2024年浙科版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙科版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一可變理想變壓器原、副線圈的回路中分別接有電阻r和可變電阻R；原線圈一側(cè)接在電壓恒定的正弦交流電源上，如圖所示，下列說法正確的是。

A.變壓器的觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率不可能先增大后減小B.變壓器的觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率不可能一直減小C.可變電阻R觸頭向下滑動，其他條件不變，r上消耗的功率一定減小D.可變電阻R觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率一定增大2、將驗證動量守恒定律的實驗裝置搬到豎直墻壁的附近，調(diào)整儀器，使球A從斜軌上由靜止釋放，并在水平軌道末端與球B發(fā)生正碰后，兩球都能打在墻上．已知A、B兩球半徑相同，A球的質(zhì)量大于B球的質(zhì)量，則下列說法正確的是

A.此裝置無法驗證動量守恒定律B.碰撞后瞬間，A球的速度大于B球的速度C.碰撞后，B兩球同時打到墻上D.碰撞后，A球在墻上的落點在B球落點的下方3、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為10cm的正六邊形的六個頂點，A、C、D三點電勢分別為1.0V；3.0V、5.0V；正六邊形所在平面與電場線平行.則()

A.電場強度的大小為V/mB.UEF與UBC相同C.電場強度的大小為V/mD.E點的電勢與C點的電勢相等4、關于下列熱學現(xiàn)象的說法正確的是（）A.氣溫高時，水的飽和汽壓高，所以人感到更潮濕B.在水蒸氣凝結成同溫度的水珠的過程中要吸熱C.在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變D.給農(nóng)田松土是為了破壞土壤里的毛細管，使地下的水分不會被快速引上來蒸發(fā)掉5、某彈簧振子沿x軸的簡諧運動圖象如圖所示；下列描述正確的是。

A.t="1"s時，振子的速度為零，加速度為負的最大值B.t="2"s時，振子的速度為負，加速度為正的最大值C.t="3"s時，振子的速度為負的最大值，加速度為零D.t="4"s時，振子的速度為正，加速度為負的最大值6、如圖所示，單擺擺球的質(zhì)量為m，做簡諧振動的周期為T，擺球從最大位移A處由靜止開始釋放，運動到最低點B時的速度大小為v．則擺球從A運動到B的過程中；下列說法正確的是。

A.擺球重力做功為B.擺球受到的合力的平均功率為C.擺球運動到B點時重力的瞬時功率為D.擺球受到的合力提供圓周運動的向心力評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、下列說法正確的是（）A.只有處于平衡態(tài)的系統(tǒng)才有狀態(tài)參量B.狀態(tài)參量是描述系統(tǒng)狀態(tài)的物理量，故當系統(tǒng)狀態(tài)變化時，其各個狀態(tài)參量都會改變C.兩物體發(fā)生熱傳遞時，兩系統(tǒng)處于非平衡態(tài)D.的冰水混合物放入的環(huán)境中，冰水混合物處于平衡態(tài)8、下列說法正確的是（）A.一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，則分子平均動能一定減少B.熱力學第二定律是反映宏觀自然過程的方向性的定律C.根據(jù)熱力學第二定律可知，熱機的效率不可能達到100%D.一定質(zhì)量的理想氣體膨脹時對外界做了功，它的內(nèi)能可能減少9、如圖所示是測電源電動勢和內(nèi)電阻時依據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的路端電壓與電流的關系圖線，圖中DC平行于橫坐標軸，DE平行于縱坐標軸，由圖可知（））

A.比值B.表示外電路電阻比值C.表示電源內(nèi)電阻比值D.矩形OCDE的面積表示電源的輸出功率表示電源電動勢10、如圖，半徑為L的小圓與半徑為3L的圓形金屬導軌擁有共同的圓心，在小圓與導軌之間的環(huán)形區(qū)域存在垂直于紙面向外、磁感應強度大小為B的勻強磁場．現(xiàn)將一長度為3L的導體棒置于磁場中，讓其一端O點與圓心重合，另一端A與圓形導軌良好接觸．在O點與導軌間接入一阻值為r的電阻，導體棒以角速度ω繞O點做逆時針勻速圓周運動；其它電阻不計．下列說法正確的是（）

