2024年岳麓版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年岳麓版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷237考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一個(gè)粗細(xì)均勻的導(dǎo)體，如果均勻拉長為原來的3倍，則電阻是原來的（）A.9倍B.3倍C.倍D.倍2、如圖為靜電除塵器除塵機(jī)理的示意圖。塵埃在電場中通過某種機(jī)制帶電；在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵的目的。下列表述不正確的是（）

A.到達(dá)集塵極的塵埃帶負(fù)電荷B.電場方向由放電極指向集塵極C.帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相反D.同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大3、三個(gè)帶電荷量均為Q的點(diǎn)電荷形成的電場如圖所示，A、B、C是電場中的三個(gè)點(diǎn)，設(shè)三點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小分別為EA、EB、EC，三點(diǎn)的電勢(shì)分別為下列說法正確的是（）

A.三個(gè)點(diǎn)電荷的電性不相同B.A、B、C三點(diǎn)電場強(qiáng)度大小EA>EB>ECC.A、B兩點(diǎn)電勢(shì)>D.A、B兩點(diǎn)不在同一電場線上，電勢(shì)高低無法判定4、如圖所示，M、N兩點(diǎn)處分別固定有兩個(gè)等量正點(diǎn)電荷，O點(diǎn)為MN連線中點(diǎn)，點(diǎn)a、點(diǎn)b為MN連線上到O點(diǎn)距離相等的兩點(diǎn)，點(diǎn)c、點(diǎn)d為MN連線的中垂線上到O點(diǎn)距離相等的兩點(diǎn)。下列說法中正確的是（）

A.c點(diǎn)和d點(diǎn)處的電場強(qiáng)度相同B.b點(diǎn)比O點(diǎn)電勢(shì)高C.b、c兩點(diǎn)間電勢(shì)差Ubc等于d、a兩點(diǎn)間電勢(shì)差UdaD.把一個(gè)不計(jì)重力的帶負(fù)電的微粒從d點(diǎn)由靜止釋放，它將沿dc方向運(yùn)動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處5、如圖所示，勻強(qiáng)電場中有一個(gè)等邊三角形其邊長為三角形所在的平面跟勻強(qiáng)電場平行。已知A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為下列說法正確的是（）

A.勻強(qiáng)電場的方向垂直于邊B.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為C.等邊三角形中心的電勢(shì)為D.將一個(gè)電子從A點(diǎn)沿直線移到點(diǎn)，其電勢(shì)能增加了6、導(dǎo)體a、b的伏安特性曲線如圖所示；下列說法正確的是。

A.兩導(dǎo)體的電阻B.兩導(dǎo)體的電阻C.若將兩導(dǎo)體串聯(lián)接入電路，則它們消耗的電功率D.若將兩導(dǎo)體并聯(lián)接入電路，則它們消耗的電功率7、以下關(guān)于小磁針靜止時(shí)N極指向描述正確的是（）

A.甲圖中N極垂直紙面向里B.乙圖中N極垂直紙面向外C.丙圖中N極水平向右（線圈內(nèi)部）D.丁圖中N極指向地理南極評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、反粒子就是質(zhì)量與正粒子相等，帶電荷量與正粒子相等但電性相反的粒子，例如，反質(zhì)子為假若分別使一束質(zhì)子、反質(zhì)子、粒子和反粒子以相同速度沿方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場形成圖中的4條徑跡，則（）

A.1、2是反粒子徑跡B.3、4為反粒子徑跡C.2為反粒子徑跡D.1為反粒子徑跡9、將兩點(diǎn)電荷分別固定在x軸上的A、B兩點(diǎn)，其坐標(biāo)分別為（-4d，0）和（2d，0），B處點(diǎn)電荷帶電量絕對(duì)值為Q，兩點(diǎn)電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中x=0處電勢(shì)最高，x軸上M、N兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為（-d，0）和（d，0），靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.兩點(diǎn)電荷一定為同種電荷B.M點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度C.M點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為D.正的試探電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能10、圖中虛線A、B、C、D、E代表電場內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面，已知一電子經(jīng)過A平面時(shí)的動(dòng)能為電子在A平面時(shí)的電勢(shì)能為電子從A到D的過程中克服電場力所做的功為下列說法正確的是（）

