2025年浙教版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，電源電動勢E，內(nèi)阻為2Ω，定值電阻R2=2Ω．滑動變阻器的最大阻值為10Ω，電流表與電壓表均視為理想電表，在滑動變阻器的滑片P由左端a向右滑動的過程中，以下說法正確的是（）A.電流表的示數(shù)減小，電壓表的示數(shù)增大B.電源的輸出功率變小C.R2消耗的功率先變大后變小D.滑動變阻器消耗的功率先變大后變小2、如圖所示，兩塊相同的玻璃等腰三棱鏡ABC置于空氣中，兩者的AC面相互平行放置，由紅光和藍光組成的細光束平行于BC面從P點射入，通過兩棱鏡后，變?yōu)閺腶、b兩點射出的單色光，對于這兩束單色光，下列說法錯誤的是（）A.紅光在玻璃中傳播速度比藍光大B.從a、b兩點射出的單色光不平行C.從a點射出的為紅光，從b點射出的為藍光D.從a、b兩點射出的單色光仍平行，且平行于BC3、如圖所示，1、2兩個長方體的質(zhì)量分別是m1、m2（且m1＜m2），疊放在光滑水平面上，用水平力F拉物體可使它們一起運動（無相對運動），這時它們間相互作用的摩擦力為Ff；下列說法正確的是（）

A.若改為2F的水平力拉物體1，則它們間的摩擦力一定變?yōu)?Ff

B.若改為的水平力拉物體1，則它們間的摩擦力變?yōu)?/p>

C.若改為F的水平力拉物體2，則它們間的摩擦力大于Ff

D.若改變F的水平力拉物體2，則它們間的摩擦力仍為Ff

4、如圖所示，兩豎直放置的平行光滑導軌相距0.2m，其電阻不計，處于水平向里的勻強磁場中，勻強磁場的磁感應強度為0.5T．導體棒ab與cd的電阻均為0.1Ω，質(zhì)量均為0.01kg現(xiàn)用豎直向上的力拉ab棒，使之勻速向上運動，此時cd棒恰好靜止．已知棒與導軌始終接觸良好，導軌足夠長，g取1Om/s2；則（）

A.ab棒向上運動的速度為2m/s

B.ab棒受到的拉力大小為0.2N

C.在2s時間內(nèi)；拉力做功為0.4J

D.在2s時間內(nèi)，ab棒上產(chǎn)生的焦耳熱為O.4J

5、小船橫渡一條河，船本身提供的速度大小方向都不變。已知小船的運動軌跡如圖所示，則河水的流速（）A.越接近B岸水速越大B.越接近B岸水速越小C.由A到B水速先增后減D.水流速度恒定6、在“驗證動量守恒定律”的實驗中，下列關于小球落地點的說法正確的是（）A.如果入射小球每次都從同一位置由靜止?jié)L下，重復幾次落點應該是重合的B.由于偶然因素的存在，重復幾次的落點不重合也是正常的，但是落點應比較集中C.測量P點位置時，如果重復10次的落點分別是P1、P2、P3、、P10，則OP應是OP1、OP2、OP3、、OP10的平均值D.用半徑盡量小的圓把P1、P2、P3、、P10圈住，圓心就是落點平均位置P7、從高度為180m的塔頂，先后落下a、b兩球，自由釋放這兩個球的時間差為2s，則以下判斷正確的是（g取10m/s2，不計空氣阻力）（）A.b球下落高度為45m時，a球的速度大小為30m/sB.a球接觸地面瞬間，b球離地高度為80mC.在a球接觸地面之前，兩球離地的高度差恒定D.在a球接觸地面之前，兩球的速度差恒定8、在2013年深圳網(wǎng)球公開賽中，李娜奪得了自己網(wǎng)球職業(yè)生涯中的第七個冠軍．如圖所示，李娜揮拍將質(zhì)量為m的網(wǎng)球擊出．如果網(wǎng)球被拍子擊打前后瞬間速度的方向相反，大小分別為v1、v2，且v2＞v1，作用時間為t．則此過程中網(wǎng)球的平均加速度（）A.大小為，方向與擊打前瞬間速度方向相同B.大小為，方向與擊打前瞬間速度方向相同C.大小為，方向與擊打后瞬間速度方向相同D.大小為，方向與擊打后瞬間速度方向相同9、某同學為了觀察一個塑料小球下落的運動情況；他將小球上端連接一條紙帶，紙帶穿過打點計時器（如圖甲所示），讓小球自由下落，打出的紙帶由A到E，如圖乙所示．關于小球運動狀態(tài)和受力情況，下列說法正確的是（）

