2024年華東師大版高二物理上冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華東師大版高二物理上冊(cè)階段測試試卷740考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示是測定兩個(gè)電源的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)中得到的電流和路端電壓圖線；則（）

A.當(dāng)I1=I2時(shí)，外電阻R1=R2

B.當(dāng)I1=I2時(shí)，電源總功率P1=P2

C.U1=U2時(shí)，電源輸出功率P出1＜P出2

D.當(dāng)U1=U2時(shí)，電源內(nèi)部消耗的電功率P內(nèi)1＜P內(nèi)2

2、如圖所示，和是兩個(gè)電荷量大小相等的點(diǎn)電荷，HG是兩電荷的連線，MN是兩電荷連線的中垂線，O是垂足,直線MN和HG上的四個(gè)點(diǎn)A、B、C、D到達(dá)O點(diǎn)的距離相等。下列說法正確的是()A.若兩電荷是異種電荷，則D電勢相同B.若兩電荷是異種電荷，則B場強(qiáng)相同C.D電勢相同B．若兩電荷是異種電荷，則B場強(qiáng)相同C．若兩電荷是同種電荷，則B場強(qiáng)相同D.若兩電荷是同種電荷，則C電勢高于D點(diǎn)電勢3、矩形線圈ABCD位于通電直導(dǎo)線附近,如圖所示,線圈和導(dǎo)線在同一平面內(nèi),且線圈的兩個(gè)邊與導(dǎo)線平行,下列說法正確的是:()A.當(dāng)線圈遠(yuǎn)離導(dǎo)線移動(dòng)時(shí),線圈中有感應(yīng)電流B.當(dāng)導(dǎo)線中的電流I逐漸增大或減小時(shí),線圈中無感應(yīng)電流C.當(dāng)線圈以導(dǎo)線為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),線圈中有感應(yīng)電流D.當(dāng)線圈以CD為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),線圈中有感應(yīng)電流4、如圖所示有理想邊界的兩個(gè)勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B＝0.5T，兩邊界間距s＝0.1m，一邊長L＝0.2m的正方形線框abcd由粗細(xì)均勻的電阻絲圍成，總電阻為R＝0.4Ω，現(xiàn)使線框以v＝2m/s的速度從位置Ⅰ勻速運(yùn)動(dòng)到位置Ⅱ，則下列能正確反映整個(gè)過程中線框a、b兩點(diǎn)間的電勢差Uab隨時(shí)間t變化的圖線是（）5、關(guān)于電磁波，下列說法中正確的是(

)

A.首先預(yù)言電磁波存在的物理學(xué)家是赫茲B.麥克斯韋通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在C.電磁波不能在真空中傳播D.在空氣中頻率越大的電磁波，其波長越小6、在如圖所示的各圖中；閉合線框中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）

A.甲和乙。

B.甲和丙。

C.乙和丁。

D.丙和丁。

7、如圖所示，若套在條形磁鐵上的閉合彈性金屬導(dǎo)線圈由圖示的Ⅰ位置縮小到圖示Ⅱ位置，則在此過程中，關(guān)于線圈的感應(yīng)電流及其方向(

從上往下看)

是()

A.有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B.有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流C.先逆時(shí)針后順時(shí)針方向的感應(yīng)電流D.無感應(yīng)電流8、如圖所示，兩根長直通電導(dǎo)線互相平行，電流方向相同。它們的截面處于一個(gè)等邊三角形ABC的A和B處，且A、B兩點(diǎn)處于同一水平面上。兩通電電線在C處的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的值都是B，則C處磁場的總磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向是

A.B豎直向上B.B水平向右C.水平向右D.豎直向上評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、如圖，為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計(jì)G與線圈L連接，如圖所示．已知線圈由a端開始繞至b端；當(dāng)電流從電流計(jì)G左端流入時(shí)，指針向左偏轉(zhuǎn)．當(dāng)條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠(yuǎn)離L時(shí)，指針向右偏轉(zhuǎn)．俯視線圈，其繞向?yàn)開_____（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”）．10、某人用多用電表按正確步驟測量一電阻的阻值，當(dāng)選擇歐姆擋“隆脕1

”擋測量時(shí)，指針指示位置如圖所示，則其電阻值是______.

如果要用這只多用電表測量一個(gè)約200

歐的電阻，為了使測量比較精確，選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆擋是______.

