2025年人教新起點高三物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點高三物理上冊月考試卷85考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、【題文】如圖(Ⅰ)所示,AB是電場中的一條電場線,若將一負電荷從A點由靜止釋放,負電荷沿電場線從A到B運動過程中速度-時間圖象如圖(Ⅱ)所示,則下列判斷正確的是()A.φA>φB,EA>EBB.φA>φB,EABC.φA<φB,EA>EBD.φA<φB,EAB2、如圖所示；一束高速帶電粒子流在P點產(chǎn)生了一垂直于紙面向外的磁場，則這束帶電粒子流為（）

A.P點上方向右的帶正電粒子B.P點右側(cè)向上的帶負電粒子C.P點上方向左的帶負電粒子D.P點下方向右的帶正電粒子3、（2016春?鞍山校級月考）勻強磁場中有一個矩形多匝線圈，可以繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動．初始位置如圖，勻強磁場如圖所示．已知線圈從圖示位置逆時針轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過導線橫截面的電荷量為q，線圈總電阻為r，線圈兩端外接電阻為R則關于該過程正確的說法是（）A.線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90°位置時電流將改變方向B.若從圖示位置開始計時，則線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為e=q（r+R）ωsinωt（V）C.在圖示位置穿過線圈的磁通量為Φ=q（R+r）D.上述過程中R上產(chǎn)生的焦耳熱Q=4、（2015秋?紹興期末）如圖所示是跳遠運動員踏板起跳后在空中的情景，下列說法中正確的是（）A.研究跳遠的技術(shù)動作可以把人看作質(zhì)點B.運動員踏板起跳的瞬間，板對人的支持力大于人受到的重力C.運動員踏板起跳的瞬間，板對人的支持力大于人對板的壓力D.運動員起跳后在空中時，板對人的支持力方向指向人前進方向5、如圖所示，光滑水平面的左端與一斜面連接，斜面傾角θ=37°，斜面高h=0.8m，F(xiàn)為斜面的頂點，水平面右端與一半圓形光滑軌道連接，半圓軌道半徑R=0.4m．水平面上有兩個靜止小球A和B，mA=0.20kg，mB=0.30kg，兩球間有一壓縮的輕彈簧（彈簧與小球不栓接），彈簧間用一根細線固定兩個小球．剪斷細線，兩小球達到水平面的D、F點時彈簧已經(jīng)與小球脫離．小球A剛好達到半圓軌道的最高點C，小球B剛好落在斜面的底端E點．g=10m/s2，則（）A.小球A在C點的速度為零，處于完全失重狀態(tài)B.小球B落在E點的水平速度大小是m/sC.小球A在D點受的彈力是12ND.細線剪斷前彈簧的彈性勢能是2.7J評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，半徑為R的光滑細圓環(huán)軌道被固定在豎直平面上，軌道正上方和正下方分別有質(zhì)量為2m和m的靜止小球A、B，它們由長為2R的輕桿固定連接，圓環(huán)軌道內(nèi)壁開有環(huán)形小槽，可使細桿無摩擦、無障礙地繞其中心點轉(zhuǎn)動，今對上方小球A施加微小擾動，兩球開始運動后，下列說法正確的是（）A.輕桿轉(zhuǎn)到水平位置時兩球的加速度大小相等B.輕桿轉(zhuǎn)到豎直位置時兩球的加速度大小不相等C.運動過程中A球速度的最大值為D.當A球運動到最低點時，兩小球?qū)壍雷饔昧Φ暮狭Υ笮閙g7、關于位移和路程，以下說法正確的是（）A.出租車按路程收費B.租車按位移的大小收費C.在曲線運動中，同一運動過程的路程一定大于位移的絕對值（即大?。〥.在直線運動中．位移就是路程8、下列說法中正確的是（）A.布朗運動是分子無規(guī)則運動的反映B.氣體分子間距減小時，分子間斥力增大，引力也增大C.氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)與單位體積內(nèi)的分子數(shù)和溫度有關E.液體與大氣相接觸，表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互作用的斥力E.液體與大氣相接觸，表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互作用的斥力9、如下圖所示，兩段材料相同、長度相等、但橫截面積不等的導體接在電路中，總電壓為U，則（）A.通過兩段導體的電流相等B.兩段導體內(nèi)的自由電子定向移動的平均速率不同C.細導體兩端的電壓U1等于粗導體兩端的電壓U2D.細導體內(nèi)的電場強度大于粗導體內(nèi)的電場強度10、如圖所示，一個質(zhì)量為m的小球從豎立在地面上的輕彈簧正上方某處自由下落，接觸彈簧后將彈簧壓縮，在壓縮全過程中，彈簧均為彈性形變，那么（）A.當小球的動能最大時，彈性勢能為零B.當小球的動能減為零時，重力勢能最小C.當小球的動能減為零時，球的加速度最大，但不一定大于重力加速度值D.當小球的動能減為零時，球所受彈力最大，且一定大于2mg11、如圖所示，有一半徑為R

