2025年教科新版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版高二物理下冊階段測試試卷931考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、真空中有兩個固定的帶正電的點(diǎn)電荷，其電量Q1＞Q2，點(diǎn)電荷q置于Q1、Q2連線上某點(diǎn)時，正好處于平衡，則（）A.q離Q2比離Q1遠(yuǎn)B.q離Q2比離Q1近C.q一定是正電荷D.q一定是負(fù)電荷2、在你身邊，若一束電子流從上向下運(yùn)動，在地磁場的作用下，它將（）A.向東偏轉(zhuǎn)B.向西偏轉(zhuǎn)C.向南偏轉(zhuǎn)D.向北偏轉(zhuǎn)3、如圖所示，一質(zhì)量為m

的物塊在水平推力，的作用下沿水平地面做加速運(yùn)動，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)為婁脤.

則物塊所受摩擦力的大小為(

)

A.mg

B.F

C.婁脤mg

D.婁脤F

4、下列說法中正確的是(

)

A.晶體一定具有規(guī)則的幾何外形B.水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大C.布朗運(yùn)動是液體分子的無規(guī)則熱運(yùn)動D.物體從外界吸收熱量其內(nèi)能一定增加5、如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)。若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為2m和m，砝碼和紙板接觸面間的動摩擦因數(shù)為μ，桌面光滑。重力加速度大小為g。要使紙板相對砝碼運(yùn)動，所需拉力的大小至少應(yīng)為（）A.μmgB.2μmgC.3μmgD.5μmg6、如下圖所示，小車放在光滑的水平面上，將系繩小球拉開到一定的角度，然后同時放開小球和小車，那么在以后的過程中A.小球向左擺動時，小車也向左運(yùn)動，且系統(tǒng)水平方向動量守恒B.小球向左擺動時，小車向右運(yùn)動，且系統(tǒng)水平方向動量守恒C.小球向左擺到最高點(diǎn)時，小球的速度為零而小車速度不為零D.小球擺到最低點(diǎn)時，小車的速度達(dá)最大7、如圖所示，一正方形線圈的匝數(shù)為n

邊長為a

線圈平面與勻強(qiáng)磁場垂直，且一半處在磁場中。在婁隴t

時間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B

均勻地增大到2B

在此過程中，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為()A.Ba22?t

B.nBa22?t

C.nBa2?t

D.2nBa2?t

8、AB

兩個物體在同一直線上做勻變速直線運(yùn)動，它們的速度一時間圖象如圖所示，則下列說法正確的是()

A.B

兩物體運(yùn)動方向相反B.前4s

內(nèi)AB

兩物體的位移相同C.t=4S

時，AB

兩物體的速度相同D.A

物體的加速度比B

物體的加速度大評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、兩個質(zhì)量相等的球體，球心相距r時，它們之間的引力為10-8N，若它們的質(zhì)量都加倍，球心間的距離也加倍，則它們之間的引力為____N．10、在彈性限度之內(nèi)，一輕彈簧受到10N的拉力時，它的伸長量是4cm，則該彈簧勁度系數(shù)是____N/m，當(dāng)彈簧不受拉力時，該彈簧勁度系數(shù)是____N/m，當(dāng)彈簧兩端受到拉力為10N，彈簧的伸長量是____cm．11、在做研究平拋運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)時，讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動，通過描點(diǎn)法畫出小球平拋運(yùn)動的軌跡．若用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長為5cm，小球在平拋運(yùn)動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的大小為v0=______（g取9.8m/s2）．12、(B)

如圖所示，陰極射線管(A

為其陰極)

放在蹄形磁鐵的NS

兩極間，射線管的B

極接在直流高壓電源的______極.

此時，熒光屏上的電子束運(yùn)動軌跡______偏轉(zhuǎn)(

選填“向上”、“向下”或“不”)

．13、甲、乙兩同學(xué)在同一實(shí)驗(yàn)室做“探究物體加速度與物體受力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)．(1)

實(shí)驗(yàn)裝置如圖中所示，在平衡小車與桌面之間摩擦力的過程中，打出了一條紙帶如圖乙所示.