A.AE段小球做勻速運動，球和紙帶的重力等于向上的阻力B.AC段小球做減速運動，球和紙帶的重力小于向上的阻力C.CE段小球做勻速運動，球和紙帶的重力等于向上的阻力D.CE段小球做勻速運動，球和紙帶的重力小于向上的阻力評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、加速度減小時，速度不一定減?。甠___．（判斷對錯）11、如圖所示為通電螺線管的剖面圖，“?”和“⊙”分別表示導線中電流垂直紙面流進和流出，圖中四個小磁針（涂黑的一端為N極）靜止時的指向肯定畫錯的是____．12、平行板電容器，兩極板足夠長，水平放置，充電后斷開開關，一帶電粒子以速度v0水平射入，恰能做勻速直線運動．若將兩板距離增大，則粒子在板內(nèi)做____運動；若增大距離后再合上開關，則粒子將在板內(nèi)做____運動．13、平拋運動可分成：

（1）水平方向的勻速直線運動，其運動規(guī)律為：vX=____，x=____；

（2）豎直方向的自由落體運動，運動規(guī)律為：vy=____，y=____．14、（2015?河東區(qū)模擬）把長L=0.25m的導體棒置于磁感應強度B=1.0×10-2T的勻強磁強中，使導體棒和磁強方向垂直，如圖所示．若導體棒的電流I=2.0A，方向向右，則導體棒受到的安培力大小F=____N，安培力的方向為豎直向____（選填“上”或“下）．15、判斷題(1)

線圈中磁通量越大，產(chǎn)生的感應電動勢越大。()(2)

線圈中磁通量變化越大，產(chǎn)生的感應電動勢越大。()(3)

線圈中磁通量變化越快，產(chǎn)生的感應電動勢越大。()(4)

線圈匝數(shù)n

越多，磁通量越大，產(chǎn)生的感應電動勢也越大。()(5)

磁場相對于導體棒運動時，導體棒中也可能產(chǎn)生感應電動勢。()(6)

對于同一線圈，當電流變化越快時，線圈中的自感電動勢越大。()(7)

自感電動勢阻礙電流的變化，但不能阻止電流的變化。()16、（2014春?金山區(qū)校級月考）如圖所示盧瑟福做原子核人工轉(zhuǎn)變實驗的裝置．容器中充有____氣，放射性物質(zhì)A射出的α粒子____穿過鋁箔F（填“能”或“不能”）．熒光屏S上的亮點是____打出的，該粒子是α粒子打擊氮核而產(chǎn)生的，此核反應方程是____．17、（2014?鎮(zhèn)安縣校級學業(yè)考試）如圖所示，有一豎直放置的直導線，通有向上的電流I，則電流在P點產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向____．若一帶正電的粒子，某時刻通過P電時速度方向豎直向上，則此時該粒子所受的洛倫茲力的方向水平向____．18、質(zhì)量為m=3㎏的物體在離地面高度為h=20m處，正以水平速度v=20m/s運動時，突然炸裂成兩塊，其中一塊質(zhì)量為m1=1㎏．仍沿原運動方向以v1=40m/s的速度飛行，炸裂后的另一塊的速度大小為____m/s．兩塊落到水平地面上的距離為____m（小計空氣阻力，g取10m/s2）．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)19、用電器的額定功率與所加的電壓無關．____．（判斷對錯）20、只要知道兩個物體的質(zhì)量和兩個物體之間的距離．就可以由F=G計算物體間的萬有引力____（判斷對錯）21、晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點陣排列．____．（判斷對錯）22、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對錯）23、做平拋運動的物體，在空中運動的時間與初速度有關．____（判斷對錯）評卷人得分四、實驗題(共3題，共15分)24、如圖甲所示，是用多用表R×100檔測電阻的示意圖，根據(jù)讀數(shù)要求需換____檔進行重新測量，換檔后要進行____后再測量，換檔后表針指數(shù)如圖乙所示．其電阻測量值為____Ω．