的半圓形區(qū)域里存在垂直于圓面向外的勻強磁場(

圖中未畫出)

磁感應強度的大小為B

在圓心O

處有一粒子源，可以沿垂直于磁場的不同方向向磁場中射入質(zhì)量為m

電荷量為q

速度大小均為qBRm

的帶正電的粒子(

粒子重力不計)

下列說法正確的是(

)

A.在半圓弧上各處都有粒子射出B.粒子在磁場中運動的最長時間為婁脨m3qB

C.磁場中粒子不能達到的區(qū)域面積為112婁脨R2

D.從半圓弧上射出的粒子在磁場中運動的時間相同12、下列說法中與物理學史實相符的是（）A.牛頓認為力是改變物體運動狀態(tài)的原因B.亞里士多德認為力是維持物體運動的原因C.笛卡爾通過扭秤實驗第一個測出萬有引力常量G的值D.伽利略通過實驗及合理外推，指出自由落體運動是一種勻變速直線運動13、一列橫波在t=0時刻的波形如圖中實線所示，在t=1s時刻的波形如圖中虛線所示，由此可以判定此波的（）A.波長一定是4cmB.周期一定是4sC.振幅一定是2cmD.傳播速度一定是1cm/s評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、火車轉(zhuǎn)彎時的規(guī)定速度為60km/h，若速度大于60km/h，那么火車車輪對____（填“外軌”或“內(nèi)軌”）有側(cè)壓力．15、我國列車第四次提速后，出現(xiàn)了“星級列車”．T14次列車從上海始發(fā)，途經(jīng)蚌埠、濟南等城市，最后到達北京．T14次列車時刻表如下，由其時刻表可知，列車在蚌埠至濟南區(qū)間段運行過程中的平均速率為____km/h．

T14次列車時刻表。

。停靠站到達時刻開車時刻里程（km）上海┅┅18：000蚌埠22：2622：34484濟南03：1303：21966北京08：00┅┅146316、（2011秋?同安區(qū)校級期中）如圖所示v-t圖象，表示質(zhì)點做____運動，它的初速度為____m/s，加速度為____m/s2，30s內(nèi)經(jīng)歷的位移是____m．17、有10只相同的蓄電池，每個電池的電動勢為2.0V，內(nèi)阻為0.04Ω．把這些蓄電池接成串聯(lián)電池組，外接電阻為3.6Ω，則電路中的電流為____A，每個電池兩端的電壓為____V．18、（2013秋?庫爾勒市校級期中）如圖所示，用絕緣細線拴一個質(zhì)量為2m的小球，小球在豎直向下的場強為E的勻強電場中的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，則小球帶____電（填“正”“負”），小球所帶電荷量為____．評卷人得分四、判斷題(共1題，共6分)19、影響蒸發(fā)快慢的因素有絕對濕度、表面積、溫度．____．（判斷對錯）評卷人得分五、推斷題(共3題，共12分)20、rm{[}化學rm{隆陋}選修r(nóng)m{5:}有機化學荃礎rm{]}查爾酮類化合物rm{G}是黃酮類藥物的主要合成中間體，其中一種合成路線如下：已知以下信息：rm{壟脵}芳香烴rm{A}的相對分子質(zhì)量在rm{100-110}之間，rm{ImolA}充分燃燒可生成rm{72g}水。rm{壟脷C}不能發(fā)生銀鏡反應。rm{壟脹D}能發(fā)生銀鏡反應、可溶于飽和rm{Na_{2}CO_{3}}溶液、核磁共振氫譜顯示期有rm{4}中氫回答下列問題：rm{(1)A}的化學名稱為____________。rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化學方程式為____________________。rm{(3)E}的分子式為________________，由rm{E}生成rm{F}的反應類型為________。rm{(4)G}的結(jié)構(gòu)簡式為____________________。rm{(5)D}的芳香同分異構(gòu)體rm{H}既能發(fā)生銀鏡反應，又能與rm{FeCl_{3}}溶液發(fā)生顯色反應的共有_______種，其中核磁共振氫譜為rm{5}組峰，且峰面積為rm{2}rm{2}rm{2}rm{1}rm{1}的為________________rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{)}21、“一酸兩浸，兩堿聯(lián)合”法是實現(xiàn)粉煤灰rm{(}含rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}綜合利用的新工藝。工業(yè)流程如下，回答下列問題：rm{(}已知：rm{Al_{2}O_{3}}經(jīng)純堿混合焙燒可得rm{NaAlO_{2})}rm{(1)}聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}化學式為rm{[Al_{2}(OH)_{n}Cl_{6-n}]_{m}隆隴[Fe_{2}(OH)_{x}Cl_{6-x}]_{y}}是一種新型高效的凈水劑，rm{PAFC}中鐵元素的化合價為___________。rm{(2)}“一酸兩浸”中的酸是________________rm{(}填化學式rm{)}rm{(3)}實際工業(yè)中“酸浸”、“堿浸”均不能充分反應，濾渣rm{A}中主要含有rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}“純堿混合焙燒”中，它們分別發(fā)生反應的化學方程式為__________________、_________________。rm{(4)}“濾液rm{B}”的主要溶質(zhì)有________rm{(}填化學式rm{)}濾液混合后“蒸發(fā)”的作用是_______________。rm{(5)}“電解”時陽極的電極反應式為_______________。rm{(6)PAFC}無水rm{AlCl_{3}}rm{FeCl_{3}隆隴6H_{2}O}用量均為rm{25mg隆隴L^{-1}}時，處理不同rm{pH}污水的濁度去除率如圖所示，rm{PAFC}的優(yōu)點是______________________。22、【化學rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎】氯吡格雷rm{(clopidogrel)}是一種用于抑制血小板聚集的藥物，該物質(zhì)的合成路線之一如圖所示：請回答下列問題：rm{(1)A}的名稱為____，rm{F}中無氧官能團的名稱為____。rm{(2)X}的結(jié)構(gòu)簡式為____，rm{D}的分子式為____。rm{(3)G隆煤}氯吡格雷的反應類型為____。rm{(4)B隆煤C}的化學方程式為____。rm{(5)}同時滿足下列條件的rm{E}的同分異構(gòu)體有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜有rm{5}種吸收峰，且峰面積比為rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的結(jié)構(gòu)簡式是____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中存在與rm{F}相同的官能團rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應rm{(6)}參照上述合成路線和相關信息，設計一條由乙炔和乙醇為起始原料制備的合成路線rm{(}無機試劑任選rm{)}評卷人得分六、實驗題(共3題，共24分)23、實驗裝置如圖所示．一小車放在水平長木板上；左側(cè)拴有一細軟線，跨過固定在木板邊緣的滑輪與一重物相連，小車右側(cè)與穿過電火花計時器的紙帶相連，在重物牽引下，小車在木板上向左運動．右圖給出了電火花計時器在紙帶上打出的一些計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點間的時間間隔為0.1s，相鄰的兩個計數(shù)點間的距離如圖中所標．