改變擋位調(diào)整倍率后，要特別注意重新______．11、如圖16為一定質(zhì)量的某種理想氣體的p--V圖，其中A、B、C三點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的狀態(tài)的溫度分別用TA、TB、TC來表示，那么TA：TB：TC=．12、電磁感應(yīng)現(xiàn)象中能量的轉(zhuǎn)化：在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，能量轉(zhuǎn)化和守恒定律同樣適用，由于機(jī)械運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，感應(yīng)電流的電能是由外界的______能量轉(zhuǎn)化為______能．無機(jī)械運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生的感應(yīng)電流，感應(yīng)電流的電能是由產(chǎn)生變化的電路中的電能轉(zhuǎn)化而來的．13、在做測定金屬電阻率的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)先通過游標(biāo)卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度如圖所示，則游標(biāo)卡尺所示金屬圓片直徑的測量值為______mm，螺旋測微器所示金屬圓片厚度的測量值為______mm．

14、某同學(xué)在“利用單擺測定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中；

(1)

若用最小分度為毫米的刻度尺測得擺線長為970.8mm

用10

分度的游標(biāo)卡尺測得擺球直徑如圖1

擺球的直徑為______mm.

單擺在豎直面內(nèi)擺動(dòng)，用秒表測出單擺做多次全振動(dòng)所用的時(shí)間如圖2

則t=

______s

(2)

如果他測得的g

值偏??；可能的原因是：______

A.測擺線長時(shí)擺線拉得過緊。

B.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長度增加了。

C.開始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過遲按下。

D.實(shí)驗(yàn)中誤將N

次全振動(dòng)數(shù)為N鈭?1

次。

(3)

若某同學(xué)實(shí)驗(yàn)中出現(xiàn)如圖3

該同學(xué)其他操作(

包括周期測量)

均正確，則她的擺長測量值總是________真實(shí)值(

填“>

”、“<

”或“=

”)

雖然實(shí)驗(yàn)中出現(xiàn)了錯(cuò)誤，但根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)，仍可算出準(zhǔn)確的重力加速度，其值為______m/s2.(

結(jié)果保留三位有效數(shù)值)

15、某同學(xué)要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率婁脩.

步驟如下：

(1)

用游標(biāo)為20

分度的卡尺測量其長度如圖甲所示；由圖可知其長度為______mm

(2)

用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示；由圖可知其直徑為______mm

(3)

用多用電表的電阻“隆脕10

”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖丙所示，則該電阻的阻值約為______婁賂.

16、如圖所示是一個(gè)按正弦規(guī)律變化的交流電圖象.

該交流電電流的頻率是______HZ

峰值是______A4s

時(shí)間內(nèi)電流方向變化了______次.

若將該交流電串聯(lián)一個(gè)阻值為10婁賂

的定值電阻，則10s

內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為______J.17、如圖所示，接于理想變壓器中四個(gè)燈泡的規(guī)格相同，而且全部正常發(fā)光，則三個(gè)線圈匝數(shù)之比n1n2n3=

______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)25、如圖所示，畫有直角坐標(biāo)系Oxy的白紙位于水平桌面上．M是放在白紙上的半圓形玻璃磚，其底面的圓心在坐標(biāo)原點(diǎn)，直邊與x軸重合．OA是畫在紙上的直線，P1、P2為豎直地插在直線OA上的兩枚大頭針，P3是豎直地插在紙上的第三枚大頭針，是直線OA與y軸正方向的夾角，是直線OP3與y軸負(fù)方向的夾角．只要直線OA畫得合適，且P3的位置取得正確，測出角便可求得玻璃的折射率．某學(xué)生在用上述方法測量玻璃的折射率時(shí)，在他畫出的直線OA上豎直地插上了P1、P2兩枚大頭針，但在y<0的區(qū)域內(nèi)，不管眼睛放在何處，都無法透過玻璃磚看到P1、P2的像，他應(yīng)采取的措施是______________________________．若他已透過玻璃磚看到了P1、P2的像，確定P3位置的方法是___________________________________．若他已正確地測得了的值，則玻璃的折射率n=________________．評(píng)卷人得分五、綜合題(共4題，共12分)26、(1)

下列說法正確的是________．A.體積很小的帶電物體就能看成點(diǎn)電荷B.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度方向總是跟正電荷所受電場力的方向一致C.根據(jù)U=Ed