A.平面A上的電勢(shì)為B.電場強(qiáng)度的方向由E指向AC.該電子在電場內(nèi)運(yùn)動(dòng)軌跡可能與平面E相切D.該電子經(jīng)過B平面時(shí)的速率是經(jīng)過D平面時(shí)的倍11、下圖所示的實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量為Q，已知兩極板正對(duì)面積為S、間距為d，平行板電容器的電容為C，靜電計(jì)指針偏角為θ。則下列判斷正確的是（）

A.若保持S不變，僅增大d，則θ變小B.若保持S不變，僅增大d，則C變小C.若保持d不變，僅減小S，則θ變大D.若保持d不變，僅減小S，則C變大12、如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則（）

A.平行板電容器的電容將變大B.靜電計(jì)指針張角不變C.帶電油滴的電勢(shì)能將增大D.若先將上極板與電源正極連接的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變13、現(xiàn)有兩個(gè)邊長不等的正方形和如圖所示，且間距相等。在的中點(diǎn)分別放等量的點(diǎn)電荷，其中的中點(diǎn)放的點(diǎn)電荷帶正電，的中點(diǎn)放的點(diǎn)電荷帶負(fù)電；取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零。則下列說法中正確的是（）

A.點(diǎn)的電場強(qiáng)度和電勢(shì)均為零B.把一正點(diǎn)電荷沿著的路徑移動(dòng)時(shí)，電場力所做的總功為零C.同一點(diǎn)電荷在兩點(diǎn)所受電場力不同D.將一負(fù)點(diǎn)電荷由點(diǎn)移到點(diǎn)，電勢(shì)能增大評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、如圖所示，有三個(gè)質(zhì)量相等，分別帶正電、負(fù)電和不帶電的粒子，從極板左側(cè)中央以相同的水平速度v先后垂直地射入勻強(qiáng)電場中．分別落在正極板的a、b、c處，粒子所受重力不能忽略，則可知粒子a、b、c三個(gè)粒子在電場中的加速度有aa_____ab_____ac（填“”、“”或“”），c粒子__________電（填“帶正電”、“帶負(fù)電”或“不帶電”）

15、在紙面上有一個(gè)等邊三角形ABC，其頂點(diǎn)處都有通相同電流的三根長直導(dǎo)線垂直于紙面放置，電流方向如圖所示，每根通電導(dǎo)線在三角形的中心產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為則中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為__．

16、如圖所示的電路中，當(dāng)S斷開時(shí)，電流表示數(shù)為S閉合時(shí)，電流表示數(shù)為則電源的電動(dòng)勢(shì)_______V，內(nèi)阻_______

17、如圖，兩根通電長直導(dǎo)線a、b平行放置，a、b中的電流強(qiáng)度分別為I和2I，此時(shí)a受到的磁場力大小為F，若以該磁場力的方向?yàn)檎瑒tb受到的磁場力大小為_____．當(dāng)在a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導(dǎo)線c后，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，則此時(shí)b受到的磁場力大小為_____．18、能量守恒定律。

能量既不會(huì)憑空_______，也不會(huì)憑空_______，它只能從一種形式_______為其他形式，或者從一個(gè)物體_______到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量_______。19、科學(xué)思想方法在物理問題的研究中十分重要，庫侖受到牛頓的萬有引力定律的啟發(fā)，運(yùn)用______方法（選填“建立模型”、“類比”、“控制變量”、“理想實(shí)驗(yàn)”）得出庫侖定律，其表述為真空中兩點(diǎn)電荷間距一定時(shí)相互作用力與______成正比。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)20、以下是幾種點(diǎn)電荷的電場線的分布情況；請(qǐng)標(biāo)出圖中各電荷的電性。

21、如圖，黑箱面板上有三個(gè)接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個(gè)由四個(gè)阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測(cè)得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時(shí)N極的指向或磁感線方向。請(qǐng)畫出對(duì)應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共6分)23、某同學(xué)利用如圖甲所示電路測(cè)量待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下。

標(biāo)準(zhǔn)電源（電動(dòng)勢(shì)為內(nèi)阻）

滑動(dòng)變阻器（最大阻值為100Ω）

電流表A（量程為0~500mA；內(nèi)阻為2Ω）

開關(guān)

請(qǐng)回答下列問題：

（1）在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實(shí)物圖連接_______。

（2）按圖甲接好電路后，閉合開關(guān)斷開開關(guān)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片位置，記錄穩(wěn)定后電流表示數(shù)保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變，斷開開關(guān)閉合開關(guān)記錄穩(wěn)定后電流表的示數(shù)

（3）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)閉合開關(guān)斷開開關(guān)調(diào)節(jié)完成后電流表示數(shù)穩(wěn)定時(shí)如圖丙所示，則滑動(dòng)變阻器接入回路的阻值為_______Ω。