A.導體棒O點的電勢比A點的電勢低B.電阻r兩端的電壓為C.在導體棒旋轉(zhuǎn)一周的時間內(nèi)，通過電阻r的電荷量為D.在導體棒旋轉(zhuǎn)一周的時間內(nèi)，電阻r產(chǎn)生的焦耳熱為11、如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2="2:1,"V和A均為理想電表，燈泡電阻RL=6Ω,AB端電壓下列說法正確的是。

A.電流頻率為50HzB.V的讀數(shù)為24VC.A的讀數(shù)為0.5AD.變壓器輸入功率為6W12、圖甲為某一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t＝0時的波形圖，圖乙為波上質(zhì)點M的振動圖象，下列說法正確的是（）

A.這列波的傳播速度大小為4m/sB.這列波沿x正方向傳播C.t＝0.5s時，質(zhì)點M的振動速度大于質(zhì)點Q的振動速度E.質(zhì)點M在任意時刻t的位移為：y＝﹣0.2sin（2πt）cmE.質(zhì)點M在任意時刻t的位移為：y＝﹣0.2sin（2πt）cm13、如圖所示是a、b兩光分別經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后在屏上形成的干涉圖樣；則（）

A.在同種均勻介質(zhì)中，a光的傳播速度比b光的大B.從真空a、b兩光傳播速度相同C.從同種介質(zhì)射入真空發(fā)生反射時，a光全反射臨界角小D.在相同的條件下，b光比a光更容易產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、如圖為邏輯電路圖及其真值表，此邏輯電路為____________門電路，在真值表中X處的邏輯值為_________．

輸入輸出ABZ00001110X11115、裝在容器中的氣體，體積為4升，壓強為2.0×105Pa，溫度是300k，先讓氣體等容變化，壓強增大為原來的2倍，然后讓氣體等溫變化，壓強又降低到原來數(shù)值，則氣體在末狀態(tài)時的體積為______，溫度為___________16、等容變化：一定質(zhì)量的某種氣體，在______不變時，壓強隨溫度變化的過程。17、進行如下實驗：先把空的燒瓶放入冰箱冷凍，取出燒瓶，并迅速把一個氣球緊套在燒瓶頸上，封閉了一部分氣體，然后將燒瓶放進盛滿熱水的燒杯里，氣球逐漸膨脹起來，如圖。若某時刻該密閉氣體的體積為V，密度為ρ，平均摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該密閉氣體的分子個數(shù)為______。若將該密閉氣體視為理想氣體，氣球逐漸膨脹起來的過程中，氣體對外做了0.8J的功，同時吸收了0.9J的熱量，則該氣體內(nèi)能變化了______J。若氣球在膨脹過程中迅速脫離瓶頸，則該氣球內(nèi)氣體的溫度_____（填“升高”或“降低”）。18、蒸汽機、內(nèi)燃機等熱機以及電冰箱工作時都利用了氣體狀態(tài)變化來實現(xiàn)能量的轉(zhuǎn)移和轉(zhuǎn)化，我們把這些氣體稱為工質(zhì)。某熱機經(jīng)過一個循環(huán)后，工質(zhì)從高溫熱源吸熱Q1，對外做功W，又向低溫熱源放熱Q2，工質(zhì)完全恢復初始狀態(tài)，內(nèi)能沒有變化。根據(jù)熱力學第一定律，在工質(zhì)的一個循環(huán)中，Q1、Q2、W三者之間滿足的關系是____。熱機的效率不可能達到100%，從能量轉(zhuǎn)化的角度，說明___能不能完全轉(zhuǎn)化為___能而不產(chǎn)生其他影響。19、不確定度是指______________________________。不確定度一般包含多個分量，按其數(shù)值的評定方法可歸并為兩類：__________________________。20、閱讀短文并回答下列問題:光的全反射。

一束激光從某種玻璃中射向空氣(如圖7所示)；保持入射點不動，改變?nèi)肷浣?每次增加0.2°)，當入射角增大到引41.8°時，折射光線消失，只存在入射光線與反射光線，這種現(xiàn)象叫做光的全反射，發(fā)生這種現(xiàn)象時的入射角叫做這種物質(zhì)的臨界角。當入射角大于臨界角時，只發(fā)生反射，不發(fā)生折射。

(1)上述玻璃的臨界角是_____.