25、如圖1所示是用落體法驗證機械能守恒定律的實驗裝置．（g取9.80m/s2）

①選出一條紙帶如圖2所示；其中O點為打點計時器打下的第一個點，A；B、C為三個計數(shù)點，打點計時器通以50Hz的交流電．用分度值為1mm的刻度尺測得OA=12.41cm，OB=18.90cm，OC=27.06cm，在計數(shù)點A和B、B和C之間還各有一個點，重錘的質(zhì)量為1.00kg．根據(jù)以上數(shù)據(jù)算出：

當打點計時器打到B點時重錘的重力勢能比開始下落時減少了____J；

此時重錘的動能比開始下落時增加了____J．（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）

②利用實驗時打出的紙帶，測量出各計數(shù)點到打點計時器打下的第一個點的距離h，算出了各計數(shù)點對應的速度v，以h為橫軸，以v2為縱軸畫出了如圖3的圖線．圖線的斜率近似等于____

A.19.6B.9.80C.4.90

圖線未過原點的原因是____．26、（1）圖（a）為“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置示意圖，現(xiàn)有的器材為：鐵架臺、電磁打點計時器、紙帶、復寫紙、直尺、帶鐵夾的重物．為完成本實驗，除了所給的器材，還需要4～6V____電源（填直流或交流）

（2）在實驗中，已知電磁打點計時器工作周期T=0.02S，自由下落的重物質(zhì)量m=2kg，如圖（b）所示為某同學實驗后選出的一條理想的紙帶，O點是打出的第一個點，A、B、C是在紙帶上取出的三個計數(shù)點，AB、BC間各有一個點未畫出．經(jīng)測得A、B、C三點到O點的距離分別為：S1=12.9cm，S2=20.5cm，S3=28.9cm，g=10m/s2；完成以下問題：（計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

①紙帶的____端與重錘連接（填左或右）．

②打點計時器打下計數(shù)點B時，物體的速度vB=____m/s．

③從起點O到打下計數(shù)點B的過程中，重力勢能的減少量△EP=____J，此過程中物體動能的增量△EK=____J．

評卷人得分五、作圖題(共2題，共14分)27、如圖所示，直角三棱鏡ABC的折射率為，棱鏡的角B為30°，今有一束平行于BC邊從斜邊D點入射的單色光，在BC上某點E發(fā)生全反射后，從AC邊上F點射出．已知BC邊的長度為2d；BD的長度為d，光在真空中的傳播速度為C．要求：

（1）作出光在三棱鏡中的光路圖；

（2）求發(fā)生全反射的點E與B點的距離；

（3）求光在三棱鏡中傳播的時間．28、（2007秋?徐匯區(qū)期末）如圖所示，MN為通有穩(wěn)恒電流I1的長直導線，位于MN右側(cè)的ABCD為通有電流I2=10A的矩形線圈，共有10匝，已知AB=12cm，BC=20cm，AD與BC都平行于MN，與MN都相距10cm，線圈能繞過AB及CD中點的軸轉(zhuǎn)動，此時線圈所受磁場力的力矩為2.4×10-3N?m，則從上向下俯視，該力矩為____（選填“順”或“逆”）時針方向力矩；A點處的磁感應強度為____T．評卷人得分六、解答題(共3題，共12分)29、某半徑為R的行星，有一質(zhì)量為m的衛(wèi)星，以半徑r；周期T做勻速圓周運動，求：

（1）行星的質(zhì)量；

（2）行星的密度；

（3）若測得行星的半徑恰好是衛(wèi)星運行半徑的，則行星表面的重力加速度是多少？30、如圖所示，平行板電容器兩板間距離d=20cm，電容C=100PF，帶電量Q=3.0×10-8C，極板上端帶正電．現(xiàn)有一電量q=4.0×10-10C的帶正電的小球在外力的作用下；從兩極板間的A點移動到B點，AB間的距離s=16cm，AB與極板間的夾角θ=30°．求：

（1）兩極板間電場強度的大小；

（2）電場力對帶電小球做的功．31、如圖所示；在距某一行星表面附近某一高度的O點，有一質(zhì)量為1kg的小球，小球由靜止開始做自由落體運動，依次通過A；B、C三點，已知AB段與BC段的距離相等，大小均為24cm，小球通過AB段與BC段的時間依次為0.2s與0.1s．問：