可知，任意兩點(diǎn)的電勢差與這兩點(diǎn)的距離成正比D.電勢差的定義式UAB=WABq

說明兩點(diǎn)間的電勢差UAB

與電場力做功WAB

成正比，與移動(dòng)電荷的電荷量q

成反比(2)

一點(diǎn)電荷從靜電場中的A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，它的電勢能變化為零，下列說法不正確的是________．A.A

和B

兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定不相同B.A

和B

兩點(diǎn)的電勢一定相同C.電荷可能沿著等勢面移動(dòng)D.從A

到B

的過程中，電場力做的功一定是零(3)

有四盞燈，接成如圖所示的電路，L1

和L2

都標(biāo)有“220V100W

”字樣，L3

和L4

都標(biāo)有“220V40W

”字樣，把電路接通后，最亮的燈將是________．A.L1

B.L2

C.L3

D.L4

(4)

如圖所示，一矩形線框置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場中，線框平面與磁場方向平行，若線框的面積為S

當(dāng)線框以左邊為軸轉(zhuǎn)過60鈭?

時(shí)通過線框的磁通量為________．A.0

B.BS

C.BS2

D.3BS2

(5)

如圖所示的電路中，R1=5婁賂R2=9婁賂.

當(dāng)開關(guān)K

接1

時(shí)，電流表示數(shù)I1=0.5A

當(dāng)開關(guān)K

接2

時(shí)，電流表示數(shù)I2=0.3A

則電源電動(dòng)勢E=

________V

當(dāng)開關(guān)K

接2

時(shí)，電阻R2

消耗的功率P=

________W

．(6)

如圖所示，在xOy

直角坐標(biāo)系中，第Ⅰ象限內(nèi)分布著方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，第Ⅱ象限內(nèi)分布著方向沿y

軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場.

初速度為零、帶電量為q

質(zhì)量為m

的正離子經(jīng)過電壓為U

的電場加速后，從x

上的A

點(diǎn)垂直x

軸進(jìn)入磁場區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后過y

軸上的P

點(diǎn)且垂直y

軸進(jìn)入勻強(qiáng)電場區(qū)域，在電場中偏轉(zhuǎn)并擊中x

軸上的C

點(diǎn).

已知OA=OC=d

不計(jì)離子重力，求：壟脵

磁感強(qiáng)度B

的大小壟脷

電場強(qiáng)度E

的大小．27、下列說法正確的有()A.經(jīng)典物理學(xué)適用于宏觀低速領(lǐng)域，具有局限性B.光具有波動(dòng)性和粒子性，即波粒二象性C.電動(dòng)機(jī)利用了通電線圈在磁場中受到的安培力的作用原理D.利用科技手段可以使物體的速度達(dá)到3.5隆脕108m/s

E.手機(jī)通信必須依靠電磁波F.紅外線人體測溫儀可以迅速測量體溫，它是一種傳感器G.只要把閉合線圈放在磁感應(yīng)強(qiáng)度很大勻強(qiáng)磁場中，并且讓磁感線穿過線圈，線圈一定會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流H.閉合線圈如果在磁場中作切割磁感線的運(yùn)動(dòng)，一定會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流28、利用光譜分析鑒別物質(zhì)的組成成分時(shí)，靈敏度是很高的．(1)

如何進(jìn)行操作？_____________________．(2)

如圖甲所示的abcd

為四種元素的特征譜線，圖乙是某礦物的線狀譜，通過光譜分析可以確定該礦物中缺少的元素為_________．A.a

元素B.b

元素C.c

元素D.d

元素29、在赤道上，地磁場可看成是沿南北方向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是0.50隆脕10鈭?4T.

