2025年滬科新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在“探究彈力和彈簧伸長的關系”實驗中，因單根彈簧的彈性限度有限，某同學將兩根同樣的輕質彈簧并聯(lián)起來(

如圖所示)

測得其勁度系數(shù)為k

則單根彈簧的勁度系數(shù)為()

A.2

k

B.k

C.0.5

k

D.0.2

k

2、如圖所示；豎直放置的長直導線通以恒定電流，有一矩形線框與導線在同一平面，在下列情況中線圈不能產生感應電流的是(

)

A.導線中電流強度變大B.線框向右平動C.線框向下平動D.線框以ad

邊為軸轉動3、水平橫梁一端插在墻壁內，另一端裝小滑輪B

.

一輕繩的一端C

固定于墻壁上，另一端跨過滑輪后懸掛一質量m

=10kg

的重物，隆脧

CBA

=30鈭?

如圖所示，則滑輪受到繩子的作用力為(

g

取10N/kg)(

)

A.0N

B.50N

C.100N

D.200N

4、如圖所示的四個電場的電場線；其中A和C圖中小圓圈表示一個點電荷，A圖中虛線是一個圓（M；N在圓上的不同點），B圖中幾條直線間距相等互相平行，則在圖中M、N處電場強度大小相等的是（）

A.

B.

C.

D.

5、在xOy坐標的原點處放置一根與坐標平面垂直的通電直導線，電流方向指向紙內（如圖所示），此坐標范圍內還存在一個平行于xOy平面的勻強磁場。已知在以直導線為圓心的圓周上的a、b、c、d四點中，a點的磁感應強度最大，則此勻強磁場的方向（）A.沿x軸正方向B.沿x軸負方向C.沿y軸正方向D.沿y軸負方向6、兩個固定的等量異號點電荷所產生電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶負電的粒子以某一速度從圖中A

點沿圖示方向進入電場在紙面內飛行；最后離開電場，粒子只受靜電力作用，則粒子在電場中(

)

A.做直線運動，電勢能先變小后變大B.做直線運動，電勢能先變大后變小C.做曲線運動，電勢能先變小后變大D.做曲線運動，電勢能先變大后變小7、如圖所示，勻強磁場方向豎直向下，磁感應強度為B．正方形金屬框abcd可繞光滑軸OO′轉動，邊長為L，總電阻為R，ab邊質量為m，其他三邊質量不計，現(xiàn)將abcd拉至水平位置，并由靜止釋放，經一定時間到達豎直位置，ab邊的速度大小為v，則下列說法不正確的是（）A.在豎直位置時金屬框產生的電動勢大小為E=BvLB.從水平到豎直的過程中通過ab的電荷量為Q=C.從水平到豎直的過程中金屬框內產生熱量大小等于mgL-D.從水平到豎直的過程中通過ab桿上b點電勢大于a點電勢評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、有A、B兩個帶正電的點電荷相距1.0米，且qA=9qB，（1）在A、B連線中點處的電場強度方向為____（填由誰指向誰）．（2）電場強度為零的位置必在A、B連線上，且距離qB____米處．9、靜電場是____周圍空間存在的一種物質；通常用____來描述電場的能的性質．10、(2分)一質量為m、電量為q的帶電粒子在磁感應強度為B的勻強磁場中做圓周運動，其效果相當于一環(huán)形電流，則此環(huán)形電流的電流強度I＝。11、元電荷、點電荷(1)

元電荷：e=1.60隆脕10鈭?19C

所有帶電體的電荷量都是元電荷的____.

(2)

點電荷：代表有一定電荷量的點，忽略帶電體的大小和形狀的______.

