．即F＝kx，其中，勁度系數(shù)k的意義是彈簧每伸長（或縮短）單位長度產(chǎn)生的彈力，其單位為N/m．它的大小由制作彈簧的材料、彈簧的長短和彈簧絲的粗細決定．x則是指形變量，應(yīng)為形變（包括拉伸形變和壓縮形變）后彈簧的長度與彈簧原長的差值．注意：胡克定律在彈簧的彈性限度內(nèi)適用．3．胡克定律的應(yīng)用（1）胡克定律推論在彈性限度內(nèi)，由F＝kx，得F1＝kx1，F(xiàn)2＝kx2，即F2﹣F1＝k（x2﹣x1），即：△F＝k△x即：彈簧彈力的變化量與彈簧形變量的變化量（即長度的變化量）成正比．（2）確定彈簧狀態(tài)對于彈簧問題首先應(yīng)明確彈簧處于“拉伸”、“壓縮”還是“原長”狀態(tài)，并且確定形變量的大小，從而確定彈簧彈力的方向和大小．如果只告訴彈簧彈力的大小，必須全面分析問題，可能是拉伸產(chǎn)生的，也可能是壓縮產(chǎn)生的，通常有兩個解．（3）利用胡克定律的推論確定彈簧的長度變化和物體位移的關(guān)系如果涉及彈簧由拉伸（壓縮）形變到壓縮（拉伸）形變的轉(zhuǎn)化，運用胡克定律的推論△F＝k△x可直接求出彈簧長度的改變量△x的大小，從而確定物體的位移，再由運動學(xué)公式和動力學(xué)公式求相關(guān)量．【命題方向】（1）第一類常考題型是考查胡克定律：一個彈簧掛30N的重物時，彈簧伸長1.2cm，若改掛100N的重物時，彈簧總長為20cm，則彈簧的原長為（）A．12cmB．14cmC．15cmD．16cm分析：根據(jù)胡克定律兩次列式后聯(lián)立求解即可．解：一個彈簧掛30N的重物時，彈簧伸長1.2cm，根據(jù)胡克定律，有：F1＝kx1；若改掛100N的重物時，根據(jù)胡克定律，有：F2＝kx2；聯(lián)立解得：k＝；x2＝；故彈簧的原長為：x0＝x﹣x2＝20cm﹣4cm＝16cm；故選D．點評：本題關(guān)鍵是根據(jù)胡克定律列式后聯(lián)立求解，要記住胡克定律公式中F＝k?△x的△x為行變量．（2）第二類?？碱}型是考查胡克定律與其他知識點的結(jié)合：如圖所示，一根輕質(zhì)彈簧上端固定，下端掛一個質(zhì)量為m0的平盤，盤中有一物體，質(zhì)量為m，當(dāng)盤靜止時，彈簧的長度比其自然長度伸長了l，今向下拉盤，使彈簧再伸長△l后停止，然后松手，設(shè)彈簧總處在彈性限度內(nèi)，則剛松手時盤對物體的支持力等于（）A.B.C.D.分析：根據(jù)胡克定律求出剛松手時手的拉力，確定盤和物體所受的合力，根據(jù)牛頓第二定律求出剛松手時，整體的加速度．再隔離物體研究，用牛頓第二定律求解盤對物體的支持力．解：當(dāng)盤靜止時，由胡克定律得（m+m0）g＝kl①設(shè)使彈簧再伸長△l時手的拉力大小為F再由胡克定律得F＝k△l②由①②聯(lián)立得F＝剛松手瞬時彈簧的彈力沒有變化，則以盤和物體整體為研究對象，所受合力大小等于F，方向豎直向上．設(shè)剛松手時，加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律得a＝＝對物體研究：FN﹣mg＝ma解得FN＝（1+）mg故選A．點評：點評：本題考查應(yīng)用牛頓第二定律分析和解決瞬時問題的能力，這類問題往往先分析平衡狀態(tài)時物體的受力情況，再分析非平衡狀態(tài)時物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求解瞬時加速度．【解題方法點撥】這部分知識難度中等、也有難題，在平時的練習(xí)中、階段性考試中會單獨出現(xiàn)，選擇、填空、計算等等出題形式多種多樣，在高考中不會以綜合題的形式考查的，但是會做為題目的一個隱含條件考查．彈力的有無及方向判斷比較復(fù)雜，因此在確定其大小和方向時，不能想當(dāng)然，應(yīng)根據(jù)具體的條件或計算來確定．6．靜摩擦力的方向【知識點的認識】靜摩擦力是阻礙物體的相對運動趨勢的力，所以總是與物體的相對運動趨勢方向相反，同時要與接觸面相切（沿接觸面）?！久}方向】下列有關(guān)靜摩擦力的說法中，正確的是（）A、只有靜止的物體才受靜摩擦力B、靜摩擦力與壓力成正比C、靜摩擦力的方向一定與接觸面相切D、靜摩擦力的方向與物體運動方向一定相反分析：靜摩擦力的方向可能與物體的運動方向相反，也可能與物體的運動方向相同，但一定與物體相對運動趨勢方向相反．運動的物體可能受到靜摩擦力作用，最后依據(jù)滑動摩擦力公式，即可求解．解答：A、運動物體可能受靜摩擦力作用，當(dāng)靜止物體相對接觸物體有相對運動趨勢時，會受到靜摩擦力，故A錯誤；B、滑動摩擦力與壓力成正比。故B錯誤；C、靜摩擦力的方向一定與接觸面相切，故C正確；D、靜摩擦力的方向可能與物體的運動方向相反，也可能與物體的運動方向相同。比如在平直公路上行駛的汽車，車廂地板隨汽車一起運動的物體，在啟動過程中所受靜摩擦力與運動方向相同，在減速過程中，靜摩擦力方向與運動方向相反。故D錯誤。故選：C。點評：靜摩擦力的方向可以根據(jù)靜摩擦力總是阻礙物體的間相對運動趨勢來理解其方向，注意靜摩擦力大小與方向判定，同時理解靜摩擦產(chǎn)生條件．【解題思路點撥】靜摩擦力的方向總是與相對運動趨勢的方向相反，所以可以先判斷出物體的相對運動趨勢，再分析靜摩擦力的方