2024年岳麓版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年岳麓版必修3物理上冊階段測試試卷237考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一個粗細均勻的導體，如果均勻拉長為原來的3倍，則電阻是原來的（）A.9倍B.3倍C.倍D.倍2、如圖為靜電除塵器除塵機理的示意圖。塵埃在電場中通過某種機制帶電；在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達到除塵的目的。下列表述不正確的是（）

A.到達集塵極的塵埃帶負電荷B.電場方向由放電極指向集塵極C.帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相反D.同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大3、三個帶電荷量均為Q的點電荷形成的電場如圖所示，A、B、C是電場中的三個點，設三點電場強度的大小分別為EA、EB、EC，三點的電勢分別為下列說法正確的是（）

A.三個點電荷的電性不相同B.A、B、C三點電場強度大小EA>EB>ECC.A、B兩點電勢>D.A、B兩點不在同一電場線上，電勢高低無法判定4、如圖所示，M、N兩點處分別固定有兩個等量正點電荷，O點為MN連線中點，點a、點b為MN連線上到O點距離相等的兩點，點c、點d為MN連線的中垂線上到O點距離相等的兩點。下列說法中正確的是（）

A.c點和d點處的電場強度相同B.b點比O點電勢高C.b、c兩點間電勢差Ubc等于d、a兩點間電勢差UdaD.把一個不計重力的帶負電的微粒從d點由靜止釋放，它將沿dc方向運動到無窮遠處5、如圖所示，勻強電場中有一個等邊三角形其邊長為三角形所在的平面跟勻強電場平行。已知A、B、C三點的電勢分別為下列說法正確的是（）

A.勻強電場的方向垂直于邊B.勻強電場的電場強度大小為C.等邊三角形中心的電勢為D.將一個電子從A點沿直線移到點，其電勢能增加了6、導體a、b的伏安特性曲線如圖所示；下列說法正確的是。

A.兩導體的電阻B.兩導體的電阻C.若將兩導體串聯(lián)接入電路，則它們消耗的電功率D.若將兩導體并聯(lián)接入電路，則它們消耗的電功率7、以下關于小磁針靜止時N極指向描述正確的是（）

A.甲圖中N極垂直紙面向里B.乙圖中N極垂直紙面向外C.丙圖中N極水平向右（線圈內(nèi)部）D.丁圖中N極指向地理南極評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、反粒子就是質(zhì)量與正粒子相等，帶電荷量與正粒子相等但電性相反的粒子，例如，反質(zhì)子為假若分別使一束質(zhì)子、反質(zhì)子、粒子和反粒子以相同速度沿方向進入勻強磁場形成圖中的4條徑跡，則（）

A.1、2是反粒子徑跡B.3、4為反粒子徑跡C.2為反粒子徑跡D.1為反粒子徑跡9、將兩點電荷分別固定在x軸上的A、B兩點，其坐標分別為（-4d，0）和（2d，0），B處點電荷帶電量絕對值為Q，兩點電荷連線上各點電勢隨x變化的關系如圖所示，其中x=0處電勢最高，x軸上M、N兩點的坐標分別為（-d，0）和（d，0），靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.兩點電荷一定為同種電荷B.M點的電場強度大于N點的電場強度C.M點電場強度大小為D.正的試探電荷在M點的電勢能小于在N點的電勢能10、圖中虛線A、B、C、D、E代表電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知一電子經(jīng)過A平面時的動能為電子在A平面時的電勢能為電子從A到D的過程中克服電場力所做的功為下列說法正確的是（）

A.平面A上的電勢為B.電場強度的方向由E指向AC.該電子在電場內(nèi)運動軌跡可能與平面E相切D.該電子經(jīng)過B平面時的速率是經(jīng)過D平面時的倍11、下圖所示的實驗中，極板所帶電荷量為Q，已知兩極板正對面積為S、間距為d，平行板電容器的電容為C，靜電計指針偏角為θ。則下列判斷正確的是（）

A.若保持S不變，僅增大d，則θ變小B.若保持S不變，僅增大d，則C變小C.若保持d不變，僅減小S，則θ變大D.若保持d不變，僅減小S，則C變大12、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負電油滴被固定于電容器中的P點．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）

A.平行板電容器的電容將變大B.靜電計指針張角不變C.帶電油滴的電勢能將增大D.若先將上極板與電源正極連接的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變13、現(xiàn)有兩個邊長不等的正方形和如圖所示，且間距相等。在的中點分別放等量的點電荷，其中的中點放的點電荷帶正電，的中點放的點電荷帶負電；取無窮遠處電勢為零。則下列說法中正確的是（）