如果赤道上有一根沿東西方向的直導(dǎo)線，長為100m

載有從東向西的電流50A

地磁場對(duì)這根導(dǎo)線的作用力有多大？方向如何？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B|C|D【分析】

A、當(dāng)I1=I2時(shí)，由圖可以看出路端電壓U1＜U2，由歐姆定律分析得知，外電阻R1＜R2．故A錯(cuò)誤．

B、圖線縱軸的截距等于電源的電動(dòng)勢，則可以看出兩電源的電動(dòng)勢相等，電源的總功率P=EI，當(dāng)I1=I2時(shí)，則知電源總功率P1=P2．故B正確．

C、U1=U2時(shí)，由圖可以看出電路中電流I1＜I2，則電源輸出功率P出1＜P出2．故C正確．

D、圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，則知r1＞r2．當(dāng)U1=U2時(shí)，I1＜I2，而內(nèi)電壓相等，則由公式P=UI得知，電源內(nèi)部消耗的電功率P內(nèi)1＜P內(nèi)2．故D正確．

故選BCD

【解析】【答案】當(dāng)I1=I2時(shí)，由圖可以看出路端電壓的大小，由歐姆定律分析外電阻的大小關(guān)系．由圖線縱軸的截距，讀出電源電動(dòng)勢的關(guān)系，電源的總功率P=EI．電源的輸出功率P出=UI．U1=U2時(shí)；由圖讀出電流的大小，比較電源輸出功率大?。?/p>

2、B【分析】試題分析:若兩電荷是異種電荷，電場線從正電荷指向負(fù)電荷，則C、D電勢一定不相等，故A錯(cuò)誤；若兩電荷是異種電荷，則中垂線上各點(diǎn)的場強(qiáng)方向相同；且A、B兩點(diǎn)到O點(diǎn)的距離相同，所以A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同，故B正確；若兩電荷是同種電荷，A、B兩點(diǎn)處的電場強(qiáng)度大小相等，但方向相反，所以電場強(qiáng)度不同，故C錯(cuò)誤；若兩電荷是同種電荷，C、D兩點(diǎn)的電勢相同，故D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：電場強(qiáng)度；電勢【解析】【答案】B3、A|D【分析】【解析】試題分析：直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場，越靠近導(dǎo)線的部分磁場強(qiáng)度越大，故當(dāng)當(dāng)線圈遠(yuǎn)離導(dǎo)線移動(dòng)時(shí),磁通量減小，故會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，A正確，當(dāng)導(dǎo)線中的電流I逐漸增大或減小時(shí),導(dǎo)線電流產(chǎn)生的磁場發(fā)生變化，故線圈中的磁通量發(fā)生變化，B錯(cuò)誤，當(dāng)線圈以導(dǎo)線為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),根據(jù)導(dǎo)線產(chǎn)生磁場的對(duì)稱性，線圈中沒有磁通量變化，故不會(huì)產(chǎn)生磁場，C錯(cuò)誤，若線圈以CD為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),磁通量發(fā)生變化，故會(huì)產(chǎn)生磁場，故選AD考點(diǎn)：考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件【解析】【答案】AD4、A【分析】試題分析:設(shè)正方形每個(gè)邊的電阻為r，cd邊未進(jìn)入右方磁場時(shí)線框時(shí)，ab邊切割產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，大小為E=BLv=0.5×0.2×2V=0.2V，ab邊是電源，ab兩端電勢差Uab==0.15V，由楞次定律判斷出感應(yīng)電流方向沿順時(shí)針方向，則a的電勢高于b的電勢，Uab為正；cd邊進(jìn)入磁場后，線框中雖然感應(yīng)電流為零，但ab兩端仍有電勢差，由右手定則判斷可知，a的電勢高于b的電勢，Uab為正，所以Uab=E=0.20V；ab邊穿出磁場后，只有cd邊切割磁感線，cd邊相當(dāng)于電源，由右手定則知，a點(diǎn)的電勢高于b的電勢，Uab==0.05V．故選A考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；閉合電路的歐姆定律【解析】【答案】A5、D【分析】解：A

首先預(yù)言電磁波存在的物理學(xué)家是麥克斯韋；赫茲通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在；故AB錯(cuò)誤；

C；電磁波是種能量形式；它可以在真空中傳播；故C錯(cuò)誤；

D；由C=婁脣f

可知；在空氣中頻率越大的電磁波，其波長越小；故D正確；

故選：D

．

明確電磁波的發(fā)現(xiàn)歷程；知道電磁波可以在真空中傳播，根據(jù)C=婁脣f

可明確波長與頻率之間的關(guān)系．

本題考查電磁波的產(chǎn)生及其傳播規(guī)律等，要注意明確電磁波本身是種能量，可以在真空中傳播．【解析】D

6、A【分析】

甲；穿過線圈的磁通量時(shí)刻在變化；線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流．故甲正確．

