2024年人教版PEP高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年人教版PEP高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一小球掛于O點，細線長為L，O點正下方L/2處有一鐵釘。將小球拉至A處無初速釋放，擺角很小，這個擺的周期是：A.B.C.D.2、如圖所示；在勻速轉(zhuǎn)動的圓筒內(nèi)壁上緊靠著一個物體一起運動，物體所受向心力是()

A.重力B.彈力C.靜摩擦力D.滑動摩擦力3、如圖所示，用水平力推靜止在水平地面上的大木箱，沒有推動.

則下列說法中正確的是

A.木箱受到的推力小于摩擦力B.木箱受到的推力和摩擦力方向相同C.木箱受到的推力大于摩擦力D.木箱受到的推力和摩擦力大小相等4、靜止在湖面的小船上有兩個人分別向相反方向拋出質(zhì)量相同的小球，甲向左拋，乙向右拋，如圖所示，甲先拋，乙后拋，拋出后兩小球相對地的速率相等，則下列說法中正確的是(

)

A.兩球拋出后，船往左以一定速度運動B.兩球拋出后，船往右以一定速度運動C.兩球拋出后，船的速度先向右再向左D.兩球拋出后，船的速度為零5、如圖所示，當(dāng)電流通過線圈時，磁針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，以下的判斷正確的（）A.當(dāng)線圈通以沿順時針方向的電流時，磁針N極將指向讀者B.當(dāng)線圈通以沿逆時針方向的電流時，磁針S極將指向讀者C.當(dāng)磁針N極指向讀者，線圈中電流沿逆時針方向D.不管磁針如何偏轉(zhuǎn)，線圈中的電流總是沿順時針方向評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)6、如圖所示，甲、乙兩船的總質(zhì)量（包括船、人和貨物）分別為10m、12m，兩船沿同一直線同一方向運動，速度分別為2v、v．為避免兩船相撞；乙船上的人將一質(zhì)量為m的貨物沿水平方向拋向甲船，甲船上的人將貨物接住，求拋出貨物的最小速度．（不計水的阻力）

7、如圖所示的C

為平行板電容器，板間距離為d

，金屬棒ab

垂直放于平行導(dǎo)軌上，可沿導(dǎo)軌在磁感應(yīng)強度為B

的磁場中平動，要使電容器上板帶正電，下板帶負電.

則ab

應(yīng)向______(

“左”或“右”)

平動.

若金屬棒ab

電阻為R

，其他電阻不計，導(dǎo)軌間距離為L

，要使板間質(zhì)量為m

，帶電荷量為鈭?

q

的油滴懸浮不動，則兩極板間的電場強度為________，金屬棒ab

運動的速度應(yīng)為____________8、把一個q=10-10C電量的點電荷，放入電場中A點時，它所受的電場力大小是10-2N，則A點的電場強度大小是____N/C．如果把q拿去后，A點的電場強度大小是____N/C．9、如圖所示，小球被輕繩系著斜吊在光滑劈面上，小球質(zhì)量為m，斜面傾角為θ，現(xiàn)用力緩緩向右推動劈。在這個過程中繩上的拉力最小為。10、如圖所示，一個驗電器用金屬網(wǎng)罩罩住，當(dāng)加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片______（填“張開”或“不張開”），此時，金屬網(wǎng)罩的感應(yīng)電荷在網(wǎng)罩內(nèi)部空間會激發(fā)一個電場，它的場強大小方向為______（填“向左”或“向右”）11、將長0.5m通過4A電流的通電導(dǎo)線放在勻強磁場中，當(dāng)導(dǎo)線和磁場方向垂直時，通電導(dǎo)線所受磁場力為0.3N，則勻強磁場的磁療感應(yīng)強度B大小為______T，若將通電導(dǎo)線中的電流減為2A，則這時勻強磁場的B為______T，導(dǎo)線受安培力為______N．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)12、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）13、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）14、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)21、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、證明題(共2題，共4分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分六、綜合題(共4題，共8分)25、(1)

第一個發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是()A.奧斯特B.