A.點的電場強度和電勢均為零B.把一正點電荷沿著的路徑移動時，電場力所做的總功為零C.同一點電荷在兩點所受電場力不同D.將一負點電荷由點移到點，電勢能增大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、如圖所示，有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、負電和不帶電的粒子，從極板左側中央以相同的水平速度v先后垂直地射入勻強電場中．分別落在正極板的a、b、c處，粒子所受重力不能忽略，則可知粒子a、b、c三個粒子在電場中的加速度有aa_____ab_____ac（填“”、“”或“”），c粒子__________電（填“帶正電”、“帶負電”或“不帶電”）

15、在紙面上有一個等邊三角形ABC，其頂點處都有通相同電流的三根長直導線垂直于紙面放置，電流方向如圖所示，每根通電導線在三角形的中心產(chǎn)生的磁感應強度大小為則中心O處的磁感應強度大小為__．

16、如圖所示的電路中，當S斷開時，電流表示數(shù)為S閉合時，電流表示數(shù)為則電源的電動勢_______V，內(nèi)阻_______

17、如圖，兩根通電長直導線a、b平行放置，a、b中的電流強度分別為I和2I，此時a受到的磁場力大小為F，若以該磁場力的方向為正，則b受到的磁場力大小為_____．當在a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導線c后，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，則此時b受到的磁場力大小為_____．18、能量守恒定律。

能量既不會憑空_______，也不會憑空_______，它只能從一種形式_______為其他形式，或者從一個物體_______到別的物體，在轉化或轉移的過程中，能量的總量_______。19、科學思想方法在物理問題的研究中十分重要，庫侖受到牛頓的萬有引力定律的啟發(fā)，運用______方法（選填“建立模型”、“類比”、“控制變量”、“理想實驗”）得出庫侖定律，其表述為真空中兩點電荷間距一定時相互作用力與______成正比。評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)20、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

21、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)23、某同學利用如圖甲所示電路測量待測電源的電動勢和內(nèi)阻。實驗室提供的器材如下。

標準電源（電動勢為內(nèi)阻）

滑動變阻器（最大阻值為100Ω）

電流表A（量程為0~500mA；內(nèi)阻為2Ω）

開關

請回答下列問題：

（1）在圖乙中用筆畫線代替導線，完成實物圖連接_______。

（2）按圖甲接好電路后，閉合開關斷開開關調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片位置，記錄穩(wěn)定后電流表示數(shù)保持滑動變阻器滑片位置不變，斷開開關閉合開關記錄穩(wěn)定后電流表的示數(shù)

（3）某次實驗時閉合開關斷開開關調(diào)節(jié)完成后電流表示數(shù)穩(wěn)定時如圖丙所示，則滑動變阻器接入回路的阻值為_______Ω。

（4）該同學將測得的多組數(shù)據(jù)描繪在坐標系中，如圖丁所示，請將圖線畫在坐標系中_______。

（5）通過電腦擬合得到的圖線，斜率為縱截距為則待測電源的電動勢_______，內(nèi)阻_______。評卷人得分六、解答題(共1題，共2分)24、已知通電的長直導線在周圍空間某位置產(chǎn)生磁場的磁感應強度大小為其中I為電流強度，r為該位置到長直導線的距離，k為常數(shù)。如圖所示?，F(xiàn)有通電的兩根長直導線分別固定在正方體的兩條邊和上，彼此絕緣，電流方向分別由d流向h、由h流向g，中電流是中電流大小的一半，中的電流在c點產(chǎn)生的磁感應強度為B。不計導線的粗細，求a、e兩點的磁感應強度的大小分別是多少？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

因導體的體積不變，則若將導體均勻拉長為原來的3倍，截面積變?yōu)樵瓉淼母鶕?jù)電阻定律。

可知；電阻是原來的9倍。

故選A。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．塵埃在電場力作用下向集塵極遷移并沉積；說明塵埃帶負電，A不符題意；

B．由于集塵極與電池的正極連接；電場方向有集塵板指向放電極，B符合題意；

C．負電荷在電場中受電場力的方向與電場力方向相反；C不符題意；

D．根據(jù)可得；同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大，故D不符題意；

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖中電場線分布可知；三個點電荷的電性相同，均帶正電荷，故A錯誤；