（4）該同學(xué)將測(cè)得的多組數(shù)據(jù)描繪在坐標(biāo)系中，如圖丁所示，請(qǐng)將圖線畫在坐標(biāo)系中_______。

（5）通過電腦擬合得到的圖線，斜率為縱截距為則待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)_______，內(nèi)阻_______。評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共2分)24、已知通電的長直導(dǎo)線在周圍空間某位置產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為其中I為電流強(qiáng)度，r為該位置到長直導(dǎo)線的距離，k為常數(shù)。如圖所示?，F(xiàn)有通電的兩根長直導(dǎo)線分別固定在正方體的兩條邊和上，彼此絕緣，電流方向分別由d流向h、由h流向g，中電流是中電流大小的一半，中的電流在c點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。不計(jì)導(dǎo)線的粗細(xì)，求a、e兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別是多少？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

因?qū)w的體積不變，則若將導(dǎo)體均勻拉長為原來的3倍，截面積變?yōu)樵瓉淼母鶕?jù)電阻定律。

可知；電阻是原來的9倍。

故選A。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．塵埃在電場力作用下向集塵極遷移并沉積；說明塵埃帶負(fù)電，A不符題意；

B．由于集塵極與電池的正極連接；電場方向有集塵板指向放電極，B符合題意；

C．負(fù)電荷在電場中受電場力的方向與電場力方向相反；C不符題意；

D．根據(jù)可得；同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大，故D不符題意；

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖中電場線分布可知；三個(gè)點(diǎn)電荷的電性相同，均帶正電荷，故A錯(cuò)誤；

B．由電場線疏密可判斷，A、B、C三點(diǎn)電場強(qiáng)度大小。

EC>EA>EB故B錯(cuò)誤；

CD．沿著電場線方向電勢(shì)逐漸降低，則A、B兩點(diǎn)電勢(shì)。

A>B故C正確；D錯(cuò)誤；

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，點(diǎn)和點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等方向相反；A錯(cuò)誤；

B．沿電場線方向電勢(shì)降低可知，點(diǎn)電勢(shì)比點(diǎn)電勢(shì)高。B正確；

C．由對(duì)稱性可知兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，所以C錯(cuò)誤；

D．在等量同種電荷連線的中垂線上，點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電場強(qiáng)度方向由指向和由指向帶負(fù)電微粒從點(diǎn)由靜止釋放，則在電場力作用下向點(diǎn)加速運(yùn)動(dòng)，過點(diǎn)后做減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)點(diǎn)，速度為零，然后向點(diǎn)加速運(yùn)動(dòng)，由于對(duì)稱性，帶負(fù)電微粒將會(huì)在點(diǎn)上下兩側(cè)之間往復(fù)運(yùn)動(dòng)；D錯(cuò)誤。

故選B。5、C【分析】【分析】

【詳解】

AC．依題意，根據(jù)勻強(qiáng)電場特點(diǎn)，可得AC中點(diǎn)D的電勢(shì)為

故BD為一條等勢(shì)線；由電場線與等勢(shì)線垂直，且場強(qiáng)方向由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可作出如圖所示等勢(shì)線（虛線）及電場線（實(shí)線）

所以，勻強(qiáng)電場的電場線平行于邊，方向由顯然不垂直于邊；由幾何知識(shí)知，等邊三角形中心O在等勢(shì)線BD上，所以電勢(shì)為故A錯(cuò)誤，C正確；

B．該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為

故B錯(cuò)誤；

D．將一個(gè)電子從A點(diǎn)沿直線移到點(diǎn)，電場力方向與運(yùn)動(dòng)方向夾角小于電場力做正功，大小為

所以；電勢(shì)能減小2eV，故D錯(cuò)誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

AB．兩個(gè)導(dǎo)體a和b，根據(jù)歐姆定律：可知該圖象中，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以a的電阻值大，b的電阻值小。故A錯(cuò)誤；B正確；

C．若將它們串聯(lián)接入電路，電流相同，由P=I2R可知電阻值較大的a消耗的電功率大。故C錯(cuò)誤；

D．若將它們并聯(lián)接入電路，則它們兩端得電壓是相等的，由可知，電阻值較大的a消耗的電功率大小。故D錯(cuò)誤.

