物理（北京B卷） 學(xué)易金卷 2023年高考第二次模擬考試卷（全解全析）

2023年高考物理第二次模擬考試卷高三物理（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回一、第一部分：本部分共14小題，每小題3分，共42分。在每小題給出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1．以下核反應(yīng)方程中屬于β衰變的是（）A．1124Na→1224B．92235U＋01n→54140C．12H＋13HD．714N＋24He【答案】A【解析】A．1124Na→1224Mg＋B．92235U＋01n→54140Xe＋C．12H＋13H→D．714N＋24He→2．下列說法中正確的是（）A．溫度是分子熱運動平均動能的標(biāo)志B．分子間引力與斥力都隨分子間距離增大而增大C．1g水和1g氧氣所含分子個數(shù)相同D．懸浮顆粒越大，布朗運動越明顯【答案】A【解析】A．溫度是分子熱運動平均動能的標(biāo)志，故A正確；B．分子間引力與斥力都隨分子間距離增大而減小，故B錯誤；C．由于水和氧氣的摩爾質(zhì)量不同，故1g水和1g氧氣的摩爾數(shù)不同，所以它們所含分子個數(shù)不相同，故C錯誤；D．液體中的懸浮顆粒越小，布朗運動越明顯，故D錯誤；故選A。3．如圖所示，是四個光學(xué)實驗現(xiàn)象，下列敘述錯誤的是（）A．甲圖光導(dǎo)纖維內(nèi)芯的折射率比外套大，光傳播時在內(nèi)芯與外套的界面發(fā)生全反射B．乙圖研究光的干涉現(xiàn)象時，減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離減小C．丙圖一束平行光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分解為a、b兩種單色光，a光的光子能量小于b光的光子能量D．丁圖光電效應(yīng)實驗中，使驗電器指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)的是正電荷【答案】B【解析】A．甲圖光導(dǎo)纖維內(nèi)芯的折射率比外套大，光傳播時在內(nèi)芯與外套的界面發(fā)生全反射，選項A正確，不符合題意；B．乙圖研究光的干涉現(xiàn)象時，根據(jù)Δx=lC．丙圖一束平行光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分解為a、b兩種單色光，因a光的偏折程度較小，則a光折射率較小，頻率較小，則a光的光子能量小于b光的光子能量，選項C正確，不符合題意；D．丁圖光電效應(yīng)實驗中，從鋅板中打出光電子，則鋅板帶正電，則使驗電器指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)的是正電荷，選項D正確，不符合題意。故選B。4．氫原子能級示意如圖。現(xiàn)有大量氫原子處于n=3能級上，下列說法正確的是（）A．這些原子躍遷過程中最多可輻射出2種頻率的光子B．從n=3能級躍遷到n=1能級輻射出的光子能量為1.51eVC．從n=3能級躍遷到n=4能級需吸收1.51eV的能量D．n=3能級的氫原子電離至少需要吸收1.51eV的能量【答案】D【解析】A．大量氫原子處于n=3B．根據(jù)能級圖可知從n=3能級躍遷到n=1能級輻射的光子能量為E3C．根據(jù)能級圖可知從n=3能級躍遷到n=4能級，需要吸收的能量為E4D．根據(jù)能級圖可知氫原子處于n=3能級的能量為﹣1.51eV，故要使其電離至少需要吸收1.51eV的能量，故D正確。故選D。5．2022年7月24日，長征五號B遙三運載火箭（“胖五”）成功發(fā)射，將問天實驗艙送入太空，隨后問天實驗艙與天和核心艙完成在軌對接。