（1）關于實驗以下說法正確的有____．

A．開始打點之前；小車應該靠近打點計時器

B．紙帶拉動的方向應與限位孔平行

C．實驗時應該先釋放小車再打開電源打點

D．實驗時木板不能一頭高一頭低；一定要保持水平

（2）打計數(shù)點1、3時小車對應的速度分別為：v1=____m/s，v3=____m/s；

（3）據(jù)此可求出小車從1到3計數(shù)點內(nèi)的加速度為a=____m/s2．

24、某同學為探究“合力做功與物體動能改變的關系”；設計了如下實驗，他的操作步驟是：

A．按如圖1擺好實驗裝置；

B．將質(zhì)量M=0.20kg的小車拉到打點計時器附近；并按住小車；

C．在總質(zhì)量m分別為10g；30g、50g的三種鉤碼中；挑選了一個質(zhì)量為50g的鉤碼掛在拉線的掛鉤上；

D．接通打點計時器的電源（電源頻率為f=50Hz）；然后釋放小車，打出一條紙帶．

①多次重復實驗，從中挑選一條點跡清晰的紙帶如圖2所示．把打下的第一點記作“0”，然后依次取若干個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，用毫米刻度尺測得各計數(shù)點到0點距離分別為d1=0.0075m，d2=0.03001m，d3=0.0675m，d4=0.1200m，d5=0.1875m，d6=0.2700m，他把鉤碼重力（當?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s2）作為小車所受合力算出打下“0”點到打下“5”點合力做功．則合力做功W=____J，小車動能的改變量EK=____J（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）．

②此次實驗探究的結(jié)果，他沒能得到“合力對物體做的功等于物體動能的增量”，且誤差很大，顯然，在實驗探究過程中忽視了各種產(chǎn)生誤差的因素．請你根據(jù)該同學的實驗裝置和操作過程幫助分析一下，造成較大誤差的主要原因是____；____．（寫出兩條即可）25、（2012?淮北一模）在“探究力的平行四邊形定則”的實驗中，首先用兩個彈簧秤分別勾住繩套，在保證彈簧秤與木板平行的條件下，互成角度地拉長橡皮條，使結(jié)點到達O點，用鉛筆記下0點位置及兩細繩的方向，如圖中的OA、OB方向，讀出兩彈簧秤的示數(shù)F0A=2.7N、F0B=3.3N．

