2024年滬科版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版必修3物理下冊階段測試試卷931考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示的電路，電表均為理想電表，閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時；下列說法正確的是（）

A.電流表讀數變小，電壓表讀數變大B.小燈泡L變暗C.電源的總功率變小D.電容器C上電荷量減小2、由5個1Ω電阻連成的如圖所小的電路；導線的電阻不計，則A；B間的等效電阻為（）

A.5ΩB.2ΩC.1ΩD.0.5Ω3、如圖所示，兩個帶電量分別為2q和-q的點電荷放在x軸上，相距為2L．下列圖像中，能正確反映兩個電荷連線上場強大小E與x關系的是（）

A.B.C.D.4、在電場中A、B兩點間的電勢差為UAB=75V，B、C兩點間的電勢差為UBC=—200V，則A、B、C三點的電勢高低關系為（）A.φA>φB>φCB.φA<φC<φBC.φB<φA<φCD.φC>φB>φA5、如圖所示，a、b、c為電場中同一條電場線上的三點，其中c為a、b連線的中點。若一個運動的正電荷只在靜電力作用下先后經過a、c、b三點，其中a、b兩點的電勢分別為則下列說法正確的是（）

A.a點的電場強度一定等于b點的電場強度B.c點電勢C.正電荷在a點的動能小于在b點的動能D.正電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能6、如圖所示，兩個電阻的阻值均為兩端的電壓保持不變，現用一個內阻為的電壓表去測量某個電阻兩端的電壓；讀數為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、將光敏電阻R、定值電阻R0、電流表、電壓表、開關和有一定內阻的電源連接成如圖所示電路，已知光敏電阻的阻值隨光照強度的增大而減?。糸]合開關，逐漸增大光照強度，下列有關電路中的變化，說法正確的是（）

A.電壓表與電流表的示數之比將逐漸減小B.電壓表、電流表，兩表變化量大小的比值將逐漸減小C.電源的輸出功率逐漸減小D.電源的效率逐漸減小8、如圖所示，實線的兩點電荷形成的電場線，若不計重力的帶電粒子從C點運動到D點；軌跡如圖虛線所示，則下列說法中正確的是（）

A.由C到D過程中電場力對帶電粒子做正功B.由C到D過程中帶電粒子動能減小C.粒子帶正電D.A電荷的電荷量大于B電荷的電荷量9、如圖所示，虛線可能是電場線，也可能是等差等勢線，實線為一帶負電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域的運動軌跡，是這條軌跡上的兩點．下列判斷正確的是（）

A.不論虛線是電場線還是等差等勢線，粒子在點時加速度一定比在點時加速度大B.不論虛線是電場線還是等差等勢線，點的電勢一定比點的電勢高C.若虛線是電場線，粒子通過點時動能比在點時大D.若虛線是等差等勢線，粒子通過點時電勢能比在點時小10、如圖所示，半徑為R的光滑絕緣四分之一圓弧形軌道固定在豎直平面內，O為其圓心，水平。在圓弧軌道的最低點B處固定一帶正電的小球，電荷量為q。另有質量為m的帶電小球N從A點處無初速釋放，運動到C點時達到最大速度v。已知靜電力常量為k，兩小球的大小可忽略。則（）

A.N小球可能帶負電B.N小球的帶電量為C.N小球從A點到C點的過程中，電場力做功為D.N小球從A點到C點的過程中，減少的機械能為11、如圖，在勻強電場中有一虛線圓，和是圓的兩條直徑，其中與電場方向的夾角為與電場方向平行，a、b兩點的電勢差則（）

A.電場強度的大小B.b點的電勢比d點的低C.將電子從c點移到d點，電場力做正功D.電子在a點的電勢能大于在c點的電勢能12、兩位同學在實驗室中利用如圖（a）所示的電路進行實驗，電壓表及電流表均可視為理想電表，閉合開關S，調節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭P向某一方向移動時，一位同學記錄電流表A和電壓表V1的測量數據，另一位同學記錄電流表A和電壓表V2的測量數據。兩位同學根據記錄的數據描繪出如圖（b）所示的兩條U—I圖線。則圖像中兩圖線的交點表示的物理意義是（）

A.滑動變阻器的滑動觸頭P滑到了最右端B.電源的輸出功率最大C.定值電阻R0消耗的功率為0.5WD.電源的效率為60%評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、如圖所示，A燈的額定功率為15W，A燈與B燈額定電壓相同，在外加電壓改變時設兩盞燈的電阻保持不變，當K1與K2都斷開時，電壓表讀數U=12V；當K1閉合，K2斷開時，電壓表讀數U1=11V；當K1、K2都閉合時，電壓表讀數U2=9V時；則B燈的額定功率為________W

14、將一電荷量為的試探電荷放在電場中的P點處，所受的電場力為則P點的電場強度為________如果將試探電荷拿走，P點的電場強度為_______15、如圖所示，當都閉合時，電壓表示數為1V；當閉合，斷開時，電壓表示數為0.8V，則電源的電動勢_______V.內阻_______Ω.