12、如圖所示；AB

兩球用等長的絕緣線懸掛在水平的支架上，A

球帶2隆脕10鈭?8C

的正電荷，B

球帶與A

球等量的負電荷兩懸點相距3cm

在外加水平方向的勻強電場作用下，兩球都在各自的懸點正下方保持靜止狀態(tài)，則該勻強電場的方向為水平向_______，場強大小為_______N/C(

靜電力常量k=9.0隆脕109N隆隴m2/C2)

評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）14、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)22、（1）如圖所示為一列沿x軸負方向傳播的橫波，請在圖上標出該時刻質點P與點Q的振動方向。（2）如圖所示，豎直放置的平行導軌上擱置了一根與導軌接觸良好的金屬棒ab，水平方向的勻磁場強垂直穿過導軌平面，請在圖上標出當金屬棒ab下落時，ab棒中感應電流的方向和ab棒所受的磁場力方向。23、（12分）如下圖所示為某同學測繪額定電壓為2.5V的小電珠的I－U圖線的實驗電路圖。（1）要求測量誤差盡可能小的情況下，測量電路應選擇電流表的____法（填內接或外接），測量電路應選擇滑動變阻器的____式（填限流或分壓）。（2）在下圖右邊空白處畫出電路圖并連接實物圖。（8分）24、試畫出下面圖1中負電荷產生的電場；畫出圖2中的A點的電場方向以及放在B點的負電荷所受的電場力方向。

評卷人得分五、簡答題(共4題，共20分)25、下面是元素周期表的一部分，表中的每個字母表示一種短周期元素，請回答下列問題：rm{(1)D}在元素周期表中的位置是第____周期__________族。rm{(2)A}rm{E}兩種元素所形成的氣態(tài)氫化物較穩(wěn)定的是___________rm{(}填化學式rm{)}rm{(3)B}rm{C}兩元素的原子半徑較小的是___________rm{(}填元素符號rm{)}rm{(4)}在盛有水的小燒杯中加入元素rm{B}的單質，發(fā)生反應的化學方程式為：___________________________。26、碳酸亞鐵rm{(FeCO_{3})}是菱鐵礦的主要成分，將rm{FeCO_{3}}加熱到rm{200隆忙}開始分解為rm{FeO}和rm{CO_{2}}若在空氣中高溫煅燒rm{FeCO_{3}}則生成rm{Fe_{2}O_{3}}I.已知rm{25隆忙}rm{101kPa}時：rm{4Fe(s)+3O_{2}(g)=2Fe_{2}O_{3}(s)}rm{triangleH=-1648kJ?mol^{-1}}rm{4Fe(s)+

3O_{2}(g)=2Fe_{2}O_{3}(s)}rm{triangleH=-393kJ?mol^{-1}}rm{2FeCO_{3}(s)=2Fe(s)+2C(s)+3O_{2}(g)}rm{triangleH=+1480kJ?mol^{-1}}rm{triangle

H=-1648kJ?mol^{-1}}請寫出rm{C(s)+O_{2}(g)=CO_{2}(g)}在空氣中煅燒生成rm{triangle

H=-393kJ?mol^{-1}}的熱化學方程式____。rm{2FeCO_{3}(s)=2Fe(s)+2C(s)+

3O_{2}(g)}生成的rm{triangleH=

+1480kJ?mol^{-1}}和rm{(1)}在一定條件下被還原為金屬鐵。rm{FeCO_{3}}據(jù)報道，一定條件下rm{Fe_{2}O_{3}}可被甲烷還原為“納米級”的金屬鐵。其反應為：rm{Fe_{2}O_{3}(s)+3CH_{4}(g)=2Fe(s)+3CO(g)+6H_{2}(g)}rm{II.}rm{FeO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{(2)}原子序數(shù)為rm{Fe_{2}O_{3}}的鐵元素位于元素周期表的第____周期。rm{Fe_{2}O_{3}(s)+3CH_{4}(g)=2Fe(s)+

3CO(g)+6H_{2}(g)}反應在rm{婁隴}的密閉容器中進行，rm{H}后達到平衡，測得rm{>0}在反應中質量消耗rm{壟脵}則該段時間內用rm{26}表達的平均反應速率為____。rm{壟脷}將一定量的rm{5L}和一定量的rm{2min}置于恒溫恒壓容器中，在一定條件下反應，能表明該反應達到平衡狀態(tài)的是____。rm{Fe_{2}O_{3}}的轉化率等于rm{4.8g}的產率rm{H_{2}}混合氣體的平均相對分子質量不變rm{壟脹}rm{Fe_{2}O_{3}(s)}rm{CH_{4}(g)}rm{a.CH_{4}}rm{CO}rm{b.}固體的總質量不變rm{c.}可用rm{v}進行還原，已知：rm{{,!}_{脮媒}(CO)}rm{v}時，rm{FeO(s)+CO(g)?Fe(s)+CO_{2}(g)}rm{{,!}_{脛忙}(H_{2})=1漏U2}rm{d.}若在rm{(3)FeO}密閉容器中加入rm{CO}并通入rm{t}rm{隆忙}rm{FeO(s)+CO(g)?Fe(s)