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．由右手定則可知甲圖中小磁針?biāo)谖恢玫拇艌龇较虼怪奔埫嫦蛲?；即N極垂直紙面向外，A錯(cuò)誤；

B．由右手定則可知乙圖中小磁針?biāo)谖恢玫拇艌龇较虼怪奔埫嫦蚶铮患碞極垂直紙面向里，B錯(cuò)誤；

C．由右手定則可知丙圖中小磁針?biāo)谖恢玫拇艌龇较蛩较蛴遥患碞極水平向右，C正確；

D．由于地磁場的北極在地里南極附近；故丁圖中N極指向地理北極，D錯(cuò)誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由左手定則判定質(zhì)子、粒子受到洛倫茲力向右偏轉(zhuǎn)，反質(zhì)子、反粒子向左偏轉(zhuǎn)；故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．進(jìn)入勻強(qiáng)磁場的粒子具有相同的速度，由偏轉(zhuǎn)半徑

知，反粒子、粒子在磁場中的半徑大；故C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC。9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．圖象的切線斜率表示電場強(qiáng)度，則可知原點(diǎn)O處合場強(qiáng)為零；且電勢(shì)均為負(fù)，則兩點(diǎn)電荷均為負(fù)電荷，故A正確；

B．圖象的切線斜率表示電場強(qiáng)度，則可知M點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度；故B錯(cuò)誤；

C．設(shè)A處點(diǎn)電荷帶電量絕對(duì)值為由A項(xiàng)知原點(diǎn)O處合場強(qiáng)為零；則有。

解得。

在M點(diǎn)；根據(jù)電場的疊加原理有。

聯(lián)立得。

故C正確；

D．由圖可知，M點(diǎn)電勢(shì)高于N點(diǎn)，正的試探電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能；故D錯(cuò)誤。

故選AC。10、A:D【分析】【詳解】

A．電子在A平面時(shí)的電勢(shì)能為則根據(jù)電勢(shì)能的公式

可得平面A上的電勢(shì)為

故A正確；

B．電子從A到D的過程中克服電場力所做的功為則可知電場力做負(fù)功，電子在該勻強(qiáng)電場中所受電場力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相反，而帶負(fù)電的粒子在電場中所受電場力的方向與電場強(qiáng)度的方向相反，因此可知電場強(qiáng)度的方向由A指向E；故B錯(cuò)誤；

C．電子經(jīng)過A平面時(shí)的動(dòng)能為從A到D的過程中克服電場力所做的功為則可知電子到達(dá)平面D時(shí)的動(dòng)能為1由此可知每兩個(gè)等勢(shì)面之間的電勢(shì)差為若電子要從平面D到達(dá)平面E，則需克服電場力做功而電子在平面D時(shí)的動(dòng)能為1故不管電子是做直線運(yùn)動(dòng)還是曲線運(yùn)動(dòng)都不可能到達(dá)平面E，因此該電子在電場內(nèi)運(yùn)動(dòng)的軌跡不可能與平面E相切；故C錯(cuò)誤；

D．該電子經(jīng)過B平面時(shí)，由動(dòng)能定理可得

解得

而該電子經(jīng)過D平面時(shí)的動(dòng)能為1則可知該電子經(jīng)過B平面時(shí)的速率是經(jīng)過D平面時(shí)的倍；故D正確。

故選AD。11、B:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電容的決定式

若保持S不變，僅增大d，電容C變小，極板間電荷量不變，再根據(jù)

可知U增大，所以θ變大；A錯(cuò)誤；B正確；

CD．根據(jù)電容的決定式

若保持d不變，僅減小S，電容C變小，極板間電荷量不變，再根據(jù)

可知U增大，所以θ變大；C正確；D錯(cuò)誤；

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

A.根據(jù)知；將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則d增大，則電容減小，故A錯(cuò)誤；

B.靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差；因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變，故B正確；

C.兩板電勢(shì)差不變，d增大，則兩板間電場強(qiáng)度減小，P點(diǎn)與上極板間的距離不變，由U=Ed可知，P點(diǎn)與上極板間的電勢(shì)差減小，則P點(diǎn)的電勢(shì)升高；因油滴帶負(fù)電，可知油滴的電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；

D.電容器與電源斷開，則電荷量不變，d改變，根據(jù)知電場強(qiáng)度不變，則油滴所受電場力不變．故D正確．13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．上下兩個(gè)正、負(fù)點(diǎn)電荷在點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度向下，左右兩個(gè)正、負(fù)點(diǎn)電荷在點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度向右，根據(jù)矢量合成法則可知，點(diǎn)的電場強(qiáng)度不為零，方向?yàn)檠胤较?。在點(diǎn)處電勢(shì)為零；A錯(cuò)誤；