計(jì)時器所用交流電源的頻率為50Hz

從比較清晰的點(diǎn)起，每5

個點(diǎn)取一個計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離，該小車的加速度為_____m/s2(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

．(2)

兩同學(xué)各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，設(shè)小車的質(zhì)量為m

在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a

與拉力F

的關(guān)系，分別得到如圖中甲、乙兩條直線，圖線斜率為_____，則甲、乙用的小車與木板間的動摩擦因數(shù)的關(guān)系為婁脤錄脳

_______婁脤脪脪.(

選填“大于”小于”或“等于”)

14、如圖為電磁流量計(jì)的示意圖，直徑為d的非磁性材料制成的圓形導(dǎo)管內(nèi)有導(dǎo)電液體流動，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)電液體流動方向而穿過一段圓形管道。若測得管壁內(nèi)a、b兩點(diǎn)間的電勢差為U，則管中導(dǎo)電液體的流量Q=15、如果某原子核ZAX

吸收一個中子后，放出一個電子，分裂為兩個a

粒子，由此可知該原子核符號中的A=

______，Z=

______．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共3分)21、如圖所示，在測定玻璃的折射率的過程中，眼睛在另一側(cè)透過玻璃磚看兩個大頭針，使B把A檔?。绻谘劬@一側(cè)再插第三個大頭針C，應(yīng)使它把______檔住，插第四個大頭針D，使它把______檔??；那么后兩個大頭針就確定了從玻璃磚射出的光線．

為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)該注意的是______．

A．A；B及C、D之間的距離應(yīng)適當(dāng)大些可以提高準(zhǔn)確度。

B．A；B及C、D之間的距離應(yīng)取得小些可以提高準(zhǔn)確度。

C．入射角θ1適當(dāng)大些可以提高準(zhǔn)確度。

D．入射角太大；折射光線將會在玻璃的內(nèi)表面發(fā)生全反射，使實(shí)驗(yàn)無法進(jìn)行。

E．A、B間的距離、入射角的大小均與實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確度無關(guān)．評卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共12分)22、有一原；副線圈匝數(shù)之比為1：10的理想升壓變壓器；其輸入電壓為220V，輸入功率為44kW，升壓后經(jīng)電阻為0.2Ω的導(dǎo)線輸電，再用原、副線圈匝數(shù)比為10：1的理想降壓變壓器供給用戶，求：

（1）升壓變壓器的輸出電壓；

（2）降壓變壓器的輸入電壓；

（3）用戶得到的電壓和功率．23、如圖所示，在高為h的光滑平臺上放一個質(zhì)量為m2的小球，另一個質(zhì)量為m1的球沿光滑弧形軌道從距平臺高為h處由靜止開始下滑，滑至平臺上與球m2發(fā)生正碰，且m1=m2；求：

（1）若兩球發(fā)生的是完全彈性碰撞，小球m2最終落點(diǎn)距平臺邊緣水平距離是多少？

（2）若兩球發(fā)生的是完全非彈性碰撞，小球m2最終落點(diǎn)距平臺邊緣水平距離是多少？24、如圖所示，用兩根輕細(xì)金屬絲將質(zhì)量為m，長為l的金屬棒a、b懸掛在c、d兩處，（1）當(dāng)棒置于豎直向上的勻強(qiáng)磁場內(nèi)．其中通以從a到b的電流I后，兩懸線偏離豎直方向θ角處于平衡狀態(tài)．則磁感強(qiáng)度B為多少？（2）為了使棒仍然平衡在該位置上，求所求磁場的磁感強(qiáng)度B'的最小值為多大？方向如何？25、如圖所示，折射率為的上下兩圖平行的梯形玻璃磚，下表面涂有反射物質(zhì)，上表面右端垂直于上表面放置一標(biāo)尺M(jìn)N，一細(xì)光束以入射角i=60°射到玻璃磚上表面的A點(diǎn)，會在標(biāo)尺上的兩個位置出現(xiàn)光點(diǎn)，若兩光點(diǎn)之間的距離為a（圖中未畫出），則光通過玻璃磚的時間是多少？（設(shè)光在真空中的速度為c，不考慮細(xì)光束子啊玻璃磚下表面的第二次反射）參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】解：AB、根據(jù)庫侖定律，對q有①