①根據(jù)平行四邊形定則，在圖中利用圖示法求出FOA與F0B的合力，其大小F=____．

②為了完成本實驗，還要進行的一項關鍵操作是____，在本操作中需要記錄的是____和____．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【解析】從速度時間圖線得到負電荷做加速運動；加速度逐漸變大，故電場力向右，且不斷變大，故A點的電場強度較??；

故EA＜EB；

負電荷受到的電場力與場強方向相反，故場強向左，沿場強方向，電勢變小，故A點電勢較小，即φA＜φB；

故選D．【解析】【答案】D2、D【分析】【分析】若為P點上方向右的帶正電粒子；產(chǎn)生的電流為向右，則根據(jù)右手螺旋定則可得在P點產(chǎn)生的磁場方向為垂直紙面向里，A錯誤；

若為P點右側(cè)向上的帶負電粒子；產(chǎn)生的電流方向豎直向下，根據(jù)右手螺旋定則可得在P點產(chǎn)生的磁場方向為垂直紙面向里，B錯誤；

若為P點上方向左的帶負電粒子；產(chǎn)生的電流向右，則根據(jù)右手螺旋定則可得在P點產(chǎn)生的磁場方向為垂直紙面向里，B錯誤；

若為P點下方向右的帶正電粒子；產(chǎn)生的電流向右，則跟據(jù)右手螺旋定則可得在P點產(chǎn)生的磁場方向為垂直紙面向外，D正確。

【點評】做本題的關鍵是理解正電荷定向移動的方向和電流方向相同，負電荷定向移動的方向和電流方向相反。3、B【分析】【分析】線圈在磁場中轉(zhuǎn)動時，電流的方向發(fā)生改變在中性面位置，通過某一橫截面的電荷量q=，求得線圈在磁場中轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的最大感應電動勢，產(chǎn)生的熱量用電流的有效值計算【解析】【解答】解：A；線圈在磁場中轉(zhuǎn)動時；產(chǎn)生周期性變化的電流，其中當線圈在中性面位置時電流方向發(fā)生改變，故線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90°位置時電流方向不發(fā)生改變，故A錯誤；

B、通過導線橫截面的電荷量q=，故線圈在轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的最大感應電動勢為Em=NBSω=q（R+r）ω，故從圖示位置開始計時，則線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為e=q（r+R）ωsinωt（V）；故B正確；

C、通過導線橫截面的電荷量q=，故磁通量為；故C錯誤；

D、有效值為E=，產(chǎn)生的熱量為Q==；故D錯誤；

故選：B4、B【分析】【分析】當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點；物體在平衡力的作用下會保持靜止狀態(tài)，物體在非平衡力的作用下運動狀態(tài)不斷變化；作用力與反作用力電子相等方向相反．【解析】【解答】解：A；研究跳遠的技術(shù)動作可以把人的肢體的形狀不能忽略不計；不能把運動員看作質(zhì)點．故A錯誤；

B；跳高運動員從地上起跳還未離開地的瞬間；運動員受到地球的重力和地面的支持力的作用，由于運動員用力蹬地面，因此這兩個力不平衡，地面地運動員的彈力（支持力）大于他的重力使運動員上升．故B正確；

C；運動員對板的壓力板對運動員的支持力是一對相互作用力；它們大小相等，方向相反．故C錯誤；

D；運動員起跳后在空中時；板對人沒有了支持力．故D錯誤．

故選：B5、C【分析】【分析】A做豎直平面內(nèi)的圓周運動，根據(jù)過最高點的條件，求出在C點的速度，然后由機械能定律定律求出過D點的速度；由動量守恒定律求出B的水平速度；由功能關系求出彈簧的彈性勢能．【解析】【解答】解：A、小球A在豎直平面內(nèi)做圓周運動，在最高點時重力恰好提供向心力，所以：

所以：m/s．故A錯誤；

B、小球A從D到C的過程中機械能守恒，所以：

代入數(shù)據(jù)得：m/s

A與B分離的過程中；水平方向A與B組成的系統(tǒng)僅僅受到彈簧的彈力，所以水平方向動量守恒，選取向右為正方向，則：

mAvD+mBvB=0

所以：m/s

由于B離開平臺后做平拋運動，所以小球B落在E點的水平速度大小是m/s．故B錯誤；

C；小球A經(jīng)過D點時；受到的支持力與重力的合力提供向心力，所以：

代入數(shù)據(jù)得：N=12N．故C正確；

D；剪斷細線后彈簧對小球A與B做功；彈性勢能轉(zhuǎn)化為動能，則：

==3.33J．可知開始時彈簧的彈性勢能是3.33J．

故D錯誤．

故選：C二、多選題(共8題，共16分)6、CD【分析】【分析】本題的關鍵是明確球A與B組成的系統(tǒng)機械能守恒，球B減少的機械能應等于球A增加的機械能，通過球A減少的重力勢能等于球B增加的重力勢能和兩球增加的動能之和即可求出球A的最大速度，再對A、B球應用牛頓第二定律和牛頓第三定律，可求出當A球運動到最低點時，兩小球?qū)壍雷饔昧Φ暮狭Υ笮。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、輕桿轉(zhuǎn)到水平位置時，AB的線速度大小相等，根據(jù)a=；知兩球在水平方向的向心加速度大小相等，兩球在豎直方向的加速度方向相反，大小不等，故合加速度大小也不相等，故A錯誤．