+CO_{2}(g)}rm{K}時反應達到平衡。此時rm{=0.5}的轉化率為rm{1L}則rm{0.04molFeO(s)}rm{x}____。rm{molCO}還可用來制備rm{t}rm{隆忙}在水溶液中的水解分三步：rm{Fe^{3+}+H_{2}O?Fe(OH)^{2+}+H^{+;;}}rm{FeO(s)}rm{50%}rm{{,!}Fe(OH)^{2+}+H_{2}O?Fe(OH)_{2}^{+}+H^{+;}}rm{x}rm{=}rm{Fe(OH)_{2}^{+}+H_{2}O?Fe(OH)_{3}+H^{+}}rm{III.Fe_{2}O_{3}}rm{FeCl_{3}}rm{FeCl_{3}}以上水解反應的平衡常數(shù)rm{Fe^{3+}+H_{2}O?Fe(OH)^{2+}+

H^{+;;}}rm{K}rm{{,!}_{1}}rm{{,!}Fe(OH)^{2+}+H_{2}O?

Fe(OH)_{2}^{+}+H^{+;}}rm{K}rm{{,!}_{2}}由大到小的順序是____。通過控制條件；以上水解產物聚合生成聚合物的離子方程式為：

rm{Fe(OH)_{2}^{+}+H_{2}O?Fe(OH)_{3}+

H^{+}}rm{K}rm{{,!}_{3}}rm{(4)}rm{K}rm{{,!}_{1}}rm{K}rm{{,!}_{2}}rm{K}rm{{,!}_{3}}rm{x}rm{Fe^{3+}+}rm{y}rm{H_{2}O?Fe}rm{{,!}_{x}}欲使平衡正向移動可采用的方法是____rm{(OH)(3}填字母rm{x}rm{-}加水稀釋rm{y}加入少量rm{)+}固體rm{y}升溫rm{+}加入少量rm{y}固體rm{H^{+}}27、如圖所示，兩根足夠長平行金屬導軌MNPQ

固定在傾角婁脠=37鈭?

的絕緣斜面上，頂部接有一阻值R=1婁賂

的定值電阻，下端開口，軌道間距L=1m.

整個裝置處于磁感應強度B=4T

的勻強磁場中，磁場方向垂直斜面向下.

質量m=2kg

的金屬棒ab

置于導軌上，ab

在導軌之間的電阻r=1婁賂

電路中其余電阻不計.

金屬棒ab

由靜止釋放后沿導軌運動時始終垂直于導軌且與導軌接觸良好.

已知金屬棒ab

與導軌間動摩擦因數(shù)婁脤=0.5

不計空氣阻力影響.sin37鈭?=0.6cos37鈭?=0.8

取g=10m/s2.

求：

(1)

金屬棒ab

沿導軌向下運動的最大加速度am

和最大速度vm

(2)

金屬棒ab

沿導軌向下運動過程中，電阻R

上的最大電功率PR

(3)

若從金屬棒ab

開始運動至達到最大速度過程中回路中產生的焦耳熱總共為3.75J

求流過電阻R

的總電荷量q

．28、rm{(1)}分子式為rm{C_{2}H_{4}O_{2}}的有機物的結構可能有兩種。為對其結構進行鑒定，物理方法可用____或____。rm{(2)}有機物rm{A}常用于食品行業(yè)rm{.}已知rm{9.0gA}在足量rm{O_{2}}中充分燃燒，將生成的混合氣體依次通過足量的濃硫酸和堿石灰，分別增重rm{5.4g}和rm{13.2g}經檢驗剩余氣體為rm{O_{2}}

rm{壟脵A}分子的質譜圖如圖所示，從圖中可知其相對分子質量是____，則rm{A}的分子式是____。rm{壟脷A}能與rm{NaHCO_{3}}溶液發(fā)生反應，rm{A}一定含有的官能團名稱是____。rm{壟脹A}分子的核磁共振氫譜有rm{4}個峰，峰面積之比是rm{1}rm{1}rm{1}rm{3}則rm{A}的結構簡式是____。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】假設物體的重力為G