Q1＞Q2②

有①②得：

q離Q2比離Q1近。

故A錯誤；B正確．

CD、因?yàn)镼1、Q2為固定的正電荷；只要放入的電荷受到的合力為0即可，通過受力分析可知，既可以放入正電荷，也可以放入負(fù)電荷，故CD錯誤；

故選：B

解決本題一定要把握“放入的電荷處于平衡狀態(tài)”這一特點(diǎn)進(jìn)行受力分析．

本題考察了庫侖定律在電荷平衡中的應(yīng)用，本題的難點(diǎn)在于計(jì)算，學(xué)生列出方程容易，但是計(jì)算正確難．【解析】【答案】B2、B【分析】解：在北半球；地磁場水平方向的分量水平向北，電子從上向下運(yùn)動，由左手定則可知，電子所受洛倫茲力水平向西，則電子將向西偏轉(zhuǎn)；

故選：B．

根據(jù)地磁場方向；電子運(yùn)動方向；由左手定則可以判斷出電子所受洛倫茲力的方向，然后答題．

本題考查了判斷電子的運(yùn)動，知道地磁場方向、應(yīng)用左手定則即可正確解題．【解析】【答案】B3、C【分析】解：物體受力分析；重力；支持力、水平推力與滑動摩擦力；

由于加速運(yùn)動；無法通過平衡條件來求解滑動摩擦力；

因此依據(jù)滑動摩擦力：f=婁脤FN=婁脤mg

故ABD錯誤，C正確；

故選：C

．

對物體受力分析；根據(jù)滑動摩擦力的公式，求出物塊所受摩擦力的大?。?/p>

考查滑動摩擦力的公式，掌握受力分析的內(nèi)容，注意若物體處于平衡狀態(tài)，滑動摩擦力也可以為F

．【解析】C

4、B【分析】解：A

多晶體沒有規(guī)則的幾何外形；故A錯誤；

B；飽和氣壓與溫度有關(guān)；跟體積無關(guān)，溫度升高飽和氣壓增大，故B正確；

C；布朗運(yùn)動是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動；本身不是分子的運(yùn)動，是液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動的反映，故C錯誤；

D；物體從外界吸收熱量的同時可能同時對外做功；內(nèi)能可能減小或不變，故D錯誤；

故選：B

單晶體有規(guī)則的外形；多晶體與非晶體沒有規(guī)則外形；晶體飽和汽壓跟溫度有關(guān)，跟體積無關(guān)；布朗運(yùn)動本身不是分子的運(yùn)動；改變內(nèi)能有兩種方式：做功和熱傳遞。

該題考查飽和汽壓、與物體的內(nèi)能有關(guān)的因素、改變物體內(nèi)能的兩種方式、熱布朗運(yùn)動等知識點(diǎn).

考查的知識點(diǎn)比較大，但都是一些記憶性的知識點(diǎn)的內(nèi)容，多加積累即可．【解析】B

5、C【分析】解：當(dāng)紙板相對砝碼運(yùn)動時，設(shè)砝碼的加速度為a1，紙板的加速度為a2；

則根據(jù)牛頓第二定律得：對砝碼有：f=μ?2mg=2ma1

得：a1=μg；

對紙板有：F-f=ma2

發(fā)生相對運(yùn)動需要紙板的加速度大于砝碼的加速度，即：a2＞a1

所以：F=f1+ma2＞f1+ma1=μ?2mg+μmg=3μmg

即：F＞3μmg；故ABD錯誤，C正確。

故選：C。

隔離砝碼和紙板受力分析；根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，找出使紙板相對砝碼運(yùn)動的臨界條件即可解答。