B、輕桿轉(zhuǎn)到豎直位置時，小球只受到豎直方向的合力，故只有向心加速度，兩球的速度大小始終相等，根據(jù)a=；可知，輕桿轉(zhuǎn)到豎直位置時兩球的加速度大小相等，故B錯誤．

C；兩個球系統(tǒng)機械能守恒；當A球運動到最低點時，速度最大，有。

2mg?2R-mg?2R=（m+2m）v2，解得v=；故C正確．

D、在豎直位置時，設軌道對B球的彈力為FNB，軌道對A球的彈力為FNA

對B球mBg+FNB=mB，解得FNB=mBg=mg

對A球FNA-mAg=mA，解得FNA=mg

故軌道對AB兩球的合力為F=FNA-FNB=mg

根據(jù)牛頓第三定律，當A球運動到最低點時，兩小球?qū)壍雷饔昧Φ暮狭Υ笮閙g；故D正確．

故選：CD7、AC【分析】【分析】位移的大小等于首末位置的距離，路程的大小等于運動軌跡的長度．【解析】【解答】解：A；B、出租車按照實際行駛的路程收費；而不是按照位移收費，故A正確、B錯誤．

C；在曲線運動中；同一運動過程的路程一定大位移的大小，故C正確．

D；只有單向直線運動中；位移的大小才等于路程；并且也不能說位移就是路程；故D錯誤．

故選：AC．8、BC【分析】【分析】布朗運動是固體顆粒的運動，間接反映了液體分子的無規(guī)則運動，機械能能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，反之則不行，氣體分子間距減小時，分子間斥力增大，引力也增大．【解析】【解答】解：A；布朗運動是固體顆粒的運動；間接反映了液體分子的無規(guī)則運動，A錯誤；

B；氣體分子間距減小時；分子間斥力增大，引力也增大，B正確；

C；氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)與單位體積內(nèi)的分子數(shù)和溫度有關；C正確；

D；機械能能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；反之則不行，D錯誤；

E；液體與大氣相接觸；表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互作用的引力，E錯誤；

故選：BC9、ABD【分析】【分析】導體材料相同，單位體積內(nèi)自由電荷的數(shù)目n相同．兩個導體串聯(lián)，電流相同．由電流的微觀表達式I=nevS，研究自由電子定向移動速率關系．根據(jù)電阻定律研究電阻關系，由U=IR分析電壓關系．由電場強度E=研究電場強度關系．【解析】【解答】解：

A；兩個導體串聯(lián)；電流相等．故A正確．

B；電流的微觀表達式I=nevS；由題n、e、I相同，S不同，則自由電子定向移動的平均速率v不同．故B正確．

C、根據(jù)電阻定律可知，細導體的電阻大于粗導體的電阻，由歐姆定律U=IR得知，I相同，則細導體兩端的電壓U1大于粗導體兩端的電壓U2．故C錯誤．

D、設導體的長度為L，橫截面積為S．導體內(nèi)的電場強度E====；I；ρ相同，則E與S成反比，所以細導體內(nèi)的電場強度大于粗導體內(nèi)的電場強度．故D正確．

故選ABD10、BD【分析】【分析】小球與彈簧接觸后，彈簧對小球的彈力和小球重力的合力與偏離平衡位置的位移成正比，為簡諧運動，根據(jù)簡諧運動的對稱性進行判斷．【解析】【解答】解：A、小球與彈簧接觸后做簡諧運動，小球剛與彈簧接觸時，只受重力，加速度為g，向下運動到平衡位置時；合力減為零，速度最大，此時動能最大，彈簧被壓縮，彈性勢能不為零，故A錯誤；

B、再向下運動時；速度減小到剛與彈簧接觸時相等，加速度增加到g，故當速度進一步減為零時，物體的加速度大于g，此時小球處于最低點，所以重力勢能最小，故B正確；

C；由B的分析可知：當速度進一步減為零時；彈簧被壓縮到最短，此時加速度最大，但加速度大于g，故C錯誤；

D、根據(jù)牛頓第二定律得：F彈-mg=ma，而a＞g，所以F彈＞2mg；故D正確．

故選BD．11、BD【分析】解：A

磁場垂直于紙面向外，粒子帶正電，由左手定則可知，粒子在磁場中沿順時針方向做勻速圓周運動，豎直向上射出的粒子運動軌跡如圖所示，由幾何知識可知：婁脠=60鈭?