安培C.

歐姆D.

法拉第

(2)

人體受到下列射線照射時，可以感覺到熱的射線是()

A.緯

射線B.X

射線C.

無線電波D.

紅外線

(3)

如圖所示的電場中，從P

點沿著電場線，電場強度逐漸增大的是()

(4)

如圖所示，在勻強磁場中有一通電直導(dǎo)線，電流方向垂直紙面向里，則直導(dǎo)線受到安培力的方向是()

A.向上B.

向下C.向左D.

向右

(5)

如圖是某正弦式電流的圖象，則此正弦式電流的周期為_______s

電流的峰值為_______A

(6)

有一個100

匝的線圈，在4s

內(nèi)穿過它的磁通量從0

均勻增加到0.1Wb

求：壟脵4s

內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化量螖蠒

壟脷

線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E

。26、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?4

】(

略)

27、(1)

關(guān)于熱力學(xué)定律；下列說法正確的是()

A.氣體吸熱后溫度一定升高。

B.一定量的某種理想氣體在等溫膨脹過程中；內(nèi)能一定減少。

C.一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中；內(nèi)能一定增加。

D.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體。

E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡(2)

如圖所示，一端開口、另一端封閉的細長薄壁玻璃管水平放置，內(nèi)有用25

cm

長的水銀柱封閉的體積為20

m

L

的某種理想氣體.

外界大氣壓為75

cm

汞柱，環(huán)境溫度為27隆忙.

求：

(1)

當(dāng)環(huán)境溫度降為鈭?3隆忙

時(

設(shè)大氣壓強不變)

氣體的體積；

(2)

當(dāng)把玻璃管慢慢豎起成豎直放置時；封閉氣體的體積；

(3)

當(dāng)玻璃管豎直放置后，給氣體加熱，使氣體的溫度升高到87隆忙

要保持氣體的體積不變，應(yīng)向玻璃管內(nèi)加入的水銀柱的長度．28、(6

分)

如圖所示，一根長為L=0.2m

的直導(dǎo)線放在水平方向的勻強磁場中，導(dǎo)線水平且與磁場方向垂直，導(dǎo)線中通有向右的電流。(1)

若勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小B=0.5T

導(dǎo)線中電流I=0.5A

求導(dǎo)線所受安培力大?。?2)

將該通電導(dǎo)線旋轉(zhuǎn)到與磁感線平行的位置，此時導(dǎo)線是否受安培力？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】本題考查的是單擺的計算問題。所以正確答案選B?！窘馕觥俊敬鸢浮緽2、B【分析】解：物體做勻速圓周運動；合力指向圓心。

對物體受力分析；受重力；向上的靜摩擦力、指向圓心的支持力，如圖。

其中重力G

與靜摩擦力f

平衡；支持力N

提供向心力。

故選B．【解析】B

3、D【分析】本題主要考查了靜摩擦力的大小。靜摩擦的大小可在0

與最大靜摩擦力之間，一般應(yīng)根據(jù)物體的運動狀態(tài)由平衡條件或牛頓定律來求解。用水平力推靜止在水平地面上的大木箱，沒有推動，說明推力仍小于木箱與地面之間的最大靜摩擦力。由二力平衡可知，靜摩擦力與推力大小相等、方向相反。故D正確，AB

C錯誤；故選D。解決本題的關(guān)鍵是能理解最大靜摩擦力?！窘馕觥緿

4、D【分析】解：設(shè)小船的質(zhì)量為M

小球的質(zhì)量為m

甲球拋出后，根據(jù)動量守恒定律有：mv=(M+m)v隆盲v隆盲

的方向向右.

乙球拋出后，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律有：(M+m)v隆盲=mv+Mv隆氓

解得v隆氓

等于0.

故ABC錯誤，D正確．

故選：D

．

根據(jù)動量守恒定律求出甲球拋出后乙球和小船的速度；再根據(jù)動量守恒定律求出乙球拋出后，小船的速度．

解決本題的關(guān)鍵掌握動量守恒定律和動量定理，并能靈活運用.