（1）該星球表面的重力加速度g′為多大？

（2）若在O點的正下方有一豎直且固定的空管；管長L=32m，M；N分別為空管的上、下兩端，其中空管的上端M端離O點的距離為4m，則小球從O點由靜止釋放穿過空管的時間為多少？

（3）若發(fā)現(xiàn)該小球到達星球表面前最后一秒內(nèi)通過的位移為O點離星球表面高度的，則O點離該星球表面有多高？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】滑片P由左端a向右滑動的過程中，電路的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電流表示數(shù)的變化和電壓表示數(shù)的變化；根據(jù)：電源的內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大，分析電源輸出功率的變化；根據(jù)電流的變化，即可判斷R2消耗的功率變化情況；將R2看成電源的內(nèi)阻，根據(jù)推論分析滑動變阻器消耗的功率的變化情況．【解析】【解答】解：A；滑片P由左端a向右滑動的過程中；接入電路的電阻減小，電路的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知電路中的電流增大，則電流表示數(shù)增大．電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，電壓表示數(shù)減小；故A錯誤；

B；由題意知電源的內(nèi)電阻小于等于外電阻；根據(jù)：電源的內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大，外電阻減小時，內(nèi)外電阻越接近，電源輸出功率增大；故B錯誤．

C、電路中電流增大，則R2消耗的功率變大；故C錯誤．

D、將R2看成電源的內(nèi)阻；變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)推論分析可知滑動變阻器消耗的功率先變大后變小，故D正確．

故選：D2、B【分析】【分析】紅光在玻璃中傳播速度比藍光大．根據(jù)光路可逆性原理，分析知道從a、b兩點射出的單色光平行．紅光的折射率小于藍光的折射率，根據(jù)偏折角的大小判斷知，從a點射出的為紅光，從b點射出的為藍光．【解析】【解答】解：

A、紅光的折射率小于藍光的折射率，由公式v=分析得知；紅光在玻璃中傳播速度比藍光大．故A正確．

B、D根據(jù)光路可逆性原理，分析可知：從a、b兩點射出的單色光仍平行；而且平行于BC．故B錯誤，D正確．

C、紅光的折射率小于藍光的折射率，光線經(jīng)過三棱鏡ABC后紅光的偏折角小于藍光的偏折角，進入三棱鏡CBA后，從a點射出的為紅光，從b點射出的為藍光．故C正確．

本題選錯誤的，故選B．3、B【分析】

以1、2兩物體組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律得：F=（m1+m2）a，解得：a=以物體1為研究對象，由牛頓第二定律得：Ff=m2a=

A、若改為2F的水平力拉物體1，如果它們之間相對靜止，則它們間的摩擦力為Ff′=m2a==2Ff，如果它們間的摩擦力大于最大靜摩擦力，則兩物體相對運動，它們間的摩擦力不是2Ff；故A錯誤；

B、若改為的水平力拉物體1，則它們間的摩擦力Ff′=m2a==故B正確；

C、若改為F的水平力拉物體2，則它們間的摩擦力Ff′=m1a=因為m1＜m2，所以Ff′＜Ff；故CD錯誤；

故選B．

【解析】【答案】以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對象；由牛頓第二定律求出它們的加速度，然后以其中一個物體為研究對象，求出兩物體間的摩擦力力，根據(jù)兩物體間摩擦力大小分析答題．

4、A|B【分析】

A、cd靜止不動，cd棒受到的安培力等于它的重力，m/s；故A正確；

B、使導體棒ab勻速上升，棒ab受到向下的重力G、向下的安培力F和拉力，則ab棒受到的拉力F拉=F+G=2mg=0.2N；故B正確．

C、在2s內(nèi)拉力做的功，W=F拉vt=0.2×2×2J=0.8J；故C錯誤．

D、在2s內(nèi)，ab棒上產(chǎn)生的焦耳熱為：J；故D錯誤．

故選：AB．

【解析】【答案】要使cd始終保持靜止不動；cd棒受到的安培力與重力平衡，根據(jù)法拉第電磁感應定律和歐姆定律求解．

解答：5、B【分析】【解析】試題分析：船本身提供的速度大小方向都不變，從軌跡曲線的彎曲形狀上可以知道，合力指向軌跡內(nèi)側(cè)，只有水速改變，加速度向左，靠近B岸水速越來越小。故選B考點：運動的合成和分解【解析】【答案】B6、B【分析】【分析】根據(jù)實驗中實際現(xiàn)象進行分析，明確落點可能出現(xiàn)的情況，并明確為了減小誤差而采用的處理方法．【解析】【解答】解：在實驗中難免出現(xiàn)實驗誤差；故雖然每次從同一點落下，也不會落點重合在一點上，但落點應比較集中；在處理數(shù)據(jù)時用盡量小的圓把P1、P2、P3、、P10圈??；圓心就是落點平均位置P；故BD正確，AC錯誤；