16、為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計G與線圈L連接，如圖所示，已知線圈由端開始繞至端；當電流從電流計G左端流入時，指針向左偏轉。

（1）將磁鐵N極向下，從線圈L中向上抽出時，發(fā)現指針向左偏轉，俯視線圈，其繞向為___________（填：“順時針”或“逆時針”）。

（2）當條形磁鐵從圖示中的虛線位置向右遠離L時，指針向右偏轉，俯視線圈，其繞向為___________（填：“順時針”或“逆時針”）。17、如圖甲所示為一測量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當U=10V時，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)18、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

19、由電流產生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

20、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共21分)21、如圖所示是一多用電表的簡化電路圖。其電流計滿偏電流Ig=0.5mA、內阻Rg=200Ω。多用表有兩個電流擋；量程分別為0~10mA和0~1mA，有兩個電壓擋分別為0~15V和0~3V，有兩個歐姆擋倍率分別為×10和×100，轉換開關S旋轉至“1”；“2”、“3”、“4”、“5”、“6”中某個位置時，即選擇相應的功能。

（1）轉換開關S接“1”端時，多用電表的功能是測_________（填“電流”、“電壓”或“電阻”），量程為_________；

（2）轉換開關S接“5”端時，多用電表的功能是測_________（填“電流”、“電壓”或“電阻”），量程為_________；

（3）圖中電阻R1=_________Ω，R2=_________Ω；（保留到個位）

（4）轉換開關S接“4”端時，多用電表可以用來測電阻，倍率為×100，圖中電阻R4=1500Ω，滑動變阻器R5調節(jié)范圍為0~2000Ω，電源電動勢E=2V，內阻為r=3Ω，進行歐姆調零后測量電阻Rx的阻值，表盤指針正好指向中間刻度，則電阻Rx的阻值為_________Ω。22、某課題研究小組，收集了數碼相機、手機等用舊了的各種類型的電池，及從廢舊收音機上拆下的電阻、電容、電感線圈。現從這些材料中選取兩個待測元件，一是電阻（約為），二是手機中常用的鋰電池（電動勢的標稱值為3.7V；允許最大放電電流為100mA）。在操作臺上還準備了如下實驗器材：

A．電壓表V（量程4V，電阻約為）

B．電流表（量程100mA，電阻約為）

C．電流表（量程2mA，電阻約為）

D．滑動變阻器（額定電流1A）

E。電阻箱（最小分度值）

F。開關S一只；導線若干。

（1）為了測定電阻的阻值，該小組的一位成員設計了如圖所示的電路原理圖并選取了相應的器材（電源用待測的鋰電池），其設計或器材選取中有不妥之處，你認為應該怎樣調整？___________。調整后的測量值___________（填“小于”“大于”或“等于”）其真實值。

（2）在實際操作過程中，發(fā)現滑動變阻器電流表已損壞，請用余下的器材測量鋰電池的電動勢和內阻

①請你在方框中畫出實驗電路圖（標注所用器材符號）______________________。

②為了便于分析，一般采用線性圖象處理數據，請寫出與線性圖象對應的相關物理量間的函數關系式___________。23、為探究產生感應電流的條件；兩位同學做了如下的實驗。

（1）小張同學用導軌、導體棒、電流計、導線組成圖甲所示的電路，整個電路處于垂直導軌的磁場中，當導體棒在金屬導軌上向右移動時，電流計中有電流，得出結論∶產生感應電流的條件與______（選填“A”“B”或“C”）的變化有關。

A．磁場B．電場C．閉合導體回路包圍的面積。

（2）小王同學根據感應電流產生的條件，想利用搖繩發(fā)電。如圖乙所示，把一條大約10m長電線的兩端連在一個靈敏電流計的兩個接線柱上，形成閉合導體回路。兩個同學沿______（選填“東西”或“南北”）方向站立并迅速搖動這條電線時，發(fā)電的可能性比較大。評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)24、示波管是示波器的核心部分，它主要由電子槍、偏轉系統(tǒng)和熒光屏三部分組成，如圖甲所示．電子槍具有釋放電子并使電子聚集成束以及加速的作用；偏轉系統(tǒng)使電子束發(fā)生偏轉；電子束打在熒光屏上形成光跡．這三部分均封裝于真空玻璃殼中．已知電子的電荷量=1.6×10C，質量=0.91×10kg；電子所受重力及電子之間的相互作用力均可忽略不計，不考慮相對論效應．