乙；穿過線圈的磁通量在減小；線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流．故乙正確．

丙；線圈保持磁通量為零；不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流．丙錯(cuò)誤．

丁；線圈在勻強(qiáng)磁場中；磁通量Φ=BS，保持不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流．故丁錯(cuò)誤．

故選A

【解析】【答案】根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：穿過閉合線圈的磁通量要發(fā)生變化來判斷．圖丙中；線圈磁通量為零．

7、A【分析】【分析】根據(jù)楞次定律；結(jié)合磁通量的變化，從而即可求解。

有關(guān)磁通量的變化判定：磁感線是閉合曲線；在磁鐵外部，從N

極出發(fā)進(jìn)入S

極；在磁鐵內(nèi)部，從S

極指向N

極.

圖中，磁鐵內(nèi)部穿過線圈的磁感線方向向上，磁鐵外部，穿過線圈的磁感線方向向下，與內(nèi)部的磁通量抵消一部分，根據(jù)線圈面積大小，抵消多少來分析磁通量變化情況。

對(duì)于穿過回路的磁場方向有兩種的情況確定磁通量時(shí)，要根據(jù)抵消后總的磁通量來進(jìn)行比較或計(jì)算大小，同時(shí)掌握楞次定律的應(yīng)用，注意“增反減同”?！窘獯稹看鸥芯€是閉合曲線；磁鐵內(nèi)部穿過線圈的磁感線條數(shù)等于外部所有磁感線的總和，圖中內(nèi)部磁感線線比外部多。

外部的磁感線與內(nèi)部的磁感線方向相反；外部的磁感線將內(nèi)部抵消，II

位置磁鐵外部磁感線條數(shù)少，將內(nèi)部磁感線抵消少，則II

位置磁通量。

而Ⅰ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)多；將內(nèi)部磁感線抵消多，則I

位置磁通量小。

當(dāng)金屬導(dǎo)線圈由圖示的Ⅰ位置縮小到圖示Ⅱ位置，；則磁通量變變大，且磁場方向由下向上，根據(jù)楞次定律，則有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。

【解析】A

8、C【分析】【分析】

根據(jù)安培定則判斷出A、B兩導(dǎo)線在C處產(chǎn)生的磁場方向，根據(jù)磁場的疊加原理，分析C處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向。

【詳解】

根據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線A在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于AC方向向右，導(dǎo)線B在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于BC方向向右，則磁場在C處相互疊加；如圖所示。

根據(jù)幾何關(guān)系知合磁感強(qiáng)度為方向水平向右。故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷通電電流周圍的磁場方向，以及知道磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，合成遵循平行四邊形定則。二、填空題(共9題，共18分)9、略

【分析】解：已知當(dāng)電流從電流計(jì)G左端流入時(shí)；指針向左偏轉(zhuǎn)；

當(dāng)條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠(yuǎn)離L時(shí)，穿過L的磁通量向上，磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流磁場應(yīng)向上，由安培定則可知，線圈中電流從b流向a；俯視線圈，其繞向是逆時(shí)針；

故答案為：逆時(shí)針．

電流從左端流入指針向左偏轉(zhuǎn)；根據(jù)電流表指針偏轉(zhuǎn)方向判斷電流方向，然后應(yīng)用安培定則與楞次定律分析答題．

熟練應(yīng)用安培定則與楞次定律是正確解題的關(guān)鍵；要掌握安培定則與楞次定律的內(nèi)容，注意看線圈的方向是解題的關(guān)鍵．【解析】逆時(shí)針10、略

【分析】解：當(dāng)選擇歐姆擋“隆脕1

”擋測量時(shí)電阻為R=12婁賂

如果要用這只多用電表測量一個(gè)約200

歐的電阻，為了使測量比較精確，選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆擋是隆脕10

擋，改變擋位調(diào)整倍率后，要特別注意重新調(diào)整歐姆零點(diǎn)．

故答案為：1210

擋，調(diào)整歐姆零點(diǎn)。

當(dāng)歐姆表指針指在中值電阻附近時(shí)讀出的電阻誤差較??；當(dāng)指針指在刻度盤的最左端附近時(shí)，說明待測電阻值較大，應(yīng)換擋增大倍率，注意每次換擋后都要重新調(diào)零．