9月30日，經(jīng)過天地協(xié)同，問天實驗艙完成轉(zhuǎn)位，問天實驗艙與天和核心艙組合體由兩艙“一”字構(gòu)型轉(zhuǎn)變?yōu)閮膳摗癓”構(gòu)型，如圖所示。問天實驗艙轉(zhuǎn)位前后，兩艙組合體均可視為繞地心做勻速圓周運動，現(xiàn)有科學(xué)愛好者進(jìn)行了一系列的設(shè)想，以下設(shè)想正確的是（）A．若問天對接前在較高軌道上，可制動減速，降低高度，追上天和，實現(xiàn)對接B．若問天對接前與天和在同一軌道上，可通過發(fā)動機加速，追上天和，實現(xiàn)對接C．若問天轉(zhuǎn)位后在天和（假設(shè)天和軌道姿態(tài)均不變）的下方，則兩艙組合體的線速度稍稍變大D．若問天轉(zhuǎn)位后在天和（假設(shè)天和軌道姿態(tài)均不變）的上方，則兩艙組合體的線速度稍稍變大【答案】A【解析】A．問天對接前，要追上天和實驗艙，根據(jù)衛(wèi)星的變軌的規(guī)律可知，制動減速時，問天做近心運動，進(jìn)入低軌道，在低軌道追上天和，從而實現(xiàn)對接，故A項正確；B．問天通過發(fā)動機加速后，根據(jù)衛(wèi)星變軌的規(guī)律可知，其萬有引力不足以提供其所需要的向心力，故做離心運動，進(jìn)入高軌道，因為GmMr2CD．根據(jù)GmMr26．如圖甲所示為探究電磁驅(qū)動的實驗裝置。某個鋁籠置于U形磁鐵的兩個磁極間，鋁籠可以繞支點自由轉(zhuǎn)動，其截面圖如圖乙所示。開始時，鋁籠和磁鐵均靜止，轉(zhuǎn)動磁鐵，會發(fā)現(xiàn)鋁籠也會跟著發(fā)生轉(zhuǎn)動，下列說法正確的是（）A．鋁籠是因為受到安培力而轉(zhuǎn)動的B．鋁籠轉(zhuǎn)動的速度的大小和方向與磁鐵相同C．磁鐵從圖乙位置開始轉(zhuǎn)動時，鋁籠截面abcd中的感應(yīng)電流的方向為a→d→c→b→aD．當(dāng)磁鐵停止轉(zhuǎn)動后，如果忽略空氣阻力和摩擦阻力，鋁籠將保持勻速轉(zhuǎn)動【答案】A【解析】AC．磁鐵從圖乙位置開始轉(zhuǎn)動時，導(dǎo)致通過鋁籠截面的磁通量增加，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，方向為a→b→c→d→a，因而受到安培力作用，導(dǎo)致鋁籠轉(zhuǎn)動，所以鋁籠是因為受到安培力而轉(zhuǎn)動的，A項正確，C項錯誤；B．根據(jù)楞次定律可知，為阻礙磁通量增加，則導(dǎo)致鋁籠與磁鐵轉(zhuǎn)動方向相同，但快慢不相同，鋁籠的轉(zhuǎn)速一定比磁鐵的轉(zhuǎn)速小，B項錯誤；D．當(dāng)磁鐵停止轉(zhuǎn)動后，如果忽略空氣阻力和摩擦阻力，由于鋁籠轉(zhuǎn)動的過程中仍然能產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以鋁籠會受到反方向安培力作用逐漸減速直到停止運動，D項錯誤。故選A。7．如圖為小麗玩小皮筋球的瞬間，小球正在向上運動，手正在向下運動，橡皮筋處于繃緊狀態(tài)。對于小球的運動，下列說法正確的是（）A．圖示瞬間小球一定處于超重狀態(tài)B．圖示瞬間小球一定正在向上減速C．在此后的一小段時間內(nèi)，小球的動能一定增加D．在此后的一小段時間內(nèi)，小球機械能一定增加【答案】D【解析】AB．由于小球受到的重力與拉力關(guān)系未知，故無法判斷加速度方向，無法判斷圖示瞬間小球處于超重還是失重狀態(tài)，無法判斷圖示瞬間小球向上做何種運動，故AB錯誤；C．在此后的一小段時間內(nèi)，小球受到的拉力可能小于重力，小球受到的合力向下，小球的動能減小，故C錯誤；D．在此后的一小段時間內(nèi)，小球受到的拉力方向向上，拉力對小球做正功，小球機械能一定增加，故D正確。故選D。8．