在該粒子軌跡與磁場邊界交點上方無粒子射出，故A錯誤；

B、粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=mv2r

已知：v=qBRm

解得：r=R

故軌跡圓圓心、磁場區(qū)域圓圓心、出磁場的點構(gòu)成等邊三角形，故從半圓弧上射出的粒子在磁場中運動的軌跡對應的圓心角均為60鈭?

粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角：婁脕=婁脠=60鈭?

粒子在磁場中做圓周運動的周期：T=2婁脨mqB

所有粒子在磁場中運動的時間相等，最長時間為：t=婁脕360鈭?T=婁脨m3qB

故BD正確；

C、粒子沿垂直于磁場的不同方向向磁場中射入，粒子能到達的區(qū)域如圖中運動軌跡(

紅色)

以下部分區(qū)域，粒子不能到達的區(qū)域面積：S=34R2鈭?112婁脨R2

故C錯誤；

故選：BD

．

粒子在磁場中做勻速圓周運動；洛倫茲力提供向心力，應用牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑，求出粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，然后根據(jù)粒子周期公式分析答題．

本題考查了粒子在磁場中的運動，粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，分析清楚粒子運動過程、作出粒子運動軌跡是解題的關鍵，應用牛頓第二定律與粒子做圓周運動的周期公式可以解題．【解析】BD

12、ABD【分析】【分析】根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．【解析】【解答】解：AB；亞里士多德認為力是維持物體運動的原因；牛頓認為力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故AB正確；

C；卡文迪許測出了萬有引力常量；故C錯誤；

D；伽利略通過銅球在斜面上的實驗及合理外推；指出自由落體運動是一種勻變速直線運動，故D正確；

故選：ABD13、AC【分析】【分析】相鄰兩個波峰或波谷之間的距離等于波長，由波動圖象可直接讀出波長．根據(jù)波的周期性得到周期的通項，考慮到波的傳播方向未知，還要注意波可能有兩種不同的傳播方向．根據(jù)v=可得到波速的通項，再得到特殊值．【解析】【解答】解：AC；由圖知；波長一定為λ=4cm，振幅一定為A=2cm．故A、C正確．

BD、若波向右傳播，根據(jù)波的周期性有：t=（n+）T，n=0，1，2，，則得周期T=s，波速v==（4n+1）cm/s；

若波向左傳播，根據(jù)波的周期性有：t=（n+）T，n=0，1，2，，則得周期T==s，波速v==（4n+3）cm/s；故知周期不一定是4s；波速不一定是1cm/s．故BD錯誤．

故選：AC三、填空題(共5題，共10分)14、外軌【分析】【分析】火車拐彎時以規(guī)定速度行駛，此時火車的重力和支持力的合力提供圓周運動所需的向心力．若速度大于規(guī)定速度，重力和支持力的合力不夠提供，此時外軌對火車有側(cè)壓力；若速度小于規(guī)定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此時內(nèi)軌對火車有側(cè)壓力．【解析】【解答】解：若火車按規(guī)定的速率轉(zhuǎn)彎時；內(nèi)外軌與車輪之間均沒有側(cè)壓力，此時火車拐彎的向心力由重力和鐵軌的支持力的合力提供，若速度大于規(guī)定速度，重力和支持力的合力不夠提供拐彎圓周運動的向心力，所以此時外軌對火車有指向圓心方向的支持力以補充拐彎的向心力即此時外軌對火車車輪有側(cè)壓力．

故答案為：外軌15、103.66【分析】【分析】平均速率等于路程與時間的比值，求出列車在蚌埠至濟南區(qū)間段運行過程中的路程和時間，從而求出平均速率．【解析】【解答】解：列車運動路程s=966km-484km=482km；運行時間t=4.65h；

則平均速率v==103.66km/h；

故答案為：103.66km/h．16、勻減速直線運動30-1450【分析】【分析】質(zhì)點的速度均勻減小，做勻減速運動，t=0時刻的速度為30m/s，根據(jù)斜率等于加速度求解加速度．由公式x=求解位移．【解析】【解答】解：由圖看出，質(zhì)點做勻減速直線運動，初速度為v0=30m/s，加速度為a===-1m/s2．

30s內(nèi)經(jīng)歷的位移是x==

故答案為：勻減速直線運動，30，-1，450．17、51.8【分析】【分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律即可求出電路中的電流值，結(jié)合電路中的電流值與內(nèi)外電壓之間的關系即可求出每個電池兩端的電壓．【解析】【解答】解：有10只相同的蓄電池；每個電池的電動勢為2.0V，內(nèi)阻為0.04Ω．串聯(lián)后的總電動勢是20V，總內(nèi)阻是0.4Ω；