(2)折射光線消失后反射光線的亮度會增強；其原因是折射光消失后，入射光幾乎全部變?yōu)開_____.

(3)當光從空氣射向玻璃；__________(選填“會”或“不會”)發(fā)生光的全反射現(xiàn)象。

(4)一個三棱鏡由上述玻璃構成，讓一束光垂直于玻璃三棱鏡的一個面射入(如圖8所示)，請在圖中完成這束入射光的光路圖_______。21、如圖9所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿，桿的水平部分粗糙，豎直部分光滑，兩部分各套有質(zhì)量分別為mA="2.0"kg和mB="1.0"kg的小球A和B，A球與水平桿間動摩擦因數(shù)μ=0.20，A、B間用不可伸長的輕繩相連，圖示位置處OA="1.5"m，OB="2.0"m.g取10m/s2.

圖9

（1）若用水平力F1沿桿向右拉A，使A由圖示位置向右極緩慢地移動0.5m，則該過程中拉力F1做了多少功？

（2）若用水平力F2沿桿向右拉A，使B以1m/s的速度勻速上升，則在B經(jīng)過圖示位置上升0.5m的過程中，拉力F2做了多少功？評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共10分)25、在測量電源電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，已知一節(jié)干電池的電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約）；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻約為）；滑動變阻器R（2A）。為了更準確地測出電源電動勢和內(nèi)阻。

（1）請在圖1方框中畫出實驗電路圖。______

（2）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖2所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動勢E=____V，內(nèi)阻r=______Ω。（結果均保留兩位小數(shù)）

（3）一位同學對以上實驗進行了誤差分析。其中正確的是______。A.實驗產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用B.實驗產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電流表的分壓作用C.實驗測出的電動勢小于真實值D.實驗測出的內(nèi)阻大于真實值

（4）某小組的同學找到了電阻箱，便設計了如圖甲所示的電路進行實驗，并且記錄了實驗中一系列電流表讀數(shù)I及與之對應的電阻箱阻值R，該小組同學通過巧妙地設置橫軸和縱軸，描繪出了如圖乙所示的圖線，則在圖乙中縱軸應表示______；（填I、R或與I、R相關的量），若該圖線的斜率為k，橫軸上的截距為m，則電動勢的測量值=______，內(nèi)電阻的測量值=______

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

該題的突破口是表示出原線圈中的電流和原線圈回路中的電阻的分壓；找出原線圈的電壓和原線圈回路中的電阻的分壓的數(shù)值關系．該題類似于遠距離輸電的情況．

【詳解】

AB．將變壓器與R等效為變壓器的觸頭向下滑動時，變大，由圖線可知；R上消耗的功率可能先增大后減小，也可能一直減小，故A；B錯誤；

CD．R觸頭向下滑，阻值變大，原線圈電流減小，r上消耗的功率一定關小，將變壓器與R等效為由輸出功率與外電阻關系知R的功率變化有多種情況，故C正確，D錯誤．

故選C．2、D【分析】【分析】

兩球碰撞后均做平拋運動；根據(jù)高度比較平拋運動的時間，碰撞過程中動量守恒，運用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達式，從而驗證動量守恒定律；