先根據(jù)胡克定律求出彈簧的伸長量，再對其中一個彈簧，由胡克定律求解其勁度系數(shù)。本題要準確理解胡克定律，知道公式F=kx

中，F(xiàn)

是彈簧所受的彈力，x

是彈簧伸長的長度或壓縮的長度?！窘獯稹考僭O物體的重力為G

單根彈簧的伸長量為x

根據(jù)胡克定律F=kx

得：G=kx

設單個彈簧的勁度系數(shù)為k隆盲

對于單個彈簧，所受的拉力為由F隆盲=k隆盲x

得：故ABD錯誤，C正確；故選C?！窘馕觥緾

2、C【分析】【分析】當閉合回路中磁通量發(fā)生變化時，回路中就會產生感應電流。判斷電路中能否產生感應電流，應把握兩點：一是要有閉合回路；二是回路中的磁通量要發(fā)生變化。兩個條件缺一不可?！窘獯稹緼.導線中電流強度變大；則周圍的磁感應強度增強，則線框中磁通量增大，故可以產生感應電流，故A錯誤；

B.線框向右運動時；線框中的磁感應線強減小，故磁通量減小，可以產生感應電流，故B錯誤；

C.線框向下運動時；線框中的磁感應強度不變，磁通量不變，故不會產生感應電流，故C正確；

D.線框以ad

邊為軸轉動時；線框中的磁通量發(fā)生變化，故會產生感應電流，故D錯誤；

故選C。【解析】C

3、C【分析】【分析】本題關鍵之處；就是水平橫梁是插入豎直墻壁里，滑輪位置不變，而跨過光滑滑輪的輕繩上張力大小是處處相等，所以滑輪對繩子的作用力應該是兩段細繩拉力的合力反方向。

本題利用平行四邊形定則求兩力的合力，并突出了繩的彈力一定沿繩收縮方向，而桿的彈力方向不一定沿桿的特征，同時易錯在：滑輪對繩子的作用力方向沿水平?！窘獯稹坑深}意可得；對繩B

點受力分析：

滑輪受到繩子的作用力應為圖中兩段繩中拉力F1

和F2

的合力；

因同一根繩張力處處相等；都等于物體的重量，即F1=F2=G=mg=100N

用平行四邊形定則作圖，由于拉力F1

和F2

的夾角為120鈭?

則有合力F=100N

所以滑輪受繩的作用力為100N

方向與水平方向成30鈭?

角斜向下。故CD正確，AB錯誤。故選C?！窘馕觥緾

4、A|B【分析】

A、AC是點電荷產生的電場，A中MN在同一個圓上的不同的點，C中MN到圓心的距離不等，根據(jù)E=可知；A中MN兩點電場強度大小相等，C中不等，故A正確，C錯誤；

B；等間距平行的電場線表示勻強電場；電場中電場強度處處相等，故B正確；

D；D圖中N點所在的電場線比較密集；M點所在的電場線比較疏，所以N點的電場強度大于M點的電場強度，故D錯誤．

故選AB

【解析】【答案】點電荷產生的電場強度根據(jù)E=即可分析；電場線的疏密表示電場的強弱，據(jù)此也可分析．

5、D【分析】【解析】試題分析：由a點的磁感應強度最大可知，勻強磁場的方向與圓心處電流在a點的磁場方向相同，由安培定則可知，則此勻強磁場的方向沿y軸負方向故選D考點：磁場的疊加【解析】【答案】D6、C【分析】根據(jù)圖示可畫出電場線，判斷出粒子將受向上的電場力而做曲線運動，電場力對其先做正功后做負功，所以其電勢能先減小后變大，故C項正確．【解析】C

7、D【分析】解：A；在豎直位置時；根據(jù)右手定則可知，感應電動勢E=BLv，故A正確；

B、從水平到豎直的過程中，

q=It

I=

聯(lián)立解得：q=故B正確；

C、下落過程有重力和安培力做功，根據(jù)功能關系金屬框內產生熱量大小等于Q=mgL-故C正確；

D、從水平到豎直的過程中根據(jù)楞次定律，電流方向由b到a，故a點電勢大于b點電勢；故D不正確。

本題選不正確的；故選：D。

根據(jù)右手定則判斷感應電動勢大??；根據(jù)電流公式和閉合電路歐姆定律以及電磁感應定律求解電荷量；根據(jù)功能關系求解熱量；根據(jù)楞次定律判斷電流方向；從而判斷電勢的高低。