歐姆表表盤刻度不均勻，當(dāng)指針指在表盤中間附近時(shí)讀數(shù)較準(zhǔn)，注意每次換擋后都要重新調(diào)零．【解析】12婁賂隆脕10

擋；調(diào)整歐姆零點(diǎn)11、略

【分析】【解析】【答案】15.1:4:912、略

【分析】解：當(dāng)閉合電路中的部分導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)；電路中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電路；這一現(xiàn)象稱為電磁感應(yīng)，在這一現(xiàn)象中可以發(fā)現(xiàn)，由于導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)，才產(chǎn)生了電能，即消耗了機(jī)械能，得到了電能，所以由機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能．

故答案為：機(jī)械；電．

根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件；并由電磁感應(yīng)的內(nèi)容及能量轉(zhuǎn)化與守恒定律，即可求解．

電磁感應(yīng)使人類能夠?qū)C(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，從而能夠?qū)⒉焕萌祟悜?yīng)用的機(jī)械能，變成了易于應(yīng)用，易于遠(yuǎn)距離傳輸?shù)碾娔埽窘馕觥繖C(jī)械；電13、略

【分析】解：1；游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為31mm；游標(biāo)尺上第8個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊；

所以游標(biāo)讀數(shù)為14×0.05mm=0.70mm；所以最終讀數(shù)為：31mm+0.70mm=31.70mm．

2；螺旋測微器的固定刻度為3.0mm；可動(dòng)刻度為47.1×0.01mm=0.471mm；

所以最終讀數(shù)為3.0mm+0.471mm=3.471mm．

故答案為：31.70；3.471．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】31.70；3.47114、18.4100.0BD<9.86【分析】【分析】(1)

游標(biāo)卡尺主尺示數(shù)與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)；游標(biāo)卡尺不需要估讀；

秒表中間的表盤代表分鐘；周圍的大表盤代表秒，秒表讀數(shù)是兩個(gè)表盤的示數(shù)之和，要注意觀察指針?biāo)傅奈恢眉胺侄戎怠?/p>

(2)

根據(jù)單擺的周期公式T=2婁脨lg

得出重力加速度的表達(dá)式；從而判斷出重力加速度減小的原因。

(3)

由題意公式g=4婁脨2LT2

得到T2=4婁脨2Lg

圖象斜率表示4婁脨2g

結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到重力加速度。

要注意，游標(biāo)卡尺不需要估讀；對(duì)秒表進(jìn)行讀數(shù)時(shí)，要先確定秒表的分度值，秒表示數(shù)是分針與秒針示數(shù)之和；本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理；通過圖象的平移得到擺長偏小1cm

得到誤差來源；通過圖象的函數(shù)表達(dá)式得到斜率的物理意義?！窘獯稹?1)

圖1

所示游標(biāo)卡尺主尺的示數(shù)是18mm

游標(biāo)尺示數(shù)是4隆脕0.1mm=0.4mm

小球的直徑d=18mm+0.1隆脕4mm=18.4mm

圖2

所示秒表分針示數(shù)是90s

秒針示數(shù)是10.0s

秒表所示是90s+10.0s=100.0s

根據(jù)單擺的周期公式T=2婁脨lg

得：g=4婁脨2LT2

．

A；測擺線長時(shí)擺線拉得過緊；使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大.

故A錯(cuò)誤．

B；擺動(dòng)后出現(xiàn)松動(dòng)；知擺長的測量值偏小，則測得的重力加速度偏小.

故B正確．

C；實(shí)驗(yàn)中開始計(jì)時(shí)；秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大.

故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中將49

次全振動(dòng)數(shù)成50

次全振動(dòng)；測得周期偏小，則測得的重力加速度偏大.

故D錯(cuò)誤．

故選：B

(3)

由題意公式g=4婁脨2LT2

得到T2=4婁脨2Lg

由此可知，T2隆陋L

圖象為過原點(diǎn)的一條傾斜的直線，圖象斜率表示4婁脨2g

結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到：同學(xué)所測擺長總是“<

”真實(shí)值；4婁脨2g=970.8+18.42

解得：g=9.86m/s2

故答案為：(1)18.4100.0

(2)BD

(3)<9.86m/s2

【解析】18.4100.0BD<9.86

15、50.15；4.700；220【分析】解：(1)

游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為50mm

游標(biāo)尺上第8

個(gè)刻度游標(biāo)讀數(shù)為0.05隆脕3m=0.15mm

所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm

(2)