B．由電場線疏密可判斷，A、B、C三點電場強度大小。

EC>EA>EB故B錯誤；

CD．沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A、B兩點電勢。

A>B故C正確；D錯誤；

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，點和點的電場強度大小相等方向相反；A錯誤；

B．沿電場線方向電勢降低可知，點電勢比點電勢高。B正確；

C．由對稱性可知兩點的電勢相等，兩點的電勢相等，所以C錯誤；

D．在等量同種電荷連線的中垂線上，點的電場強度為零，電場強度方向由指向和由指向帶負電微粒從點由靜止釋放，則在電場力作用下向點加速運動，過點后做減速運動，到達點，速度為零，然后向點加速運動，由于對稱性，帶負電微粒將會在點上下兩側之間往復運動；D錯誤。

故選B。5、C【分析】【分析】

【詳解】

AC．依題意，根據(jù)勻強電場特點，可得AC中點D的電勢為

故BD為一條等勢線；由電場線與等勢線垂直，且場強方向由高電勢指向低電勢，可作出如圖所示等勢線（虛線）及電場線（實線）

所以，勻強電場的電場線平行于邊，方向由顯然不垂直于邊；由幾何知識知，等邊三角形中心O在等勢線BD上，所以電勢為故A錯誤，C正確；

B．該勻強電場的電場強度大小為

故B錯誤；

D．將一個電子從A點沿直線移到點，電場力方向與運動方向夾角小于電場力做正功，大小為

所以；電勢能減小2eV，故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

AB．兩個導體a和b，根據(jù)歐姆定律：可知該圖象中，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以a的電阻值大，b的電阻值小。故A錯誤；B正確；

C．若將它們串聯(lián)接入電路，電流相同，由P=I2R可知電阻值較大的a消耗的電功率大。故C錯誤；

D．若將它們并聯(lián)接入電路，則它們兩端得電壓是相等的，由可知，電阻值較大的a消耗的電功率大小。故D錯誤.

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．由右手定則可知甲圖中小磁針所在位置的磁場方向垂直紙面向外；即N極垂直紙面向外，A錯誤；

B．由右手定則可知乙圖中小磁針所在位置的磁場方向垂直紙面向里；即N極垂直紙面向里，B錯誤；

C．由右手定則可知丙圖中小磁針所在位置的磁場方向水平向右；即N極水平向右，C正確；

D．由于地磁場的北極在地里南極附近；故丁圖中N極指向地理北極，D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由左手定則判定質(zhì)子、粒子受到洛倫茲力向右偏轉，反質(zhì)子、反粒子向左偏轉；故A正確，B錯誤；

CD．進入勻強磁場的粒子具有相同的速度，由偏轉半徑

知，反粒子、粒子在磁場中的半徑大；故C正確，D錯誤。

故選AC。9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．圖象的切線斜率表示電場強度，則可知原點O處合場強為零；且電勢均為負，則兩點電荷均為負電荷，故A正確；

B．圖象的切線斜率表示電場強度，則可知M點的電場強度小于N點的電場強度；故B錯誤；

C．設A處點電荷帶電量絕對值為由A項知原點O處合場強為零；則有。

解得。

在M點；根據(jù)電場的疊加原理有。

聯(lián)立得。

故C正確；

D．由圖可知，M點電勢高于N點，正的試探電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能；故D錯誤。

故選AC。10、A:D【分析】【詳解】

A．電子在A平面時的電勢能為則根據(jù)電勢能的公式

可得平面A上的電勢為

故A正確；

B．電子從A到D的過程中克服電場力所做的功為則可知電場力做負功，電子在該勻強電場中所受電場力的方向與運動的方向相反，而帶負電的粒子在電場中所受電場力的方向與電場強度的方向相反，因此可知電場強度的方向由A指向E；故B錯誤；

C．電子經(jīng)過A平面時的動能為從A到D的過程中克服電場力所做的功為則可知電子到達平面D時的動能為1由此可知每兩個等勢面之間的電勢差為若電子要從平面D到達平面E，則需克服電場力做功而電子在平面D時的動能為1故不管電子是做直線運動還是曲線運動都不可能到達平面E，因此該電子在電場內(nèi)運動的軌跡不可能與平面E相切；故C錯誤；

D．該電子經(jīng)過B平面時，由動能定理可得

解得

而該電子經(jīng)過D平面時的動能為1則可知該電子經(jīng)過B平面時的速率是經(jīng)過D平面時的倍；故D正確。

故選AD。11、B:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電容的決定式

若保持S不變，僅增大d，電容C變小，極板間電荷量不變，再根據(jù)

可知U增大，所以θ變大；A錯誤；B正確；

CD．根據(jù)電容的決定式

若保持d不變，僅減小S，電容C變小，極板間電荷量不變，再根據(jù)