運用動量守恒定律時注意速度的方向．【解析】D

5、C【分析】【解析】試題分析：磁針N極的受力方向為該處的磁場方向，由安培定則知當(dāng)磁針N極指向讀者，線圈中電流沿逆時針方向；故C正確故選C考點：安培定則的應(yīng)用【解析】【答案】C二、填空題(共6題，共12分)6、略

【分析】

設(shè)拋出貨物的速度為v；由動量守恒定律得：

乙船與貨物：12mv=11mv1-mv；

甲船與貨物：10m×2v-mv=11mv2；

兩船不相撞的條件是：v2≤v1；

解得：v≥4v；

答：拋出貨物的最小速度為4v．

【解析】【答案】在拋貨物的過程中；乙船與貨物組成的動量守恒，在接貨物的過程中，甲船與貨物組成的系統(tǒng)動量守恒，在甲接住貨物后，甲船的速度小于等于乙船速度，則兩船不會相撞，應(yīng)用動量守恒定律可以解題．

7、右；【分析】【分析】【解答】要使電容器上板帶正電，下板帶負電，abab棒中感應(yīng)電動勢應(yīng)由bb指向aa根據(jù)右手定則判斷可知，abab應(yīng)向右運動；油滴靜止不動，則有mg=qEmg=qE即E=mgqE=dfrac{mg}{q}又U=Ed=mgqdU=E?=BLv

聯(lián)立解得v=mgdqBLv=dfrac{mgd}{qBL}。故填右；mgqdfrac{mg}{q}mgdqBLdfrac{mgd}{qBL}【解析】右；mgqdfrac{mg}{q}mgdqBLdfrac{mgd}{qBL}8、略

【分析】

該點的電場強度等于試探電荷在電場中受到的電場力與試探電荷所帶電量的比值．即：N/c．

場強的大小與試探電荷的電量無關(guān)，與有無試探電荷無關(guān)．所以：如果把q拿去后，A點的電場強度大小仍然是108N/c

故答案為：108108

【解析】【答案】電場中；某點的電場強度等于試探電荷在電場中受到的電場力與試探電荷所帶電量的比值．場強的大小與試探電荷的電量無關(guān)，與有無試探電荷無關(guān)．

9、略

【分析】試題分析：對小球受力分析如圖所示，重力的大小方向不變，運用分解法如圖：由圖可以看出當(dāng)繩子拉力與支持力垂直時有最小值：考點：力的合成與分解的運用．【解析】【答案】10、略

【分析】解：因為在金屬內(nèi)部由于電子可以自由移動；當(dāng)加上水平向右的；場強大小為E的勻強電場時，金屬網(wǎng)罩會產(chǎn)生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內(nèi)部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布．就是所謂“靜電屏蔽”的原理．此時驗電器不會受到影響，故驗電器的箔片不張開．

故答案為：不張開；向左。

本題從靜電屏蔽的原理出發(fā)即可解題．金屬內(nèi)部由于電子可以自由移動；會產(chǎn)生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內(nèi)部的電場，以保證平衡，從而使金屬上電荷重新分布．

本題考查了靜電屏蔽的原理，難度不大屬于基礎(chǔ)題．【解析】不張開；向左11、略

【分析】解：根據(jù)F=BIL得；勻強磁場的磁感應(yīng)強度為：

B===0.15T

當(dāng)電流減小時；磁感應(yīng)強度不變，仍為：

B=0.15T

則導(dǎo)線所受的安培力為：

F=BI′L=0.15×2×0.5N=0.15N

故答案為：0.15；0.15，0.15．

根據(jù)安培力F=BIL求出磁感應(yīng)強度的大??；當(dāng)電流減小，磁感應(yīng)強度不變，結(jié)合F=BIL求出安培力的大小．

解決本題的關(guān)鍵知道磁感應(yīng)強度的大小由磁場本身的因素決定，與電流、安培力的大小無關(guān)，掌握安培力的大小公式，當(dāng)B與I平行，F(xiàn)=0，當(dāng)B與I垂直，F(xiàn)=BIL．【解析】0.15；0.15；0.15三、判斷題(共9題，共18分)12、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．13、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．14、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?7、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．四、畫圖題(共2題，共12分)21、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、證明題(共2題，共4分)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動六、綜合題(共4題，共8分)25、（1）D（2）B（3）B（4）C（5）0.022（6）①4s內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化量②線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢【分析】(1)