解決本題的關鍵運用能量守恒定律求解出ab邊在最低位置的速度，熟練運用法拉第電磁感應定律、歐姆定律和安培力公式求解安培力。【解析】D二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】

（1）有A；B兩個帶正電的點電荷；在A、B連線中點處，A電荷產生的場強方向指向B，B電荷產生的場強方向指向A；

根據(jù)點電荷的場強公式E=

由于qA=9qB；所以在A；B連線中點處，A產生的電場強度大于B產生的電場強度．

所以在A；B連線中點處的電場強度方向為A指向B．

（2）設電場強度為零的位置距離qBx米處．

根據(jù)點電荷電場強度的公式得：

=

x=0.25m

故答案為：A指向B；0.25．

【解析】【答案】知道在電場中某點的電場強度方向．

電場強度是矢量；能用平行四邊形法則進行矢量疊加．

9、靜止電荷電勢【分析】【解答】靜電場是靜止電荷周圍空間存在的一種物質；通常用電勢來描述電場的能的．

故答案為：靜止電荷；電勢．

【分析】電荷周圍存在著一種特殊物質，這種物質叫電場，其能的性質可由電勢描述．10、略

【分析】試題分析：由于環(huán)形電流的周期T=所以環(huán)形電流的電流強度I＝考點：電流的定義，粒子的圓周運動?！窘馕觥俊敬鸢浮?1、(1)

整數(shù)倍

(2)

理想化模型【分析】【分析】點電荷是當兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看作點電荷。而元電荷是帶電量的最小值，它不是電荷，所有帶電電荷量均是元電荷的整數(shù)倍。點電荷是電荷，有電荷量與電性，而元電荷不是電荷，有電荷量但沒有電性?！窘獯稹吭姾伞Ⅻc電荷(1)

元電荷：e=1.60隆脕10鈭?19C

所有帶電體的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍。(2)

點電荷：代表有一定電荷量的點，忽略帶電體的大小和形狀的理想化模型。故答案為：(1)

整數(shù)倍；(2)

理想化模型?！窘馕觥?1)

整數(shù)倍(2)

理想化模型12、略

【分析】略【解析】左;2隆脕105;2隆脕105三、判斷題(共9題，共18分)13、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．14、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、作圖題(共3題，共12分)22、略

【分析】試題分析：（1）波向左傳播，根據(jù)走坡法可得P向下；Q向上（2）向下運動時根據(jù)楞次定律，穿過abR的磁通量增大，產生的感應電流從a到b，根據(jù)左手定則，電流方向向右，磁場方向垂直向里，可得安培力向上，如圖所示考點：考查了機械波的傳播，安培定則，安培力【解析】【答案】（1）P向下；Q向上（2）23、略

【分析】【解析】【答案】題中小燈泡的伏安特性曲線要盡可能完整，所以供電電路只能選擇分壓式。電壓表的內阻遠遠大于小燈泡的阻值，而電流表的內阻不是遠遠小于小燈泡的阻值，所以測量電路應選擇電流表的外接法，實驗電路圖如圖。24、解：負電荷產生的電場線應該由無窮遠指向負點電荷；如圖1；

電場中電場強度的方向沿電場線的切線的方向；所以A點的場強的方向豎直向下，如圖2；

負電荷受力的方向與電場線的方向相反；所以負電荷在B點受電場力方向豎直向上，如圖2．

答：如上圖所示【分析】【分析】電場中電場強度的方向沿電場線的切線的方向；負電荷受力的方向與電場線的方向相反，也是沿電場線的切線方向．五、簡答題(共4題，共20分)25、（1）ⅣA（2）HF（3）Mg（4）2Na+2H2O=2NaOH+H2↑【分析】【分析】本題考查位置、結構與性質，為高頻考點，把握元素的位置、元素的性質及元素化合物知識等為解答的關鍵，側重分析與應用能力的考查，題目難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)元素在在周期表的位置可以推知，rm{A}為rm{F}元素、rm{B}為rm{Na}元素、rm{C}為rm{Mg}元素、rm{D}為rm{Si}元素、rm{E}為rm{Cl}元素。