可知U增大，所以θ變大；C正確；D錯誤；

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

A.根據(jù)知；將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則d增大，則電容減小，故A錯誤；

B.靜電計測量的是電容器兩端的電勢差；因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B正確；

C.兩板電勢差不變，d增大，則兩板間電場強度減小，P點與上極板間的距離不變，由U=Ed可知，P點與上極板間的電勢差減小，則P點的電勢升高；因油滴帶負電，可知油滴的電勢能減小，故C錯誤；

D.電容器與電源斷開，則電荷量不變，d改變，根據(jù)知電場強度不變，則油滴所受電場力不變．故D正確．13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．上下兩個正、負點電荷在點產(chǎn)生的電場強度向下，左右兩個正、負點電荷在點產(chǎn)生的電場強度向右，根據(jù)矢量合成法則可知，點的電場強度不為零，方向為沿方向。在點處電勢為零；A錯誤；

B．據(jù)對稱性，兩點處電勢相等，把一正點電荷沿著的路徑移動時；電場力做的總功為零，B正確；

C．根據(jù)庫侖定律和力的合成，同一點電荷在兩點所受電場力相同；C錯誤；

D．取無窮遠處電勢為零，點的電勢為正，三點電勢相等，均為零，則負點電荷從點移動到點；電場力做負功，所以電勢能增大，D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【分析】

不帶電的粒子在電場中做平拋運動；帶正電和帶負電的粒子在電場中做類平拋運動，粒子在垂直電場方向做勻速直線運動，平行于電場方向做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)垂直電場方向位移的大小可以判斷運動時間的大小，再根據(jù)電場方向的初速度為0的勻加速直線運動求得加速大小關系，并由加速度大小關系確定電場力的方向即電荷的種類．

【詳解】

[1][2]．由題意知帶電粒子在電場中做類平拋運動，不帶電粒子做平拋運動可知，垂直電場方向做勻速直線運動，平行電場方向做初速度為0的勻加速直線運動，由圖可知a在垂直電場方向的位移最大，c最小，故可知，在電場中的運動時間滿足：ta＞tb＞tc，在平行電場方向粒子做初速度為0的勻加速直線運動，因為位移相同，則根據(jù)位移時間關系h＝at2得粒子的加速度a=因為ta＞tb＞tc，h相同，故有aa＜ab＜ac．

[3]．粒子在電場中合外力為電場力和重力的合力，由題意知電場方向豎直向上，故正電荷在電場中受電場力方向與重力方向相反，合力小于重力，故其加速度a小于重力加速度，負電荷受力方向與電場方向相反即豎直向下，其合力大于重力，故其加速度大于重力加速度．不帶電粒子只受重力，其加速度為重力加速度，由于aa＜ab＜ac，所以可以判斷，c帶負電，b不帶電，a帶正電．

【點睛】

掌握正確確定電場的方向，在電場中能正確的對粒子進行受力分析，能使用平拋知識處理類平拋運動的問題是解決本題的關鍵．【解析】<<c粒子帶負電15、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)右手定則可知，直線電流的磁場是以直線電流為中心的一組同心圓，故中心O點處三個直線電流的磁場方向如圖所示：

由于對稱性，它們互成1200的角，且它們的大小相等，均為B0，根據(jù)矢量合成的特點，可知它們的合矢量為零．【解析】016、略

【分析】【詳解】

[1][2]開關S斷開時，由閉合電路歐姆定律可得

閉合時有

聯(lián)立解得【解析】6317、略

【分析】【分析】

【詳解】

由牛頓第三定律，b受到a對它的磁場力為-F；a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導線c后，c在a、b兩導線處的磁感應強度大小相等，方向相反，c導線對b導線的作用力是它對a導線的作用力的兩倍，方向相反，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，那么c導線對a導線的作用力可能是F也可能是-3F，c導線對b導線的作用力可能是-2F也可能是6F，故此時b受到的磁場力為-3F或5F．【解析】F；3F或5F；18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】產(chǎn)生消失轉化轉移保持不變19、略

【分析】【詳解】

[1][2]萬有引力定律研究是任意兩個物體之間的作用，而庫侖定律研究的是真空中兩個靜止的點電荷之間的作用，兩個定律都研究相互作用，可以進行類比。1785年庫侖經(jīng)過實驗提出庫侖定律，表述為真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用力，跟它們電荷量的乘積成正比，跟它們距離的二次方成反比，作用力的方向在兩點電荷連線上?！窘馕觥款惐人鼈冸姾闪康某朔e四、作圖題(共3題，共27分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析21、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于