B．據(jù)對(duì)稱性，兩點(diǎn)處電勢(shì)相等，把一正點(diǎn)電荷沿著的路徑移動(dòng)時(shí)；電場力做的總功為零，B正確；

C．根據(jù)庫侖定律和力的合成，同一點(diǎn)電荷在兩點(diǎn)所受電場力相同；C錯(cuò)誤；

D．取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，點(diǎn)的電勢(shì)為正，三點(diǎn)電勢(shì)相等，均為零，則負(fù)點(diǎn)電荷從點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)；電場力做負(fù)功，所以電勢(shì)能增大，D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【分析】

不帶電的粒子在電場中做平拋運(yùn)動(dòng)；帶正電和帶負(fù)電的粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，粒子在垂直電場方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，平行于電場方向做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)垂直電場方向位移的大小可以判斷運(yùn)動(dòng)時(shí)間的大小，再根據(jù)電場方向的初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)求得加速大小關(guān)系，并由加速度大小關(guān)系確定電場力的方向即電荷的種類．

【詳解】

[1][2]．由題意知帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，不帶電粒子做平拋運(yùn)動(dòng)可知，垂直電場方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，平行電場方向做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由圖可知a在垂直電場方向的位移最大，c最小，故可知，在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間滿足：ta＞tb＞tc，在平行電場方向粒子做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，因?yàn)槲灰葡嗤瑒t根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系h＝at2得粒子的加速度a=因?yàn)閠a＞tb＞tc，h相同，故有aa＜ab＜ac．

[3]．粒子在電場中合外力為電場力和重力的合力，由題意知電場方向豎直向上，故正電荷在電場中受電場力方向與重力方向相反，合力小于重力，故其加速度a小于重力加速度，負(fù)電荷受力方向與電場方向相反即豎直向下，其合力大于重力，故其加速度大于重力加速度．不帶電粒子只受重力，其加速度為重力加速度，由于aa＜ab＜ac，所以可以判斷，c帶負(fù)電，b不帶電，a帶正電．

【點(diǎn)睛】

掌握正確確定電場的方向，在電場中能正確的對(duì)粒子進(jìn)行受力分析，能使用平拋知識(shí)處理類平拋運(yùn)動(dòng)的問題是解決本題的關(guān)鍵．【解析】<<c粒子帶負(fù)電15、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)右手定則可知，直線電流的磁場是以直線電流為中心的一組同心圓，故中心O點(diǎn)處三個(gè)直線電流的磁場方向如圖所示：

由于對(duì)稱性，它們互成1200的角，且它們的大小相等，均為B0，根據(jù)矢量合成的特點(diǎn)，可知它們的合矢量為零．【解析】016、略

【分析】【詳解】

[1][2]開關(guān)S斷開時(shí)，由閉合電路歐姆定律可得

閉合時(shí)有

聯(lián)立解得【解析】6317、略

【分析】【分析】

【詳解】

由牛頓第三定律，b受到a對(duì)它的磁場力為-F；a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導(dǎo)線c后，c在a、b兩導(dǎo)線處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，c導(dǎo)線對(duì)b導(dǎo)線的作用力是它對(duì)a導(dǎo)線的作用力的兩倍，方向相反，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，那么c導(dǎo)線對(duì)a導(dǎo)線的作用力可能是F也可能是-3F，c導(dǎo)線對(duì)b導(dǎo)線的作用力可能是-2F也可能是6F，故此時(shí)b受到的磁場力為-3F或5F．【解析】F；3F或5F；18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】產(chǎn)生消失轉(zhuǎn)化轉(zhuǎn)移保持不變19、略

【分析】【詳解】

[1][2]萬有引力定律研究是任意兩個(gè)物體之間的作用，而庫侖定律研究的是真空中兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷之間的作用，兩個(gè)定律都研究相互作用，可以進(jìn)行類比。1785年庫侖經(jīng)過實(shí)驗(yàn)提出庫侖定律，表述為真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力，跟它們電荷量的乘積成正比，跟它們距離的二次方成反比，作用力的方向在兩點(diǎn)電荷連線上?！窘馕觥款惐人鼈冸姾闪康某朔e四、作圖題(共3題，共27分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負(fù)電荷及等量同種，等量異種點(diǎn)電荷電場線的分布特點(diǎn)，可標(biāo)出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析21、略

【分析】【詳解】

因?yàn)?；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于