圖1為一列簡諧波在t=0.10s時刻的波形圖，P是平衡位置在x=1.0m處的質(zhì)點，Q是平衡位置在x=4.0m處的質(zhì)點：圖2為質(zhì)點Q的振動圖像。下列說法正確的是（）A．在t=0.10s時，質(zhì)點Q向y軸正方向運動B．從t=0.10s到t=0.25s，質(zhì)點Q通過的路程為30cmC．從t=0.10s到t=0.25s，該波沿x軸負(fù)方向傳播了8mD．在t=0.25s時，質(zhì)點P的加速度沿y軸負(fù)方向【答案】B【解析】A．圖2為質(zhì)點Q的振動圖像，則知在t=0.10s時，質(zhì)點Q正從平衡位置向y軸負(fù)方向運動，故A錯誤；B．從t=0.10s到t=0.25s經(jīng)過的時間為Δt=0.15s=34TD．在t=0.10s時，質(zhì)點Q向y軸負(fù)方向運動，可知該波沿x軸負(fù)方向傳播，此時質(zhì)點P正向y軸正方向運動。從t=0.10s到t=0.25s經(jīng)過的時間為Δt=0.15s=3C．由圖1知波長λ=8m，則波速為v=λT=9．近年，無線充電技術(shù)得到了廣泛應(yīng)用，其簡化的充電原理圖如圖所示。發(fā)射線圈所加電壓為U=220V的家用交流電、匝數(shù)為1100匝，接收線圈的匝數(shù)為50匝。若工作狀態(tài)下，穿過接收線圈的磁通量約為發(fā)射線圈的80%，忽略其它損耗，下列說法正確的是（）A．接收線圈的輸出電壓的有效值約為8VB．發(fā)射線圈與接收線圈中電流之比約為1∶22C．發(fā)射線圈與接收線圈中交變電流的頻率之比約為22:1D．發(fā)射線圈中的磁通量變化率與接收線圈的磁通量變化率相同【答案】A【解析】A．穿過接收線圈的磁通量約為發(fā)射線圈的80%，則有U2U1B．由于存在磁漏現(xiàn)象，電流比不再與匝數(shù)成反比，則有I1C．發(fā)射線圈與接收線圈中磁通量變化的頻率相等，則發(fā)射線圈與接收線圈中交變電流的頻率相同，故C錯誤；D．穿過接收線圈的磁通量約為發(fā)射線圈的80%，則穿過發(fā)射線圈的磁通量變化率與穿過接收線圈的磁通量變化率不相同，故D錯誤。故選A。10．某同學(xué)用內(nèi)阻Rg=20Ω、滿偏電流IgA．該電源電動勢為1.5VB．該電源電動勢為9.0VC．刻度2.5mA處標(biāo)注600ΩD．刻度4mA處標(biāo)注200Ω【答案】C【解析】AB．由閉合電路歐姆定律得，滿偏時E=IgRg+r+R，接入R1=400ΩC．當(dāng)電流刻度為2.5mA時，接入電阻為R2B．當(dāng)電流刻度為4mA時，接入電阻為R311．如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質(zhì)量為m的帶電小球，以初速度v0從M點豎直向上運動，通過N點時，速度大小為2A．動能增加2mv02 C．重力勢能增加12mv02 【答案】C【解析】將小球的運動沿豎直方向和水平方向進(jìn)行分解，可知豎直方向只受重力作用，做豎直上拋運動，水平方向只受電場力作用，做初速度為零的勻加速直線運動，故小球從M運動到N，小球上升到最大高處，則根據(jù)功能關(guān)系可知，動能的增加量ΔEk=12m(2v012．某電子秤的原理簡圖如圖所示。AB為一均勻的滑動變阻器，長度為L，兩邊分別有P1、P2兩個滑動頭，輕質(zhì)彈簧上端與P1及秤盤底部相連，下端固定。彈簧原長時P1、和P2均指在A端。若P1、P2間出現(xiàn)電壓時，該電壓經(jīng)過放大，通過信號轉(zhuǎn)換后在顯示屏上就能顯示出被稱物體的質(zhì)量。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，托盤質(zhì)量為m0A．校準(zhǔn)零點時，不需要移動滑動頭P2B．校準(zhǔn)零點時，兩滑動頭間的距離為mC．滑動頭P1滑至B端時，被稱物體的質(zhì)量為kLD．