根據(jù)閉合電路的歐姆定律：I=A

路端電壓為：U=IR=5×3.6=18V

每個電池兩端的電壓都是相等的，所以每個電池兩端的電壓：V

故答案為：5，1.818、負【分析】【分析】小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，則重力與電場力相平衡，由拉力提供向心力，根據(jù)平衡方程，即可求解電量大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓河深}意可知；小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，因此重力與電場力相平衡，由繩子拉力提供向心力做勻速圓周運動；

因電場線豎直向下；而電場力豎直向上，則小球帶負電；

根據(jù)平衡方程；則有：2mg=qE；

解得：

故答案為：負；．四、判斷題(共1題，共6分)19、×【分析】【分析】影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度、表面積以及空氣的流動性有關．【解析】【解答】解：根據(jù)蒸發(fā)與液化的特點；影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度；表面積以及空氣的流動性有關，與絕對濕度無關．故該說法是錯誤的．

故答案為：×五、推斷題(共3題，共12分)20、（1）苯乙烯

（2）

（3）C7H5O2Na取代反應

（4）

（5）13【分析】【分子】本題考查有機物的推斷，化學方程式和結(jié)構(gòu)簡式的書寫，同分異構(gòu)體的判斷，明確有機物反應時斷鍵方式及官能團的性質(zhì)是解本題關鍵，注意結(jié)合題給信息進行分析解答，難度中等?！窘獯稹糠枷銦Nrm{A}的相對分子質(zhì)量在rm{100隆蘆110}之間，rm{1mol}rm{A}充分燃燒可生成rm{72g}水，rm{72g}水的物質(zhì)的量為rm{dfrac{72g}{18g/mol}=4mol}所以rm{dfrac{72g}{18g/mol}=4mol

}個rm{1}分子中含有rm{A}個氫原子，rm{8}能和水發(fā)生加成反應，則rm{A}中含有碳碳雙鍵，rm{A}中含有羥基，rm{B}被氧化后生成rm{B}rm{C}不能發(fā)生銀鏡反應，則rm{C}中不含醛基，則rm{C}中含有羰基，結(jié)合rm{C}的相對分子質(zhì)量知，rm{A}是苯乙烯，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{C}能發(fā)生銀鏡反應說明rm{D}中含有醛基，可溶于飽和rm{D}溶液說明rm{Na_{2}CO_{3}}中含有羧基或酚羥基，核磁共振氫譜顯示有rm{D}種氫，說明rm{4}含有四種類型的氫原子，結(jié)合rm{D}的分子式知，rm{D}是對羥基苯甲醛，rm{D}和氫氧化鈉溶液反應生成rm{D}rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式為：和碘烷反應生成rm{E}rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{F}和rm{C}反應生成rm{F}結(jié)合題給信息知，rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式為：

rm{G}通過以上分析知，rm{(1)}是苯乙烯；故答案為：苯乙烯；

rm{A}在加熱、銅作催化劑條件下，rm{(2)}被氧氣氧化生成rm{B}反應方程式為：

故答案為：

rm{C}通過以上分析知，rm{(3)}的分子式為：rm{E}rm{C_{7}H_{5}O_{2}Na}發(fā)生取代反應生成rm{E}故答案為：rm{F}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{7}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}取代反應；rm{O}通過以上分析知，rm{O}的結(jié)構(gòu)簡式為：

故答案為：

rm{{,!}_{2}}的同分異構(gòu)體中，既能發(fā)生銀鏡反應，又能與rm{Na}取代反應；溶液發(fā)生顯色反應，說明該有機物中含有醛基和酚羥基，當該有機物中含有一個酚羥基、一個醛基和一個甲基時有rm{Na}種同分異構(gòu)體，當該有機物含有乙醛基和酚羥基時，有rm{(4)}種同分異構(gòu)體，所以共有rm{G}種符合條件的同分異構(gòu)體，如果其中核磁共振氫譜為rm{(5)F}組峰，且峰面積比為rm{FeCl_{3}}rm{10}rm{3}rm{13}rm{5}時，該有機物的結(jié)構(gòu)簡式為

故答案為：rm{2}rm{2}【解析】rm{(1)}苯乙烯rm{(2)}rm{(3)C_{7}H_{5}O_{2}Na}取代反應rm{(4)}rm{(4)}rm{(5)13}21、（1）+3