【詳解】

A、碰撞前后小球均做平拋運動，在豎直方向上：，平拋運動時間：，

設軌道末端到木條的水平位置為x，未放B球時，小球A下落的高度為，放上小球B后，A和B碰撞后下落的高度分別為和，則碰撞前后小球做平拋運動的初速度分別為：，，，

如果碰撞過程動量守恒，則：

將速度代入動量守恒表達式解得：分別將和代入即可驗證動量守恒定律；故選項A錯誤；

B、由碰撞的實際過程可知，碰撞后瞬間，由于A球質(zhì)量大于B球質(zhì)量，則導致A球的速度小于B球的速度；故選項B錯誤；

C、由上面分析可知導致導致碰撞后，A、B兩球不會同時打到墻上，A球時間長，后達到墻壁上，即A球在墻上的落點在B球落點的下方；故選項C錯誤，D正確．

【點睛】

解決本題的關鍵知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關，知道碰撞的過程中，動量守恒，運用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達式，從而驗證動量守恒定律．3、A【分析】【詳解】

D.已知正六邊形所在平面與電場線平行,且A.C.D三點電勢分別為1.0V、3.0V、5.0V,延長DC且使DC=CG,連接BG,可知UDC=UCG=2.0V，故ABG的電勢相等為1.0V；C、F電勢相等為3.0V，D、E電勢相等為5.0V；故D錯誤；

B.電勢差UEF=5.0?3.0=2.0V,電勢差UBC=1.0?3.0=?2.0V；故B錯誤；

AC.根據(jù)U=Ed可知,電場強度E===V/m=V/m；故A正確，C錯誤；

故選A．4、D【分析】【詳解】

A．人感到潮濕是因為相對濕度大；而相對濕度為某一被測蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分數(shù)，氣溫高時，水的飽和汽壓高，但并不意味著相對濕度大，故A錯誤；

B．在水蒸氣凝結成同溫度的水珠的過程中要放出大量的熱；故B錯誤；

C．在熔化過程中；晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，分子平均動能不變，但整體分子勢能在增加，內(nèi)能在變大，故C錯誤；

D．給農(nóng)田松土就是為了破壞土壤里的毛細管；使地下的水分不會被快速引上來蒸發(fā)掉，故D正確。

故選D。5、A【分析】在t="1"s和t="3"s時，振子偏離平衡位置最遠，速度為零，回復力最大，加速度最大，方向指向平衡位置，A正確，C錯誤；在t="2"s和t="4"s時；振子位于平衡位置，速度最大，回復力和加速度均為零，BD錯誤。

【名師點睛】根據(jù)振動圖象判斷質(zhì)點振動方向的方法：沿著時間軸看去，“上坡”段質(zhì)點向上振動，“下坡”段質(zhì)點向下振動。6、A【分析】【分析】

重力做功與路徑無關只與高度差有關；也可以運動動能定理求解；

根據(jù)公式來判斷瞬時功率；

小球不是做勻速圓周運動；不是合力提供向心力；

【詳解】

A、擺球從最大位移A處由靜止開始釋放，擺球運動到最低點B，根據(jù)動能定理得：故A正確；

B、整個過程中只有重力做功，則合力做功的平均功率為：故選項B錯誤；

C、根據(jù)瞬時功率的公式擺球運動到B時的速度方向是水平的，即所以重力的瞬時功率是0，故C錯誤；

D；對小球進行受力分析；將重力分解如圖所示：

可知由拉力T和重力分力的合力提供向心力；故選項D錯誤．

【點睛】

本題需要區(qū)分平均功率和瞬時功率的求解方法，同時注意小球做單擺運動，不是勻速圓周運動，沿圓心方向的合力提供向心力．二、多選題(共7題，共14分)7、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．狀態(tài)參量是描述系統(tǒng)狀態(tài)的物理量；與系統(tǒng)是否處于平衡態(tài)無關，且系統(tǒng)狀態(tài)變化時，不一定各個狀態(tài)參量都改變，AB錯誤；