被稱物體的質(zhì)量m與兩滑動頭間電壓U的關(guān)系為m=【答案】D【解析】AB．未放被稱物體時電壓為零，即P1、P2兩點等勢，校準(zhǔn)零點時，需要移動滑動頭P2，讓兩滑動頭間的距離為0，故AB錯誤；C．放被稱物體質(zhì)量為m1時P1滑至B端，則有kL=m0+D．未放被稱物體時，兩滑動頭P1、P2距A點的距離為x0，kx0=m0g，放被稱物體質(zhì)量為m時，兩滑動頭P1、P2間距離為x，有kx13．圖像法具有自己獨特的優(yōu)勢，它能把復(fù)雜的物理過程直觀形象清楚地展現(xiàn)出來，同時也能夠形象地描述兩個物理景之間的關(guān)系，如圖所示，若x軸表示一個物理景，y軸表示一個物理量，其中在實驗數(shù)據(jù)處理時，會發(fā)現(xiàn)圖像與兩個坐標(biāo)軸的交點（稱為截距）具有特殊的物理意義。對該交點的物理意義，下列說法不正確的是（）A．在測電源電動勢和電源內(nèi)阻時，若x軸表示流過電源的電流，y軸表示閉合電路電源兩端的電壓，則該圖像與x軸的交點的物理意義是短路電流B.在利用自由落體法驗證機械能守恒實驗時，若x軸表示重錘下落到某點時速度的平方，y軸表示重錘落到該點的距離，則該圖像與x軸交點的物理意義是重錘下落時的初速度C.在用單擺測重力加速度的實驗中，若x軸表示擺線長度，y軸表示單擺周期的平方，則該圖像與x軸交點絕對值的物理意義是該單緊擺球的半徑D.在研究光電效應(yīng)的實驗中，若x軸表示入射光的頻率，y軸表示光電子的最大初動能，則該圖像與x軸交點物理意義是該金屬的極限頻率【答案】B【解析】A.根據(jù)閉合回路歐姆定律E=U+Ir可知，當(dāng)U=0時，電路短路電流為I=EB．根據(jù)機械能守恒定律，mgh=12mv2C．根據(jù)單擺周期公式T=2πl(wèi)g可得，T2D．根據(jù)光電效應(yīng)方程，有Ekm=?ν?W0，14．我國唐代大學(xué)士賈公彥是第一個提出指紋鑒別的人（指紋上凸出部位稱為嵴，凹陷部位稱為峪）。華為Mate30系列手機采用的是光學(xué)指紋識別，其識別原理示意圖如圖a，手指按壓指紋識別區(qū)時，與鏡片接觸的嵴線破壞接觸區(qū)域的全反射，使得反射光線出現(xiàn)明暗分布，CCD圖像傳感器通過識別光線的強弱對指紋進(jìn)行識別，如圖b。若鏡片的折射率為n1=1.45，實驗測得人手指折射率A．手指未按壓指紋識別區(qū)時，光線在鏡片的上表面不能發(fā)生全發(fā)射B．手指按壓指紋識別區(qū)時，光線在與鏡片接觸的嵴線處不能發(fā)生全反射C．手指未按壓時，入射角i越大，光線在鏡片的上表面越不容易發(fā)生全發(fā)射D．當(dāng)光線垂直入射鏡片下表面時，仍然可以實現(xiàn)指紋識別功能【答案】B【解析】AB．手指未按壓指紋識別時，光線在鏡片上表面能發(fā)生全反射，當(dāng)手指按壓時，因為n2C．手指未按壓時，入射角i越大，則折射角越大，故光線在鏡片的上表面越容易發(fā)生全發(fā)射，故C錯誤；D．當(dāng)光線垂直入射鏡片下表面時，入射角為0°，反射角也為0°，則無法識別指紋，故D錯誤。故選B。二、第二部分：本部分共6題，共58分。15．（8分）物理實驗一般都涉及實驗?zāi)康摹嶒炘?、實驗儀器、實驗方法、實驗操作、數(shù)據(jù)分析等。例如：（1）實驗原理。某實驗小組在做“油膜法估測油酸分子大小”的實驗中，需使油酸在水面上形成___________層油膜，為使油酸盡可能地散開，將純油酸用酒精稀釋，若稀釋后的油酸酒精溶液的濃度為每1000mL油酸酒精溶液中有油酸0.5mL，用滴管向量筒內(nèi)滴50滴上述溶液，量筒中的溶液體積增加1mL，油酸未完全散開就開始測量油酸膜的面積，會導(dǎo)致油酸分子直徑的計算結(jié)果___________（填“偏大”“偏小”或“不變”）。（2）實驗操作。