故選：BD．7、D【分析】【分析】A、求出b球下落180m所用的時間；從而知道a球運動時間，根據(jù)v=gt求出a球的速度．

B、求出a球與地面接觸所用的時間，從而知道b球運動的時間，根據(jù)h=gt2求出b球下落的高度，從而得知b球離地的高度．

C；在a球接觸地面之前；兩球離地的高度差是否恒定．

D、求出兩球速度變化量與時間是否有關，從而確定速度差是否恒定．【解析】【解答】解：A、根據(jù)h=gt2知，b球下落的時間t2=3s．則a球下落的時間t1=5s，速度v=gt1=50m/s．故A錯誤．

B、a球運動的時間t===6s，則b球的運動時間t′=4s，b球下降的高度h=gt′2=×10×16m=80m，所以b球離地面的高度為100m．故B錯誤．

C、設b球下降時間為t時，b球下降的高度hb=gt2，a球下降的高度ha=g（t+2）2，兩球離地的高度差等于下降的高度差，△h=ha-hb=（t+2）2-gt2=gt+g；隨時間的增大，位移差增大．故C錯誤．

D、設b球下降時間為t時，b球的速度vb=gt，a球的速度va=g（t+2），則△v=va-vb=2g；與時間無關，速度差恒定，故D正確。

故選：D．8、D【分析】【分析】選擇正方向，根據(jù)加速度的定義式即可求解．【解析】【解答】解：設擊打后瞬間速度方向為正，有：a==；方向與擊打后瞬間速度方向相同．

故選：D9、C【分析】【分析】正確解答該題需要掌握：勻速直線運動的物體受到平衡力的作用，即合外力為零；勻速直線運動是在相等的時間內(nèi)通過的路程相等；二力平衡條件：大小相等，方向相反，作用在同一直線上，作用在一個物體上．【解析】【解答】解：小球在AC段內(nèi)；相等的時間內(nèi)通過的路程越來越大，是加速運動，小球一定受到非平衡力的作用．在CE段，小球在相等的時間內(nèi)通過的路程都相等，是勻速直線運動，受到平衡力的作用，豎直方向上受到重力和阻力的作用，兩個力大小相等，方向相反，故ABD錯誤，C正確．

故選：C．二、填空題(共9題，共18分)10、對【分析】【分析】加速度反應物體速度變化快慢的物理量，加速度與速度同向物體做加速運動，反向做減速運動．【解析】【解答】解：當加速度與速度同向時；物體做加速運動，當加速度減小時，物體速度仍在增加，只是增加得變慢了，故加速度減小時，速度不一定減小正確．

故答案為：對．11、AB【分析】【分析】首先根據(jù)電源的正負極判定電流方向；由電流方向根據(jù)安培則（用右手握住螺線管，讓四指彎曲的方向與螺線管中的電流方向一致，則大拇指所指的那端就是通電螺線管的N極）判斷通電螺線管的磁極；

根據(jù)磁極間的作用規(guī)律判斷小磁針的指向是否正確．【解析】【解答】解：該題考查對安培定則的應用和通電螺線管的磁場方向．由安培定則可判斷螺線管的左端為N極；右端為S極，所以在螺線管內(nèi)部磁場方向向左，而在外部，磁感線方向由左向右，故在螺線管外部小磁針靜止時N極應與磁感線的切線方向相同，圖中四個小磁針（涂黑的一端為N極）靜止時的指向肯定畫錯的是AB；