rm{(1)}依據(jù)rm{D}在周期表中第三橫行可知rm{D}在第三周期；依據(jù)rm{D}處在元素周期表的rm{p}區(qū)第二縱行可知rm{D}處在Ⅳrm{A}族。故答案為：Ⅳrm{A}rm{(2)A}為rm{F}元素、rm{E}為rm{Cl}元素，所以非金屬性rm{A>E}元素的非金屬性越強，其氣態(tài)氫化物越穩(wěn)定，所以氫化物的穩(wěn)定性為rm{HF>HCl}故答案為：rm{HF}

rm{(3)B}為rm{Na}元素、rm{C}為rm{Mg}元素，同周期，從左向右原子半徑減小，則原子半徑為rm{Na>Mg}故答案為：rm{Mg}

rm{(4)B}為rm{Na}元素，rm{Na}與水反應生成rm{NaOH}和氫氣，化學反應方程式為：rm{2Na+2H_{2}O=2NaOH+H_{2}隆眉}故答案為：rm{2Na+2H_{2}O=2NaOH+H_{2}隆眉}

【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)HF}rm{(3)Mg}rm{(4)2Na+2H_{2}O=2NaOH+H_{2}隆眉}26、I．（1）4FeCO3(s)+O2(g)2Fe2O3(s)+4CO2(g)=－260kJ?mol-1II．（2）①四②0.018mol?（L?min）-1③bcd（3）0.06III．(4)K1>K2>K3acd【分析】【分析】本題考查蓋斯定律、化學反應速率、化學平衡、化學平衡常數(shù)的相關問題，題目難度不大，考查學生對化學知識的整合能力?！窘獯稹縄.rm{(1)}由已知反應的熱化學方程式：由已知反應的熱化學方程式：rm{(1)}rm{4Fe(s)+3O}rm{{,!}_{2}}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{2Fe}rm{2}rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{(s)}rm{?H=-1648kJ?mol}rm{{,!}^{-1}}rm{{,!}^{-1}}rm{壟脵}rm{C(s)+O_{2}(g)}rm{CO_{2}(g)}rm{?H=-393kJ?mol^{-1}}rm{壟脷}rm{2FeCO}rm{3}rm{3}rm{(s)}rm{2Fe(s)+2C(s)+3O}得rm{2}rm{2Fe_{2}O_{3}(s)+4CO_{2}(g)}rm{2}rm{(g)}rm{?H=+1480kJ?mol}rm{2Fe_{2}O_{3}(s)+4CO_{2}(g)}rm{{,!}^{-1}}rm{{,!}^{-1}}rm{壟脹}rm{壟脵+;壟脷隆脕4+壟脹隆脕2}根據(jù)計數(shù)法，鐵元素的原子序數(shù)介于氬、氪之間，所以rm{4FeCO_{3}(s)+O_{2}(g)}rm{2Fe_{2}O_{3}(s)+

4CO_{2}(g)}rm{壟脷n(F{e}_{2}{O}_{3})=dfrac{4.8g}{160g/mol}=0.03mol}根據(jù)反應方程式，rm{n({H}_{2})=0.03mol隆脕6=0.18mol}rm{=-260kJ?mol^{-1}}故答案為：表達的平均反應速率為rm{dfrac{0.18mol}{5L隆脕2min}=0.018mol/(L隆隴min)}rm{4FeCO_{3}(s)+O_{2}(g)}rm{2Fe_{2}O_{3}(s)+

4CO_{2}(g)}rm{=-260kJ?mol^{-1}}；無論反應是否是平衡狀態(tài)，rm{II.(2)}rm{II.(2)}rm{壟脵}的產率，故鐵元素位于元素周期表的第四周期；錯誤；故答案為：四；只有反應達到平衡狀態(tài)，體系內氣體的總質量才不變，故rm{壟脷n(F{e}_{2}{O}_{3})=