向心力演示器可以探究小球做圓周運動所需向心力F的大小與質(zhì)量m、角速度ω、軌道半徑r之間的關(guān)系，裝置如圖所示，兩個變速塔輪通過皮帶連接。實驗時，勻速轉(zhuǎn)動手柄使長槽和短槽分別隨相應(yīng)的變速塔輪勻速轉(zhuǎn)動，槽內(nèi)的金屬小球就做勻速圓周運動。橫臂的擋板對小球的壓力提供向心力，小球?qū)醢宓姆醋饔昧νㄟ^橫臂的杠桿作用使彈簧測力筒下降，從而露出標(biāo)尺，標(biāo)尺上黑白相間的等分格顯示出兩個金屬球所受向心力的比值。①在研究向心力F的大小與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系時，我們主要用到的物理方法是___________。A．控制變量法

B．等效替代法

C．理想實驗法②為了探究金屬球的向心力F的大小與軌道半徑r之間的關(guān)系，下列說法正確的是___________。A．應(yīng)使用兩個質(zhì)量不等的小球B．應(yīng)使兩小球離轉(zhuǎn)軸的距離相同C．應(yīng)將皮帶套在兩邊半徑相等的變速塔輪上（3）數(shù)據(jù)分析。在雙縫干涉實驗中，用紅色激光照射雙縫，在屏幕上形成雙縫干涉圖樣。若已知雙縫之間的距離為0.30mm，測得雙縫到屏幕的距離為1.0m，第1條到第6條亮條紋中心的距離為10.50mm，則紅光的波長為___________m（保留2位有效數(shù)字）。實驗中并未直接測量相鄰兩個亮條紋間的距離，而是測量第1條到第6條亮條紋中心的距離，請分析說明這樣做的理由()?！敬鸢浮?1)單分子；偏大；(2)A；C；(3)6.3×10-7；通過測多個亮條紋間距求平均值可減少誤差【解析】（1）[1][2]用油膜法估算分子直徑時，需使油酸在水面上形成單分子油膜。油酸分子直徑d=V（2）[3]在研究向心力F的大小與適量m、角速度ω、半徑r之間的關(guān)系時，主要用到的物理方法是控制變量法。故選A。[4]為了探究金屬球的向心力F的大小與軌道半徑r之間的關(guān)系，應(yīng)該保持質(zhì)量m和角速度ω相同，則應(yīng)使用兩個質(zhì)量相等的小球，應(yīng)使兩小球離轉(zhuǎn)軸的距離不相同，將皮帶套在兩邊半徑相等的變速塔輪上。故選C。（3）[5]相鄰兩條紋的間距為Δx=Ld[6]若直接測量相鄰兩個亮條紋間的距離，測量誤差較大，而測量第1條到第6條亮條紋中心的距離，然后再除以5，得到相鄰條紋間距的平均值，測量誤差較小。16．（10分）如圖1所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系。O是小球拋出時球心在地面上的垂直投影點，實驗時，先讓入射小球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其落地點的平均位置P，測量平拋水平射程OP。然后把被碰小球m2靜置于水平軌道的末端，再將入射小球m1（1）圖2是小球m2（2）下列器材選取或?qū)嶒灢僮鞣蠈嶒炓蟮氖莀___________。A．可選用半徑不同的兩小球B．選用兩球的質(zhì)量應(yīng)滿足mC．小球m1D．需用秒表測定小球在空中飛行的時間（3）在某次實驗中，測量出兩小球的質(zhì)量分別為m1、m（4）驗證動量守恒的實驗也可以在如圖3所示的水平氣墊導(dǎo)軌上完成。實驗時讓兩滑塊分別從導(dǎo)軌的左右兩側(cè)向中間運動，滑塊運動過程所受的阻力可忽略，它們穿過光電門后發(fā)生碰撞并粘連在一起。實驗測得滑塊A的總質(zhì)量為m1、滑塊B的總質(zhì)量為m左側(cè)光電門右側(cè)光電門碰前TT碰后T3、無在實驗誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式____________，即驗證了碰撞前后兩滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒。（用測量的物理量表示）（5）關(guān)于實驗，也可以根據(jù)牛頓運動定律及加速度的定義，從理論上論證碰撞前后兩滑塊的動量變化量m1Δv1與m2【答案】(1)55.50；(2)BC；(3)m1OP=m1OM+m【解析】（1）[1]確定m2落點平均位置的方法：用盡可能小的圓把小球落點圈在里面，圓心P就是小球落點的平均位置；依題意碰撞后m2球的水平路程應(yīng)取為55.50cm。（2）[2]A．為保證碰撞在同一條水平線上，所以兩個小球的半徑要相等，故A錯誤；