（1）電子槍的三級加速可簡化為如圖乙所示的加速電場，若從陰極逸出電子的初速度可忽略不計，要使電子被加速后的動能達到1.6×10J，求加速電壓為多大；

（2）電子被加速后進入偏轉系統(tǒng)，若只考慮電子沿Y（豎直）方向的偏轉情況，偏轉系統(tǒng)可以簡化為如圖丙所示的偏轉電場．偏轉電極的極板長=4.0cm，兩板間距離=1.0cm，極板右端與熒光屏的距離=18cm，當在偏轉電極上加的正弦交變電壓時，如果電子進入偏轉電場的初速度求電子打在熒光屏上產生亮線的最大長度；25、如圖所示，水平軌道ABD與半徑R＝1m的豎直光滑四分之一圓軌道BC平滑連接，空間存在著水平向右的勻強電場，電場強度現有質量m＝1kg、帶電量的帶電滑塊（可視為質點），在水平軌道上距離B點L＝1m的A處由靜止釋放，運動到圓軌道底端B時對軌道的壓力為26N。所有軌道均絕緣，空氣阻力不計，重力加速度求：

（1）滑塊在水平軌道上的動摩擦因數；

（2）滑塊在圓軌道上的最大速度；

（3）滑塊經過C點后，落到水平軌道上的位置D到B點的距離。

26、豎直平面內存在范圍足夠大、大小和方向未知的勻強電場，平面內存在一個長方形區(qū)域其中電場強度的方向與所在平面平行。質量為電荷量為（）的帶電粒子在Ａ點以一定的速度進入電場，粒子到達點的動能是初動能的9倍；若改變粒子速度方向，以相同的初動能仍從A點進入電場，到達點的動能為初動能的4倍。不計粒子重力，已知

（1）求勻強電場的大小和方向；

（2）若粒子進入電場時速度的大小可變；且當粒子進入電場時速度方向與電場垂直時，為使粒子穿出長方形區(qū)域的動能增量最多，求該粒子進入電場時的速度；

（3）若粒子進入電場時速度的大小可變，且當粒子進入電場時速度方向與電場垂直時，為使粒子第一次進入長方形區(qū)域時動量增量為求該粒子進入電場時的速度。

27、靜電場方向平行于x軸，其電勢隨x的分布可簡化為如圖所示的折線，圖中和d為已知量。一個帶負電的粒子在電場中以為中心，沿x軸方向做周期性運動。已知該粒子質量為m、電量為-q；忽略重力。

（1）求粒子所受電場力的大??；

（2）若將粒子由處由靜止釋放；求粒子的運動周期；

（3）若粒子在處獲得一定動能，且動能與電勢能之和為–A（）。求粒子的運動區(qū)間。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，電路采用串聯結構，電容器并聯在滑動變阻器兩端；當滑片P右移時；滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，故電流表示數增大，燈泡亮度變亮，因內壓增大，故電壓表示數減小，故AB錯誤；

C．由P=EI可知，I變大；則電源的總功率變大，故C錯誤；

D．因電容器并聯在滑動變阻器兩端．總電流變大，燈泡及內阻分壓增大，則滑動變阻器分壓減小，故電容器C兩端的電壓減小，故C上的電量減小，故D正確．2、D【分析】【詳解】

利用節(jié)點法作出等效電路圖；如下圖。

求得總電阻為

故ABC錯誤；D正確。

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

由場強的疊加原理可知；在兩電荷連線上的場強均向右；若兩電荷帶等量異種電荷，則在其連線中點處的場強最小，因兩電荷帶不等量異種電荷，可知在兩電荷連線中點偏-q處電場強度最小，但不是零，從兩點電荷向中點偏負電電場強度逐漸減??；

A．該圖與結論不相符；A不符合題意；

B．該圖與結論不相符；B不符合題意；

C．該圖與結論相符；C符合題意；

D．該圖與結論不相符，D不符合題意；4、C【分析】【詳解】

由題意

則得

則得

又

則得

故有

故選C。5、D【分析】【詳解】

AB．由圖電場不一定是勻強電場，所以a點的電場強度不一定等于b點的電場強度，c點電勢不一定為0；故AB錯誤；

CD．正電荷在電勢高的位置電勢能較大，所以正電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能，根據能量守恒可知正電荷在a點的動能大于在b點的動能；故C錯誤；D正確；