【分析】本題主要考查對法拉第與電磁感應(yīng)現(xiàn)象的記憶。本題的解題關(guān)鍵是記住安培、奧斯特、焦耳、法拉第等科學(xué)家的主要貢獻?！窘獯稹緼.安培總結(jié)出了電流周圍的磁場方向和電流方向的關(guān)系定則：安培定則；故A不符合題意；

B.奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了通電直導(dǎo)線周圍存在磁場；故B不符合題意；

C.焦耳的主要貢獻是總結(jié)出了焦耳定律；故C不符合題意；

D.法拉第在1831

年發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；符合題意。

故選D。(2)

【分析】無線電波的作用主要是各種移動通信和無線電廣播；紅外線的主要作用是熱作用；婁脙

射線有很強的穿透力，工業(yè)中可用來探傷或流水線的自動控制，對細胞有殺傷力，醫(yī)療上用來治療腫瘤；x

射線具有很高的穿透本領(lǐng)本領(lǐng)，能透過許多對可見光不透明的物質(zhì)。本題考查了無線電波、紅外線、x

射線和婁脙

射線的主要作用，內(nèi)容基礎(chǔ)，只要熟悉教材即可順利解決?！窘獯稹緼.無線電波的作用主要是各種移動通信和無線電廣播；故不會讓人明顯感到熱，故A錯誤；

B.紅外線的主要作用是熱作用；故照射到人體上，可以使人明顯感覺到熱，故B正確；

C.婁脙

射線有很強的穿透力；工業(yè)中可用來探傷或流水線的自動控制.婁脙

射線對細胞有殺傷力，醫(yī)療上用來治療腫瘤而不會使人明顯感覺到熱，故C錯誤；

D.X

射線具有很高的穿透本領(lǐng)本領(lǐng)；能透過許多對可見光不透明的物質(zhì)，故x

射線主要用在醫(yī)學(xué)上進行透視和攝片，在工業(yè)上用來工業(yè)探傷，而沒有熱作用，故照射到人身上人體不會明顯感覺到熱，故D錯誤。

故選B。(3)

【分析】電場線的疏密反映電場的強弱，再根據(jù)F=Eq

可得出電場力大小的變化即可解決問題。電場線是為了形象描述電場的性質(zhì)而引入的虛擬帶有方向的線，近幾年對電場線的考查較多，應(yīng)認(rèn)真把握。【解答】正電荷受電場力水平向右；使其從靜止開始向右運動；

要使加速度逐漸增大；也就是所受電場力增大，電場線的疏密反映電場的強弱；

從圖中看出在水平向右的方向上；A

圖中電場強度減小，B

圖中電場強度增大，C

圖中電場強度不變，D

圖中電場強度先增大后減小，所以B

圖符合題意。

故選B。(4)

【分析】通電直導(dǎo)線在磁場中受到的安培力方向利用左手定則判斷.

讓磁感線穿過左手手心，四指指向電流方向，拇指指向安培力方向。本題考查左手定則的應(yīng)用能力.

對于左手定則的應(yīng)用，要搞清兩點：一是什么時候用；二是怎樣用?！窘獯稹扛鶕?jù)左手定則：伸開左手；拇指與手掌垂直且共面，磁感線向下穿過手心，則手心朝上.