本題考查了連接體的運(yùn)動，隔離物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，找出使紙板相對砝碼運(yùn)動的臨界條件即可判斷。【解析】C6、B|D【分析】小球和小車水平方向不受外力，水平方向動量守恒，所以小球向左擺動時，小車向右運(yùn)動，但豎直方向所受合力不為零，整體動量不守恒，BD對；【解析】【答案】BD7、B【分析】【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n?鈱??t=n?B?t隆隴S

求解感應(yīng)電動勢，其中S

是有效面積。

本題考查電磁感應(yīng)定律的理解并掌握，法拉第電磁感應(yīng)定律E=n?鈱??t=n?B隆隴S?t

知道S

是有效面積，即有磁通量的線圈的面積?！窘獯稹扛鶕?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n?鈱??t=n?B?t隆隴S=N2B鈭?B?t隆隴12at2=nBa22?t

故ACD錯誤，B正確。

故選B。

【解析】B

8、C【分析】【分析】在v鈭?t

圖像中速度的正負(fù)表示物體的速度方向，即運(yùn)動方向；圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移；在時間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負(fù)；如果從同一位置出發(fā)，相遇要求在同一時刻到達(dá)同一位置，即同一段時間內(nèi)的位移相同；根據(jù)速度和位置關(guān)系，即可判斷兩者間距如何變化。本題考查了勻變速直線運(yùn)動的圖像；勻變速直線運(yùn)動的速度與時間的關(guān)系。本題關(guān)鍵是根據(jù)速度時間圖像得到兩個物體的運(yùn)動規(guī)律，然后根據(jù)速度時間圖像與時間軸包圍的面積表示位移大小，結(jié)合初始條件進(jìn)行分析處理?！窘獯稹緼.由圖可知，兩物體的速度均沿正方向，故它們的運(yùn)動方向相同，故A錯誤；B.速度圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移.

則知在t=4s

時，A

圖像與坐標(biāo)軸圍城的面積比B

與坐標(biāo)軸圍成的面積要小，則A

的位移小于B

的位移，故B錯誤；C.由圖像可知t=4s

時兩圖線相交，AB

兩物體的速度相同，故C正確；D.由圖像可知，t=4s

時，B

的斜率大于A

的斜率，則B

的加速度比A

物體加速度大，故D錯誤。故選C。【解析】C

二、填空題(共7題，共14分)9、略

【分析】

設(shè)兩個物體的質(zhì)量分別為m1，m2；

未變時：①

變化后：②

由①②聯(lián)立得：F=10-8N

故答案為：10-8．

【解析】【答案】本題改變了兩個物體的質(zhì)量和距離；只需要代入萬有引力定律求解．

10、略

【分析】

在彈性限度之內(nèi)，一輕彈簧受到10N的拉力時，它的伸長量是4cm，根據(jù)胡克定律F=kx得，k=．

當(dāng)彈簧不受拉力時；彈簧的勁度系數(shù)不變，為250N/m．

當(dāng)彈簧兩端受到拉力為10N，彈簧的拉力為10N，則x′==．

故答案為：250；250，4．

【解析】【答案】彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定；根據(jù)胡克定律F=kx求出勁度系數(shù)的大小，再根據(jù)胡克定律求出彈簧的伸長量．

11、略

【分析】解：設(shè)相鄰兩點(diǎn)間的時間間隔為T；

豎直方向：2L-L=gT2，得到T==s=0.07s；

水平方向：v0===1.4m/s；

故答案為：1.4m/s．

平拋運(yùn)動豎直方向是自由落體運(yùn)動，對于豎直方向根據(jù)△y=gT2求出時間單位T．對于水平方向由公式v0=求出初速度．

本題是頻閃照片問題，頻閃照相每隔一定時間拍一次相，關(guān)鍵是抓住豎直方向自由落體運(yùn)動的特點(diǎn)，由△y=gT2求時間單位．【解析】1.4m/s12、略