故答案為：AB．12、勻速直線類平拋【分析】【分析】平行板電容器與電源連接時充電；與電源斷開后，電容器所帶電量不變，當用絕緣手柄使兩極上下做簡諧運動運動時；

由C=、C=、E=結(jié)合分析板間場強是否變化，即可分析所受的電場力變化，再判斷微粒的運動情況．【解析】【解答】解：若將兩板距離增大，根據(jù)電容器的電容決定式：C=、電容的定義式C=、電場強度與電勢差的關系式：E=；

綜合而得：E=．由題意知；電容器所帶電荷量Q不變，?；S也不變，則當兩極板間距離變化時，板間場強E不變，微粒所受的電場力不變，則微粒仍處于勻速直線運動狀態(tài)．

若增大距離后再合上開關，則電場強度E=；則電場強度減小，導致粒子受到的電場力減小，因此做勻變速曲線運動，即類平拋．

故答案為：勻速直線，類平拋．13、v0v0tgt【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動．自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動．【解析】【解答】解：（1）水平方向的勻速直線運動，其運動規(guī)律為：vX=v0，x=v0t；

（2）豎直方向的自由落體運動，運動規(guī)律為：vy=gt，y=．

故答案為：（1）v0，v0t；（2）gt，．14、5×10-3上【分析】【分析】通電導線在磁場中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定則來確定安培力的方向．【解析】【解答】解：長L=0.25m的導體棒垂直置于磁感應強度B=1.0×10-2T的勻強磁強中；則導體棒受到的安培力大小為。

F=BIL=1.0×10-2×2×0.25N=5×10-3N

由左手定則可得：安培力方向豎直向上．

故答案為：5×10-3；上15、(1)×(2)×(3)√(4)×(5)√(6)√(7)√【分析】略【解析】(1)隆脕(2)隆脕(3)隆脤(4)隆脕(5)隆脤(6)隆脤(7)隆脤

16、氮不能質(zhì)子N+He→O+H【分析】【分析】要了解盧瑟福發(fā)現(xiàn)質(zhì)子并實現(xiàn)原子核人工轉(zhuǎn)變核反應方程以及實驗裝置中各部分的作用，注意書寫核反應方程的原則是質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒．【解析】【解答】解：盧瑟福第一次用α粒子轟擊氮核完成了原子核的人工轉(zhuǎn)變并發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子；所以容器中充有氮氣，α粒子穿透性比較弱，不能穿過鋁箔F；

熒光屏S上的亮點是由質(zhì)子打出的，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，該核反應方程為：N+He→O+H

故答案為：氮，不能，質(zhì)子，N+He→O+H17、里左【分析】【分析】根據(jù)右手螺旋定則，即可判定P點的磁場方向，再由左手定則判斷洛倫茲力的方向，從而即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)右手螺旋定則；直導線電流向上，則環(huán)繞的四指為磁場方向，即P點的磁場方向垂直紙面向里；

粒子帶正電；豎直向上運動，根據(jù)左手定則，洛倫茲力向左；

故答案為：里，左18、1060【分析】【分析】物體炸開瞬間，系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)守恒定律列式求解速度；此后兩碎片做平拋運動，根據(jù)平拋運動的分位移公式列式求解．【解析】【解答】解：物體炸開瞬間；系統(tǒng)動量守恒，以初速度方向為正方向，根據(jù)守恒定律，有：

mv=m1v1+（m-m1）v2

3×20=1×40+（3-1）×v2

解得：v2=10m/s

此后兩碎片做平拋運動，運動時間為：t=；

因兩碎片初速度方向相同，故兩塊落到水平地面上的距離為：△x=v1t-v2t=40×2-10×2=60m；

故答案為：10，60．三、判斷題(共5題，共10分)19、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進行分析，即用電器正常工作時的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實際電壓無關，實際功率與工作時的電壓有關；

故答案為：√20、×【分析】【分析】萬有引力定律適用的條件是兩個質(zhì)點間引力的計算．物體間的引力關系也遵守牛頓第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；萬有引力定律適用于任何兩個可以看出質(zhì)點的物體之間或均質(zhì)球體之間的引力計算；當兩個物體之間的距離太小的時候，物體就不能看做質(zhì)點，這時就不能用這個公式直接計算了，所以這個說法是錯誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】同時晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶體則沒有，但形狀不一定有規(guī)則．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性．【解析】【解答】解：晶體分為單晶體和多晶體．根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點可知；單晶體由于內(nèi)部原子按空間點陣排列，排列規(guī)律相同，所以具有各向異性．故該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】勻速圓周運動合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做圓周運動；向心力方向始終指向圓心，方向時刻變化，此說法錯誤．