四指指向電流方向，則指向紙里，拇指指向安培力方向：向左。

故選C。(5)

【分析】由交流電的圖象的縱坐標(biāo)的最大值讀出電流的最大值，由橫坐標(biāo)讀出周期。根據(jù)交流電i鈭?t

圖象讀出交流電的最大值、周期及任意時刻電流的大小是基本能力。比較簡單。【解答】根據(jù)圖象可知該交流電的電流最大值是Im=2A

周期T=0.02s

故填：0.022

(6)壟脵

根據(jù)磁通量的概念求解磁通量的變化量；壟脷

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動勢。本題是基本公式的直接應(yīng)用，簡單。

【解析】(1)D

(2)B

(3)B

(4)C

(5)0.022

(6)

壟脵4s

內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化量婁隴?=婁脮2?婁脮1=0.1Wb

；壟脷

線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=N婁隴婁碌婁隴t=100隆脕0.14V=2.5V

26、略。略【分析】【分析】略【解答】略【解析】略。略27、(1)CDE(1)CDE(2)(2)解：(1)(1)對被封閉的氣體進行狀態(tài)分析，

初狀態(tài)：VV11=20ml=20mlTT11=273+27=300K=273+27=300K

末狀態(tài)：VV22==TT22=273K鈭?3K=270K=273K-3K=270K

由理想氣體狀態(tài)方程有：V1T1=V2T2dfrac{{V}_{1}}{{T}_{1}}=dfrac{{V}_{2}}{{T}_{2}}

即為：V2=T2T2隆隴V1=18ml{V}_{2}=dfrac{{T}_{2}}{{T}_{2}}隆隴{V}_{1}=18ml

(2)(2)當(dāng)把玻璃管慢慢豎起成豎直放置的過程中，氣體的溫度不變，開始時的壓強：PP11=75cmHg=75cmHg

后來時的壓強：PP33=(=(75+25)cmHg=100cmHg由玻意耳定律：PP11VV11=P=P33VV33，

所以：V3=P1V1P3=15ml{V}_{3}=dfrac{{P}_{1}{V}_{1}}{{P}_{3}}=15ml

(3)(3)使氣體的溫度升高到87隆忙87隆忙TT44=(=(273+87)K=360K由蓋??呂薩克定律：P3T1=P4T4dfrac{{P}_{3}}{{T}_{1}}=dfrac{{P}_{4}}{{T}_{4}}

代入數(shù)據(jù)得：PP44=120cmHg=120cmHg

則需要向玻璃管內(nèi)加入的水銀柱的長度：鈻?L=120cm鈭?100cm=20cmtriangleL=120cm-100cm=20cm【分析】(1)

【分析】(1)

改變物體內(nèi)能的方法有做功和熱傳遞；(2)

由理想氣體狀態(tài)方程分析可知內(nèi)能變化情況；(3)

熱量的傳遞分自發(fā)和非自發(fā)，自發(fā)的具有方向性，非自發(fā)的沒有；(4)

如果兩個系統(tǒng)分別與第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間必定處于熱平衡。本題考查改變內(nèi)能的方法、理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，熱量的傳遞、熱力學(xué)定律等知識點，涉及知識點較多，難度不大?！窘獯稹緼.氣體吸熱時如果同時對外做功，則內(nèi)能可能不變，溫度不一定升高，故A錯誤；B.一定量的理想氣體發(fā)生等溫膨脹時，溫度不變則氣體的內(nèi)能不變，故B錯誤；C.由蓋呂薩克定律可知，理想氣體在等壓膨脹過程中氣體溫度升高，氣體內(nèi)能增加，故C正確；D.熱量的傳遞分自發(fā)和非自發(fā)，自發(fā)的具有方向性，非自發(fā)的沒有，故熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，但是會產(chǎn)生其他影響，故D正確；E.如果兩個系統(tǒng)分別與第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間必定處于熱平衡，故E正確。故選CDE。(2)

本題從多個不同的角度考查理想氣體的狀態(tài)方程，解答本題關(guān)鍵是找出各個平衡態(tài)的溫度、壓強、