B．為保證入射小球不反彈，入射小球的質(zhì)量應(yīng)比被碰小球質(zhì)量大，即m1>m2，故B正確；（3）[3]要驗證動量守恒定律定律，即驗證m1v1=m1v（4）[4]若讓兩滑塊分別從導(dǎo)軌的左右兩側(cè)向中間運動，選取向右為正方向，依題意有m1v1?m2v2（5）[5]以m1為研究對象，假定m2對m1的作用力為F，相互作用時間為Δt，根據(jù)牛頓第二定律有F=m1a1=m1Δ17．（9分）2022年我國舉辦了第二十四屆冬奧會，跳臺滑雪是其中最具觀賞性的項目之一、如圖所示為某滑道示意圖，長直助滑道AB與起跳平臺BC平滑連接，C點是第二段傾斜雪坡（著陸坡）的起點，著陸坡與水平面的夾角θ=37°。質(zhì)量m=80kg的運動員從A處由靜止開始勻加速下滑，加速度a=4m/s2，到達(dá)B點時速度vB=30m/s。經(jīng)過一段時間后從C點沿水平方向飛出，在著陸坡上的D點著陸。已知CD間的距離L=75m，sin37°=0.60，cos37°=0.80，取重力加速度g=10m/s2，將運動員視為質(zhì)點，忽略空氣阻力的影響。（1）求運動員在AB段運動的時間t；（2）若運動員在BC段沒有助滑，僅在摩擦力作用下運動，求BC段摩擦力所做的功；（3）求運動員落在著陸坡上D點時所受重力做功的瞬時功率P?！敬鸢浮浚?）7.5s；（2）?2×104【解析】（1）由題意得，運動員在AB段運動的時間為t=v（2）從C點飛出后，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，由幾何關(guān)系知Lcos37°=v0t1；Lsin37°=12gt1（3）因為落在著陸坡上D點時的豎直方向速度為vy=gt18．（9分）如圖所示，兩平行金屬板間存在垂直于紙面向里磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，板間電場可視為勻強電場，兩板間距離為d，若從兩板間的正中央P點沿與板平行方向射入質(zhì)量為m(不計重力)、電荷量為q、初速度為v0的帶電粒子，粒子剛好沿直線從兩極板間射出。不計粒子重力。求：（1）兩金屬板間勻強電場場強E的大小；（2）若撤去勻強磁場后帶電粒子恰好從下極板邊緣飛出，求飛出時粒子的動能Ek；（3）若撤去勻強電場后帶電粒子恰好打在上極板正中央，求粒子運動軌跡半徑r。【答案】（1）E=v0B【解析】（1）剛好沿直線從兩極板間射出，合力為0，即qv0（2）在電場中類平拋運動，由動能定理有qEd2=（3）在偏轉(zhuǎn)磁場中做半徑為R的勻速圓周運動qv0B=19．（10分）類比是研究問題的常用方法（1）情境1：如圖甲所示，將一彈簧振子放置在光滑的水平面上，以彈簧處于原長時物塊所處位置為坐標(biāo)原點O、水平向右為正方向建立x軸。當(dāng)振子偏離平衡位置的位移為x時，其回復(fù)力為F=?kx；而F=ma、a=ΔvΔt、v=Δx（2）情境2：如圖甲所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻不計；電容器的電容為C，自感線圈的自感系數(shù)為L，電阻不計，開關(guān)S先接1，給電容器充電；然后將開關(guān)接2，發(fā)現(xiàn)電容器極板的電荷量q隨時間t的變化規(guī)律與情境1中振子位移