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為4.5mm

可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01隆脕20.0mm=0.200mm

所以最終讀數(shù)為：4.5mm+0.200mm=4.700mm

．

(3)

該電阻的阻值約為22.0隆脕10婁賂=220婁賂

．

故答案為：(1)50.15(2)4.700(3)220

．

(1)

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀；

(2)

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；

(3)

用歐姆表測電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率；當(dāng)指針指在中央附近時(shí)測量值較準(zhǔn)確；

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．【解析】50.154.700220

16、略

【分析】解：由圖可知；該交流電的電流峰值為2A

周期T=0.4s

所以f=1T=2.5Hz

一個(gè)周期內(nèi)電流改變2

次，故4s

內(nèi)電流的改變的次數(shù)n=40.4隆脕2=20

次。

該交流電的電流峰值為Im=2A

所以有效值為I=22=2A

若將該交流電串聯(lián)一個(gè)阻值為10婁賂

的定值電阻；

根據(jù)焦耳定律得10s

內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2Rt=(2)2隆脕10隆脕10=200J

故答案為：2.5220200

根據(jù)圖象可讀出該交流電的周期和最大值；然后根據(jù)頻率和周期，最大值與有效值的關(guān)系可直接求解．

根據(jù)焦耳定律求解10s

內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱．

根據(jù)交流電i鈭?t

圖象讀出交流電的最大值、周期及任意時(shí)刻電流的大小是基本能力.

掌握焦耳定律的應(yīng)用．【解析】2.5220200

17、略

【分析】解：燈泡規(guī)格相同；且全部正常發(fā)光知：流經(jīng)每個(gè)燈泡的電流都相等設(shè)為I

每個(gè)燈泡兩端電壓都相等設(shè)為u

則U2=2uU3=u

根據(jù)輸入功率等于輸出功率知：u1I=u2I+u3Iu1=3u

再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知n1n2n3=u1u2u3=321

．

故答案為：321

變壓器的特點(diǎn)：電壓與匝數(shù)成正比；電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率．

本題副線圈中有兩個(gè)，對(duì)于電壓仍然可以用于匝數(shù)成正比，但是電流不再和匝數(shù)成反比，應(yīng)該利用輸入功率等于輸出功率．【解析】321

三、判斷題(共7題，共14分)18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?3、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．24、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)25、略

【分析】在白紙上另畫一條與Y軸正方向夾角較小的直線OA，把大頭針P1、P2豎直地插在所畫的直線上，直到在y<0的區(qū)域內(nèi)透過玻璃磚能看到的像,剛好使P3擋住P1、P2的像，由折射定律和幾何關(guān)系可知折射率為【解析】【答案】在白紙上另畫一條與Y軸正方向夾角較小的直線OA，把大頭針P1、P2豎直地插在所畫的直線上，直到在y<0的區(qū)域內(nèi)透過玻璃磚能看到的像,剛好使P3擋住P1、P2的像,n=五、綜合題(共4題，共12分)26、(1)B

(2)A

(3)D

(4)D

(5)30.81

(6)

解：壟脵

設(shè)帶電粒子經(jīng)電壓為U

的電場加速后獲得速度為v

由qU=12mv2壟脵

帶電粒子進(jìn)入磁場后，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律：qvB=mv2r壟脷

依題意可知：r=d壟脹

聯(lián)立壟脵壟脷壟脹

可解得B=2Umqd2壟脺

壟脷

帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)，做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)時(shí)間t

從P

點(diǎn)到達(dá)C

點(diǎn)，由d=vt壟脻

d=12qEmt2壟脼

聯(lián)立壟脵壟脻壟脼

可解得：E=4Ud壟脽【分析】(1)

【分析】一個(gè)電荷能否看作點(diǎn)電荷，不僅和帶電體本身有關(guān)，還取決于問題的性質(zhì)和精度的要求，即需要具體問題具體分析，如果在研究的問題中，帶電體的形狀、大小以及電荷分布可以忽略不計(jì)，即可將它看作是一個(gè)幾何點(diǎn)，則這樣的帶電體就是點(diǎn)電荷；勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向總是跟正電荷所受電場力的方向一致；公式U=Ed