【分析】解：因?yàn)锳

是陰極；所以射線管的陰極A

接直流高壓電源的負(fù)極.B

是陽極，接直流高壓電源的正極．

因?yàn)锳

是陰極；B

是陽極，所以電子在陰極管中的運(yùn)動方向是A

到B

產(chǎn)生的電流方向是B

到A(

注意是電子帶負(fù)電)

根據(jù)左手定則，四指指向A

手掌對向N

極(

就是這個角度看過去背向紙面向外)

此時大拇指指向下面，所以軌跡向下偏轉(zhuǎn)．

故答案為：正；向下．

此題要求要了解電子射線管的構(gòu)造和原理；陰極是發(fā)射電子的電極，所以是要接到高壓的負(fù)極上的，電子在磁場中運(yùn)動，受到洛倫茲力的作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn).

從而顯示電子運(yùn)動的徑跡，偏轉(zhuǎn)方向有左手定則判斷．

本題關(guān)鍵要了解電子射線管的構(gòu)造和原理，正確運(yùn)用左手定則判斷帶電粒子受到的洛倫茲力方向，屬于基礎(chǔ)題．【解析】正；向下13、(1)0.15(2)1m

大于【分析】【分析】根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出小車的加速度；根據(jù)牛頓第二定律得出加速度的表達(dá)式，結(jié)合圖線截距比較動摩擦因數(shù)的大小。解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關(guān)鍵是勻變速直線運(yùn)動兩個重要推論的運(yùn)用；對于圖象問題，關(guān)鍵得出兩個物理量的表達(dá)式，結(jié)合圖線的斜率和截距求解?！窘獯稹?1)

連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差為?x=0.15cm

根據(jù)?x=aT2

得小車的加速度a=?xT2=0.15隆脕10鈭?20.12m/s2=0.15m/s2

(2)

根據(jù)牛頓第二定律得：F鈭?婁脤mg=ma

得a=1mF鈭?婁脤g

可知圖線斜率為1m

縱軸截距的絕對值為婁脤g

由圖線可知婁脤錄脳g>婁脤脪脪g

所以婁脤錄脳>婁脤脪脪

故答案為(1)0.15(2)1m

大于【解析】(1)0.15(2)1m

大于14、略

【分析】試題分析：導(dǎo)電液體中的正負(fù)離子在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上下兩端間形成電勢差，最終離子受電場力和洛倫茲力處于平衡，根據(jù)平衡求出離子的速度，再根據(jù)求出導(dǎo)電液體的流量。解決本題的關(guān)鍵理解最終離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡。根據(jù)平衡求出離子的流動的速度，從而得出流速對離子有：解得由于管中導(dǎo)電液體的流量等于單位時間流過導(dǎo)管截面的液體的體積，則考點(diǎn)：考查了帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動【解析】【答案】15、略

【分析】解：由質(zhì)量數(shù)守恒A+1=0+2隆脕4

知該原子核符號中的A=7

由電荷數(shù)守恒Z+0=鈭?1+2隆脕2

知Z=3

．

故答案為：73

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒求質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)．

本題考查了核反應(yīng)方程式中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的知識，屬于常規(guī)題．【解析】73

三、判斷題(共5題，共10分)16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共3分)21、略

【分析】解：在測定玻璃的折射率的過程中；眼睛在另一側(cè)透過玻璃磚看兩個大頭針，使B把A檔?。绻谘劬@一側(cè)再插第三個大頭針C，應(yīng)使它把A；B的像擋住，插第四個大頭針D，使它把A、B的像和C擋住，那么后兩個大頭針就確定了從玻璃磚射出的光線．

A、為了減小實(shí)驗(yàn)的誤差，A、B及C、D之間的距離應(yīng)適當(dāng)大些，入射角θ1適當(dāng)大些．故A；C正確；B、E錯誤．