故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

電壓表與電阻的并聯電阻為

電壓表的讀數為

故選B。二、多選題(共6題，共12分)7、A:D【分析】【分析】

閉合電路的動態(tài)變化情況的分析．

【詳解】

A．由題意知，逐漸增大光照強度時，光敏電阻R的值逐漸減小，外電路的總電阻逐漸減小，由閉合電路的歐姆定律知，總電路的電流逐漸增大，通過光敏電阻R的電流也逐漸增大；所以電壓表與電流表的示數之比將逐漸減小，故A正確；

B．光敏電阻R串聯在電路中，定值電阻R0和電源內阻都是純電阻，它們各自上面的電壓變化量與電流變化量比值不變，因此，光敏電阻R的電壓變化量與電流變化量比值也不變；故B錯誤。

C．電源的輸出功率由公式知，增大，由閉合電路的歐姆定律知,減小，電源的內阻不知道大小，所以減小的情況也不知，因此的變化無法確定；故C錯誤；

D．根據電源的效率定義得外電路的電阻越大；路端電壓越高，電源效率越高，電源的效率隨外電路電阻減小而減小，故D正確；

故選AD．

【點睛】

直流電路動態(tài)變化要掌握各物理量變化的規(guī)律來分析．8、A:C:D【分析】【分析】

據帶正電粒子僅在電場力作用下從C點運動到D點的軌跡，可判斷所受電場力大體指向彎曲一側，從而判斷B處是負電荷，A處是正電荷；再根據電場線的特點分析即可．

【詳解】

A、B、據電場線的分布情況可知，帶電粒子從C到D的過程中，電場力的方向與運動方向小于90°，電場力對其做正功，電勢能減小，動能增大；故A正確，B錯誤。C、據帶電粒子僅在電場力作用下從C點運動到D點的軌跡，可判斷所受電場力大體指向彎曲一側，結合某點的切線方向，即為速度方向，從而判斷粒子帶正電；故C正確。D、據電場線的疏密程度可知，A電荷的電荷量大于B電荷的電荷量；故D正確。故選ACD．

【點睛】

弄清電場強度、電勢、電勢能、電場力做功等概念及間的關系，并能在實際電場中或者電荷運動過程中弄清它們的變化．9、A:D【分析】【詳解】

A．若虛線是電場線，則電場線密集的地方電場強度大，則所受電場力大，則加速度大，所以粒子在點時加速度比在點時加速度大，若虛線是等差等勢線，由等差等勢面密集的地方電場強度大，則所受電場力大，則加速度大，所以粒子在點時加速度比在點時加速度大；故A正確；

BCD．若虛線代表三條電場線；則帶電粒子的大致受力方向和速度方向的關系如圖所示。

在由Q到P的過程中，電場力做正功，動能增加，電勢能減小，由于粒子帶負電，則電勢增加，若虛線代表等差等勢線；則帶電粒子的大致受力方向和速度方向的關系如圖所示。

在由Q到P的過程中電場力做負功；動能減小，電勢能增加，由于粒子帶負電，則電勢減小，故D正確，BC錯誤。

故選AD。10、B:D【分析】【詳解】

A．由題意知，在C點達到最大速度，所以C點后速度減?。欢亓ψ稣?，所以電場力做負功，故電場力是斥力，故小球帶正電，故A錯誤；

B．由小球在C點速度最大，所以在C點的切向加速度為零，則

解得

故B正確；

C．設小球從A點運動到C點的過程中電場力做功為W，由動能定理可得

解得

故C錯誤；

D．由功能關系可知，N小球從A點到C點的過程中，減少的機械能為電場力做功的絕對值，即

故D正確。

故選BD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據

可得電場強度的大小

選項A正確；

B．沿電場線電勢逐漸降低，可知b點的電勢比d點的電勢高；選項B錯誤；

C．將電子從c點移到d點；因電子所受的電場力與位移反向，可知電場力做負功，選項C錯誤；

D．因a點的電勢低于c點電勢，則電子在a點的電勢能大于在c點的電勢能；選項D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【詳解】