故答案為：×23、×【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，運動的時間由高度決定，與初速度無關．【解析】【解答】解：根據(jù)h=得：t=；知平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關．所以這個說法是錯的．

故答案為：×．四、實驗題(共3題，共15分)24、×10歐姆調(diào)零200【分析】【分析】用歐姆表測電阻，應選擇適當?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)．【解析】【解答】解：用×100擋測量某電阻時；根據(jù)圖象可知，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明所選檔位太大，為了較準確地進行測量，應換到×10擋．

換擋后要重新進行歐姆調(diào)零；

由圖示表盤可知；該電阻的阻值是20×10=200Ω．

故答案為：×10；歐姆調(diào)零；20025、1.851.67B該同學做實驗時，先釋放了紙帶，然后才合上打點計時器的開關．【分析】【分析】①重物在下落過程中減少的重力勢能EP=mgh；根據(jù)做勻變速運動的物體在某段時間內(nèi)的平均速度等于該段時間中間時刻的瞬時速度求出B點的速度；然后求出重物經(jīng)過B點時的動能；

②根據(jù)機械能守恒有v2=mgh，因此在以v2為縱軸，以h為橫軸的圖線中，斜率表示重力加速度，圖線不過原點，說明開始時，物體已經(jīng)具有了動能．【解析】【解答】解：①重力勢能減小量△Ep=mgh=1×9.8×0.189J=1.85J．

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；有：

vB===1.83m/s

打B點時的動能為：

EKB=m=1.68J

②根據(jù)機械能守恒有v2═mgh，因此在以v2為縱軸；以h為橫軸的圖線中，斜率表示重力加速度；

故選：B

圖線不過原點；說明開始時，物體已經(jīng)具有了動能，因此該同學做實驗時先釋放了紙帶，然后再合上打點計時器的開關．

故答案為：（1）1.85；1.67（2）B；該同學做實驗時，先釋放了紙帶，然后才合上打點計時器的開關．26、交流左2.04.14.0【分析】【分析】（1）電磁打點計時器的工作電源為低壓交流電源．

（2）①重物下落時，速度越來越快，相等時間內(nèi)的位移越來越大，根據(jù)該規(guī)律確定紙帶的哪一端與重物相連；②根據(jù)在勻變速直線運動中某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的瞬時速度；③求出B點速度，根據(jù)從而得出動能的增加量，根據(jù)下落的高度求出重力做功，從而確定重力勢能的減小量．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)打點計時器的構(gòu)造和工作原理可知；電磁打點計時器的工作電源為低壓交流電源．

（2））①從紙帶上可以看出0點為打出來的第一個點；速度為0，重物自由下落，初速度為0，所以應該先打出0點，而與重物相連的紙帶在下端，應該先打點．所以紙帶的左端應與重物相連．

②AB；BC間各有一個點未畫出；所以相鄰的計數(shù)點的時間間隔是：t=2T=0.04s；

根據(jù)在勻變速直線運動中某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度；可得：

③重力勢能減小量：

△Ep=mgh=2×9.8×0.206J=4.1J；

動能的增加量為：

=

故答案為：（1）交流；（2）①左，②2.0，③4.1，4.0．五、作圖題(共2題，共14分)27、略

【分析】【分析】（1）先根據(jù)折射定律；求出光線在AB面的折射角，由幾何知識求出光線在BC面上的入射角，由折射定律求得全反射的臨界角，畫出光路圖．

（2）根據(jù)幾何知識求解EB距離．

（3）運用幾何知識求出光在三棱鏡中通過的路程S，由v=求出光在三棱鏡中傳播速度，由t=求解時間．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)題意畫出光在三棱鏡中的光路圖如圖．

（2）由題圖知；光線在AB面上的入射角i=60°

由折射定律得n=，得sinr===，得r=30°=θ

由幾何知識可得：=2cosθ=2dcos30°=d

（3）==d

==2d-d=d

由幾何知識有i′=60°；∠CEF=30°

則===2d

故光在三棱鏡中傳播的路程為S=+=3d

光在三棱鏡中傳播的速度v==c

故光在三棱鏡中傳播的時間為t==