中，d

是兩點(diǎn)間沿電場線方向的距離；電勢差與試探電荷無關(guān)。根據(jù)這些知識(shí)分析。本題考查了電場的一些基礎(chǔ)知識(shí)，是基礎(chǔ)題。【解答】A.體積很小的點(diǎn)電荷能否看成點(diǎn)電荷，取決于研究的問題中，帶電體的形狀、大小以及電荷分布，如可以忽略不計(jì)，即可將它看作是一個(gè)幾何點(diǎn)，則這樣的帶電體就是點(diǎn)電荷，故A錯(cuò)誤。B.勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向總是跟正電荷所受電場力的方向一致。故B正確。C.公式式U=Ed

中，d

是兩點(diǎn)間沿電場線方向的距離。在勻強(qiáng)電場中，E

為恒值，任意兩點(diǎn)間的電勢差與兩點(diǎn)間沿電場線方向的距離才成正比。故C錯(cuò)誤。電勢差的公式UAB=WABq

采用比值法定義，可知UAB

與WABq

無關(guān)。故D錯(cuò)誤。故選B。(2)

【分析】點(diǎn)電荷從靜電場中的a

點(diǎn)移到b

點(diǎn)的過程中，電場力做功為零，根據(jù)公式Wab=qUab

進(jìn)行分析；電場力做功與路徑無關(guān)，只與初末位置的電勢差有關(guān)。本題考查電場強(qiáng)度、電勢、電勢能、電場力的功的知識(shí)，是基礎(chǔ)題?！窘獯稹緼.B.D.

點(diǎn)電荷從靜電場中的A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，電勢能變化為零，則電場力做功為零，根據(jù)電場力做功WAB=qUAB

分析可知A.B

兩點(diǎn)間的電勢差為零，則A

和B

的電勢一定相等，由于場強(qiáng)與電勢沒有直接關(guān)系，故A.B

的電場強(qiáng)度不一定相等。故A錯(cuò)誤，BD正確。C.電場力做功與路徑無關(guān)，僅僅與始末的位置有關(guān)，所以點(diǎn)電荷不一定沿等勢面運(yùn)動(dòng)。故C正確。本題選不正確的，故選A。(3)

【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率，由功率公式比較兩種燈泡的電阻大小。根據(jù)公式P=I2R

比較L1

和L2L3

和L4

功率的大小。根據(jù)公式P=U2R

比較L2

和L3

功率大小。再確定哪個(gè)燈泡功率最大。本題考查串并聯(lián)電路的知識(shí)，以及電功率的計(jì)算。注意選擇合適的公式兩兩進(jìn)行比較。【解答】設(shè)L1L2L3L4

實(shí)際消耗的功率分別為P1P2P3P4

由公式P=U2R

可知L1

和L2

的電阻小于L3

和L4

的電阻。通過L1

的電流大于L2

的電流，由公式P=I2R

得到P1>P2

L2

和L3

的電壓相等，由公式P=U2R

可知P2>P3

通過L3

的電流小于L4

的電流，由公式P=I2R

得到P4>P3

所以P1>P2P2>P3P4>P3

而L1

和L4

串聯(lián)，所以L4

最亮。故選D。(4)

【分析】磁通量為：?=BSS

指垂直磁感線的有效面積，由磁感線和線圈的方向可判定磁通量本題考查磁通量的計(jì)算，注意S

的正確含義。【解答】由磁通量表達(dá)式：?=BSS

指垂直磁感線的有效面積。則可知轉(zhuǎn)過60隆攏

時(shí)的磁通量?=BSsin60隆攏=32BS

故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。(5)

【分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律列方程組求出電源的電動(dòng)勢，由功率P=I2R

求K

接2

時(shí)電阻R2

上消耗的功。本題考查閉合電路的歐姆定律的簡單應(yīng)用，是基礎(chǔ)題?！窘獯稹?1)K

接1

時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=1(R1+r)壟脵

K

接2

時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=2(R2+r)壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

代入數(shù)據(jù)：E=0.5(5+r)E=0.3(9+r)

解得：E=3Vr=1婁賂

K

接2

時(shí)，電阻R2

消耗的功率P=I22R2=0.32隆脕9=0.81W

故答案為：30.81

(6)壟脵壟脵經(jīng)電壓為U

的電場加速后，據(jù)動(dòng)能定理獲得速度為v

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系可得出半徑，由洛侖