dfrac{4.8g}{160g/mol}=0.03mol}正確；rm{n({H}_{2})=0.03mol隆脕6=0.18mol

}則該段時間內用rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}表達的平均反應速率為rm{

dfrac{0.18mol}{5L隆脕2min}=0.018mol/(L隆隴min)}rm{

dfrac{0.18mol}{5L隆脕2min}=0.018mol/(L隆隴min)}故答案為：rm{0.018}rm{0.018}rm{mol?(L?min)^{-1攏祿}}，說明正逆反應速率相等，故rm{壟脹}正確；rm{壟脹}固體總質量不變，說明消耗和生成固體的質量相等，反應達到平衡狀態(tài)，故rm{a.}無論反應是否是平衡狀態(tài)，正確；rm{a.}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{4}}的轉化率總是等于rm{CO}的產率，故rm{CO}rm{a}錯誤；rm{a}起始物質的量rm{b.}只有反應達到平衡狀態(tài)，體系內氣體的總質量才不變，故rm{b.}rm正確；rm反應的物質的量rm{c.}rm{c.}rm{v}rm{v}平衡物質的量rm{{,!}_{脮媒}}rm{(CO)}rm{(CO)}rm{v}密閉容器體積是rm{v}各物質的物質的量等于物質的量濃度，則rm{K=dfrac{0.02mol/L}{(x-0.02)mol/L}=0.5}rm{{,!}_{脛忙}}故答案為：rm{(H}rm{(H}水解程度是逐漸減小的，所以平衡常數(shù)rm{{,!}_{2}}rm{)=1漏U2}，說明正逆反應速率相等，故rm{)=1漏U2}rm{c}正確；rm{c}rm{d.}固體總質量不變，說明消耗和生成固體的質量相等，反應達到平衡狀態(tài)，故rm{d.}rmyuwmi6y正確；rmw0as0wm故答案為：rm{bcd}rm{(3)}根據(jù)平衡移動原理，加水稀釋、升溫、rm{FeO(s)+CO(g)}rm{FeO(s)+CO(g)}rm{Fe(s)+CO}rm{Fe(s)+CO}rm{{,!}_{2}}可使平衡正向移動，加入rm{(g)}固體平衡不移動；rm{(g)}rm{0.04}【解析】I.rm{(1)4FeCO_{3}(s)+O_{2}(g)}rm{2Fe_{2}O_{3}(s)+4CO_{2}(g)}rm{2Fe_{2}O_{3}(s)+

4CO_{2}(g)}rm{=-260kJ?mol^{-1}}四rm{II.(2)壟脵}rm{壟脷0.018mol?(L?min)^{-1;;}}rm{壟脹bcd}rm{(3)0.06}rm{III.(4)K_{1}}rm{>K_{2}>K_{3}}rm{>K_{2}>K_{3}}27、解：（1）金屬棒由靜止釋放后，在重力、軌道支持力和安培力作用下沿斜面做變加速運動，當安培力為零時加速度最大解得：（2）隨著加速度不斷減小，當加速度為零時達到最大速度vm后保持勻速運動．有：mgsinθ﹣μmgcosθ﹣F安=0F安=BIL、E=BLvm解得：vm=0.5m/s金屬棒以最大速度vm勻速運動時，電阻R上的電功率最大，根據(jù)功率公式有：解得：PR=1W（3）設金屬棒從開始運動至達到最大速度過程中沿導軌下滑距離為x，由能量守恒定律：解得：q=2C【分析】本題的關鍵是第三問，求電量問題往往是用平均值來進行計算.

由能量守恒求出重力勢能的減少量，從而能求出磁通量的變化量，用平均值就很方便地算出通過導體棒的電量。釋放金屬棒后，金屬棒受到重力、支持力、安培力三個力作用，由于棒的速度增大導致感應電流增大，從而阻礙導體運動的安培力也增大，所以加速度減小．(1)

只有當加速度減小為零時，棒的速度達到最大，寫出平衡式，結合感應電動勢、歐姆定律、安培力的式子，就能求出最大速度；(2)

棒勻減速直線運動時，電流最大，消耗的電功率最大，由電功率的式子直接求出；(3)

由于已知金屬棒在整個過程中產生的熱量，則電阻R

上產生的熱量能夠求出，從而知道機械能的減小量，由于動能的增量能算出，則棒減小的重力勢能可以求出.

那么就能表示出磁通量的改變量、平均感應電動勢、乃至平均感應電流，于是通過導體的電荷量就能求出(

時間鈻?t

最后消掉)