C．處于熱傳遞過程中的兩系統(tǒng)因溫度不同發(fā)生熱傳遞；最終兩系統(tǒng)溫度相同，處于非平衡態(tài)，C正確；

D．的冰水混合物放入的環(huán)境中；其溫度；壓強、體積都不再變化，冰水混合物處于平衡態(tài)，D正確。

故選CD。8、B:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)熱力學第一定律ΔU＝W＋Q可知，一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，Q為負值，但若外界同時對氣體做功，W為正；則其內(nèi)能不一定減少，分子平均動能不一定減少，A錯誤；

B．熱力學第二定律就是反映宏觀自然過程的方向性的定律；B正確；

C．由熱力學第二定律的開爾文表述可知熱機的效率不可能達到100%；C正確；

D．一定質(zhì)量的理想氣體膨脹時對外界做功，W為負值，當吸熱Q＜|－W|時內(nèi)能減小，當吸熱Q＞|－W|時內(nèi)能增大，當吸熱Q＝|－W|時內(nèi)能不變；故它的內(nèi)能可能減少，D正確。

故選BCD。9、A:B:D【分析】【詳解】

A.由圖象可以知道,D點對應的路端電壓大小可以用DE表示,電路電流可以用OE表示,外電路電阻所以A選項正確;

B.電源的路端電壓與電流的圖像中，斜率的大小等于電源內(nèi)阻,所以電源內(nèi)阻B選項正確;

C.電源的路端電壓與電流的圖像中；縱軸截距表示電源電動勢，所以電動勢E=OA，C選項錯誤;

D.由圖象可以知道,D點對應的路端電壓大小可以用DE表示,電路電流可以用OE表示,電源的輸出功率所以D選項正確．

【點睛】

記住電源的路端電壓與電流的圖像中，縱軸截距表示電源電動勢，橫軸截距表示短路電流，斜率大小表示電源內(nèi)阻．10、A:C【分析】【詳解】

由右手定則可知，感應電流由O流向A，則O點電勢比A點電勢低，故A正確；感應電動勢：E=B（2L）=B（2L）=4BL2ω，電阻兩端電壓：U=E=4BL2ω，故B錯誤．電路中電流為：周期為：在導體棒旋轉(zhuǎn)一周的時間內(nèi)，通過電阻r的電荷量為：故C正確；在導體棒旋轉(zhuǎn)一周的時間內(nèi)，電阻r產(chǎn)生的焦耳熱為：故D錯誤．11、A:D【分析】由u1.的瞬時表達式可知，f=A錯誤；理想變壓器輸入電壓的有效值為U1=12V，由變壓比關系式可得U2=6V，V的讀數(shù)為6V，B錯誤；變壓器輸出電壓的有效值A的讀數(shù)為1AC錯誤；變壓器的輸入功率等于輸出功率，即P1=P2=U2I2=6W；D正確。

【考點定位】正弦式交流電表達式、有效值、功率、部分電路歐姆定律、理想變壓器規(guī)律，容易題12、A:C:E【分析】【詳解】

A、由甲圖可得：λ＝4m，由乙圖中可得：T＝1s，所以該簡諧橫波的傳播速度為：=4m/s；故A正確．

B、由圖乙知，t＝0.5s時刻質(zhì)點M正通過平衡位置向下運動，由波形平移法知這列波沿x軸負方向傳播．故B錯誤．

C、因t＝0.5s＝所以t＝0.5s時M質(zhì)點正通過平衡位置，速度最大，而質(zhì)點Q不在平衡位置，所以t＝0.5s時M質(zhì)點的振動速度大于Q質(zhì)點的振動速度；故C正確．

D、因t＝0.5s＝則t＝0.5s時P質(zhì)點從波峰到達波谷；位移為﹣0.2cm，故D錯誤．

E、質(zhì)點M振幅為A＝0.2cm，t＝0時刻y＝0，且正向下振動，所以質(zhì)點M在任意時刻t的位移為：cm，故E正確．13、B:C:D【分析】【詳解】