D；由于光線在上表面的折射角和下表面的入射角相等；根據(jù)光的可逆原理，不可能發(fā)生全反射．故D錯誤．

故選：AC．

為了減小實(shí)驗(yàn)的誤差；大頭針之間的距離應(yīng)適當(dāng)大一些，入射角應(yīng)適當(dāng)大一些．

用插針法測定玻璃磚折射率原理是折射定律，根據(jù)原理確定需要測量的量，分析減小誤差的方法．【解析】A、B的像；A、B的像和C；AC五、計(jì)算題(共4題，共12分)22、略

【分析】

根據(jù)升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比和輸入電壓，求出輸出電壓，從而得出輸送的電流，根據(jù)P損=I2R求出輸電線上損耗的功率．根據(jù)輸電線上的電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓；從而得出用戶得到的電壓．根據(jù)功率損失求出用戶得到的功率。

本題的關(guān)鍵：1、原副線圈的電壓比、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系；2、輸送功率、輸送電壓、電流的關(guān)系．【解析】解：（1）經(jīng)升壓變壓器后得：

U2=10U1=10×220V=2200V

（2）則輸電線上的電流為：I2==20A

損失的功率為：P損=I22R=400×0.2W=80W．

輸電線上損失的電壓為：△U=I2R=20×0.2V=4V

則降壓變壓器輸入電壓為：U3=U2-△U=2200-4V=2196V

（3）根據(jù)

得用戶得到的電壓為：U4==219.6V；

用戶得到的功率為：P′=P-P損=44000-80W=43920W=43.92KW．

答：（1）升壓變壓器的輸出電壓2200V；

（2）降壓變壓器的輸入電壓2196V；

（3）用戶得到的電壓219.6V；功率43.92KW．23、解：（1）小球滾下過程；機(jī)械能守恒，則有：

m1gh=

解得：v1=

兩個球的碰撞過程系統(tǒng)動量守恒；如果是完全彈性碰撞，以兩個球組成的系統(tǒng)為研究對象，取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律，有：

m1v1=m1v′1+m2v′2

根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：m1v12=m1v′12+m2v′22

聯(lián)立解得：v′1=0，v′2=v1；或者v′1=v1，v′2=0；（不合；舍去）

小球m2飛出后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的分位移公式，有：h=gt2；x=v2′t

解得：x=2h

（2）如果是完全非彈性碰撞，兩球速度等大，小球m2獲得的速度最小；根據(jù)動量守恒定律，有：

m1v1=（m1+m2）v′

解得：v′=

小球m2飛出后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的分位移公式，有：h=gt2；x=v′t

解得：x=h

答：（1）若兩球發(fā)生的是完全彈性碰撞，小球m2最終落點(diǎn)距平臺邊緣水平距離是2h．

（2）若兩球發(fā)生的是完全非彈性碰撞，小球m2最終落點(diǎn)距平臺邊緣水平距離是h．【分析】

（1）小球m1從光滑圓弧滾下過程，其機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可以求解該球經(jīng)過軌道末端時的速度．兩個球的碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，如果是彈性碰撞，遵守動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律，由此求出碰后小球m2獲得的速度；再由平拋運(yùn)動的分位移公式求解．

（2）若兩球發(fā)生的是完全非彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定律求出碰后小球m2獲得的速度；再由平拋運(yùn)動的分位移公式求解．

本題關(guān)鍵是明確彈性碰撞球獲得的速度最大，完全非彈性碰撞球獲得的速度最小，掌握平拋運(yùn)動的規(guī)律和機(jī)械能守恒定律，并能正確運(yùn)用解題．【解析】解：（1）小球滾下過程；機(jī)械能守恒，則有：

m1gh=

解得：v1=

兩個球的碰撞過程系統(tǒng)動量守恒；如果是完全彈性碰撞，以兩個球組成的系統(tǒng)為研