A．圖象中兩直線的交點表示電壓表V1的讀數與電壓表V2的讀數相等，即滑動變阻器的阻值為0，滑動變阻器的滑動觸頭P滑到了最左端；故A錯誤；

B．圖象可以得出電阻R0的阻值大于電源的內阻；滑動變阻器的阻值減小，電源的輸出功率增大，兩直線的交點對應滑動變阻器的阻值為0，即電源的輸出功率最大，故B正確；

C．定值電阻R0消耗功率為

故C正確；

D．電源的效率為

故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【詳解】

當開關均斷開時，電壓表示數為電源的電動勢，故E=12V；當S1閉合S2斷開，只有B燈接入電路，由閉合電路歐姆定律可知12=11+I1r

由歐姆定律可知

當S1、S2都閉合，電壓表讀數U2=9V，則有12=9+I2r；

聯立以上四式可得

兩燈的額定電壓相等，則由可知兩燈的功率之比

故PB=×15=40W【解析】4014、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據電場強度的定義式，得

場強與試探電荷無關，如果將試探電荷拿走，P點的電場強度E仍為【解析】15、略

【分析】【詳解】

[1][2]當都閉合時，根據歐姆定律可得：

根據閉合電路歐姆定律可得：

當斷開時，根據歐姆定律可得：

根據閉合電路歐姆定律可得：

可得：【解析】21.516、略

【分析】【詳解】

（1）[1]將磁鐵N極向下；從線圈L中向上抽出時，磁鐵離開線圈，穿過L的磁場向下，原磁通量減小，由楞次定律可知，感應電流的磁場方向與原磁場方向相同，感應電流磁場應該向下，電流表指針向左偏轉，電流從電流表左端流入，由安培定則可知，俯視線圈，線圈繞向為逆時針。

（2）[2]當條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠離L時，穿過L的磁通量向上，磁通量減小，由楞次定律可知，感應電流磁場應向上，指針向右偏轉，電流從右端流入電流表，由安培定則可知，俯視線圈，其繞向為逆時針?！窘馕觥磕鏁r針逆時針17、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長為截面積為結合電阻定律可得【解析】40四、作圖題(共3題，共24分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?9、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內部磁場垂直紙面向外；根據右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

20、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關及干簧管繼電器開關外面接線構成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關里面的兩個接線構成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關存在磁場，導致開關接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】五、實驗題(共3題，共21分)21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]轉換開關S接“1”端時，分壓電阻R2與電流計串聯后，二者再與分流電阻R1并聯；所以此時多用電表的功能是測電流。

[2]易知轉換開關S接“1”和“2”端時，多用電表的功能都是測電流，且接“1”和“2”時所能測量的最大電流分別為

所以接“1”端時量程較大；為0~10mA。

（2）[3]轉換開關S接“5”端時，分壓電阻R6與改裝后的電流表串聯；所以此時多用電表的功能是測電壓。

[4]與改裝后的電流表串聯的分壓電阻阻值越大；電壓表量程越大，所以轉換開關S接“5”端時對應較小的量程0~3V。

（3）[5][6]將I1=10mA和I2=1mA分別代入前面所求的表達式中，可解得

（4）[7]轉換開關S接“4”端時，該倍率下表的內阻為

進行歐姆調零后測量電阻Rx的阻值，表盤指針正好指向中間刻度，則【解析】電流0~10mA電壓0~3V20180200022、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]流過R0的最大電流約為

電流表應使用電流表A2；由于電流表內阻較小，則電流表應用內接法；

[2]調整后，由于電流表的分壓，使得電壓的測量值偏大，則調整后的測量值大于真實值；

(2)[3]實驗器材只有電壓表與電阻箱；因此可以用伏阻法測電池的電動勢與內阻，實驗電路圖如圖所示。

[4]由閉合電路歐姆定律得

整理得

即

函數關系式【解析】用替換且采用電流表內接法大于23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據題意；當導體棒在金屬導軌上向右移動時，閉合導體回路圍成面積增大，電表中有電流，得出結論：產生感應電流的條件與閉合導體回路包圍的面積變化有關。

故選C。

（2）[2]由于地磁場的磁感線沿南北方向，因此兩同學沿東西方向站立時，甩動導線可使閉合回路的磁通量發(fā)生較明顯的變化，發(fā)電的可能性比較大?！窘馕觥緾東西六、解答題(共4題，共40分)24、略

【分析】【詳解】

(1)對于電子通過加速電場的過程，根據動能定理有：eU0=EK，

解得：

(2)根據u=480sin100πtV，可知偏轉電場變化的周期為：

運動時間為：因為T＞＞t，

可見每個電子通過偏轉電場的過程中，電場可視為穩(wěn)定的勻強電場．