A.根據(jù)公式：根據(jù)圖像可知，b的波長長，根據(jù)所以b的頻率小，b的折射率小，根據(jù)在同種介質(zhì)中b光的傳播速度大；A錯誤．

B.真空中光的傳播速度相同；B正確．

C.b的折射率小，根據(jù)可知，b光發(fā)生全發(fā)射的臨界角大；C正確．

D.因為b光的波長長，所以b光比a光更容易產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象，D正確．三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【詳解】

[1][2]該邏輯電路為或門電路，因為或門只要輸入端有一個輸入為“1”，輸出為“1”，即在真值表中X處的邏輯值為1?！窘馕觥炕?15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體的狀態(tài)參量。

由等容變化；有。

得。

發(fā)生等溫變化；壓強又降低到原來的數(shù)值，由。

知。

【解析】8L600K16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】體積17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．該密閉氣體的質(zhì)量為。

物質(zhì)的量。

分子個數(shù)為。

解得。

[2]．氣球逐漸膨脹起來的過程中；氣體對外做了0.8J的功，同時吸收了0.9J的熱量，則該氣體內(nèi)能變化了。

?U=W+Q=-0.8J+0.9J=0.1J即內(nèi)能增加0.1J；

[3]．若氣球在膨脹過程中迅速脫離瓶頸，則該氣球內(nèi)氣體迅速絕熱膨脹對外做功，則氣體的溫度降低。【解析】0.1J降低18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律，熱量、做功、內(nèi)能的符號規(guī)定得Q1＋（－Q2）＋（－W）＝0，即Q1－Q2＝W。

[2][3]再由熱力學第二定律知，內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化成機械能而不產(chǎn)生其他影響?！窘馕觥縌1－Q2＝W內(nèi)機械19、略

【分析】【詳解】

[1][2]不確定度是指由于測量誤差的存在而對被測量值不能肯定的程度。不確定度一般包含多個分量，按其數(shù)值的評定方法可歸并為兩類：不確定度的A類分量和不確定度的B類分量?！窘馕觥坑捎跍y量誤差的存在而對被測量值不能肯定的程度A類不確定度和B類不確定度20、略

【分析】【詳解】

（1）由題意可以知道；當入射角為41.8°時，折射光線消失了，所以玻璃的臨界角為41.8°；

（2）當入射光線從一種介質(zhì)斜射入另一種介質(zhì)時；會發(fā)生折射，同時也發(fā)生反射，所以反射光線要比入射光線暗一些，而當光從小于臨界角向臨界角靠近，當折射光線消失后，發(fā)生了全反射，光線全變?yōu)榉瓷涔饩€，所以反射光線亮度增強了。

（3）光只有從水或玻璃射向空氣時；才會發(fā)生全反射，所以光從空氣射向玻璃，入射角增大，折射光不可能完全消失；

（4）光線從空氣進入玻璃時；因是垂直照射，所以方向不變；當從玻璃中斜射入空氣時，其入射角為45°大于臨界角，故其發(fā)生全反射，其大致路徑如下圖：

【點睛】

本題主要考查了光的折射現(xiàn)象以及光的全反射現(xiàn)象的實驗，要讀數(shù)實驗的過程，并能總結出相應的結論加以運用。同時還考查了光的折射的光路圖，有一定綜合性。【解析】（1）41.8；（2）反射光；（3）不會；21、略

【分析】（1）A；B小球和細繩整體豎直方向處于平衡；A受到水平桿的彈力為。

N=（mA+mB）g①

則A受到的摩擦力為f=μ（mA+mB）g②

由幾何關系，sB="0.5"m③

由能量關系，拉力F1做功為：

W1=fsA+mBgsB④

得：W1="0.8"J⑤

(2)設細繩與豎直方向的夾角為θ，因繩不可伸長，所以vBcosθ=vAsinθ⑥

則=vBcotθ1=m/s；⑦

=vBcotθ2=m/s⑧

設拉力F2做功為W2，對系統(tǒng)由能量關系得W2-fsA-mBgsB=mAvA22-mAvA21⑨

代入數(shù)據(jù)解得W2="6.8"J⑩【解析】（1）0.8J(2)6.8J四、作圖題(共3題，共18分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到