（2）HCl

（3）Na2CO3+SiO2Na2SiO3+CO2↑Na2CO3+Al2O32NaAlO2+CO2↑

（4）AlCl3、NaCl促進Al3+、Fe3+水解生成了聚合氯化鋁鐵（PAFC）

（5）2Cl?-2e－=Cl2↑

（6）聚合氯化鋁鐵（PAFC）凈水效率高，pH適用范圍廣

【分析】【分析】本題考查物質(zhì)分離和提純的方法和基本操作綜合應用，涉及電解原理的應用、鹽的水解條件控制、方程式書寫、信息獲取能力等，是高考?？碱}型，是對學生綜合能力的考查，題目難度中等。粉煤灰rm{(}含rm{SiO}含rm{(}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}等rm{O}的綜合利用：粉煤灰rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}的綜合利用：rm{CaO}rm{MgO}rm{)}加入的鹽酸溶解后，rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}和鹽酸反應得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}rm{O}生成硅酸鈉，制取白炭黑，濾渣rm{O}主要是二氧化硅與氧化鋁的混合物，與純堿混合焙燒后rm{{,!}_{3}}主要是、rm{CaO}rm{MgO}和鹽酸反應得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{SiO}rm{CaO}rm{MgO}和二次濾渣rm{SiO}主要是二氧化硅rm{{,!}_{2}}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵和鹽酸不反應，過濾得到濾渣主要是rm{SiO}據(jù)此分析。【解答】粉煤灰rm{SiO}含rm{{,!}_{2}}，氫氧化鈉溶液堿浸濾渣，rm{SiO_{2}}rm{A}二次酸浸，繼續(xù)發(fā)生如上的反應使氧化鋁盡可能溶解，過濾得到二次酸浸液rm{B(}主要是等rm{B(}的綜合利用：粉煤灰加入的鹽酸溶解后，rm{AlCl_{3}}rm{NaCl}rm{)}和二次濾渣rm{(}主要是二氧化硅rm{)}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}據(jù)此分析。rm{)}和鹽酸反應得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{(}和鹽酸不反應，過濾得到濾渣主要是rm{)}氫氧化鈉溶液堿浸濾渣，rm{(PAFC)}生成硅酸鈉，制取白炭黑，濾渣rm{(}主要是二氧化硅與氧化鋁的混合物，與純堿混合焙燒后二次酸浸，繼續(xù)發(fā)生如上的反應使氧化鋁盡可能溶解，過濾得到二次酸浸液rm{SiO_{2}}主要是rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}和二次濾渣rm{CaO}主要是二氧化硅rm{MgO}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵rm{)}rm{Al_{2}O_{3}}根據(jù)化合物的化合價代數(shù)和為rm{Fe_{2}O_{3}}設鐵元素的化合價為rm{CaO}則有rm{MgO}rm{SiO_{2}}故答案為：rm{SiO_{2}}rm{SiO_{2}}rm{A}存在，硫酸鈣微溶，所以“一酸兩浸”中的酸用的是鹽酸，rm{B(}rm{AlCl_{3}}rm{NaCl)}rm{(}rm{)}rm{(PAFC)}rm{(1)}rm{0}rm{p}rm{2隆脕p=x+6-x}與碳酸鈉反應生成偏鋁酸鈉和二氧化碳氣體，反應方程式為：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}，故答案為：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}；rm{p=3}rm{+3}”中主要是氯化鋁、氯化鈉；rm{(2)}促進rm{CaO}存在，硫酸鈣微溶，所以“一酸兩浸”中的酸用的是鹽酸，rm{CaO}水解生成了聚合氯化鋁鐵故答案為：rm{HCl}故答案為：；rm{(3)}促進純堿混合焙燒”中，rm{SiO}rm{SiO}水解生成了聚合氯化鋁鐵rm{{,!}_{2}}與碳酸鈉反應生成硅酸鈉和二氧化碳氣體、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}

rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}由圖示可知，聚合氯化鋁鐵rm{(4)}凈水效率高達“濾液rm{B}”中rm{B}適用范圍濾液混合后加熱“蒸發(fā)”可以rm{Al^{3+}}

rm{Fe^{3+}}故答案為：聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}凈水效率高，適用范圍廣。

rm{AlCl_{3}}【解析】rm{(1)+3}rm{(2)HCl}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}促進rm{(4)AlCl_{3}}rm{NaCl}水解生成了聚合氯化鋁鐵rm{Al^{3+}}rm{Fe^{3+}}rm{(PAFC)}rm{(5)2Cl^{?}-2e^{-}}聚合氯化鋁鐵rm{=Cl_{2}隆眉}凈水效率高，rm{(6)}適用范圍廣

rm{(PAFC)}22、【答案】（1）2—氯甲苯（或鄰氯甲苯）氯原子、氨基（2分）（2）C8H7N2Cl（3）取代反應（4）（5）3（2分）（1分）（6）【分析】【分析】該題為有機合成題，考查了有機物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)以及學生對知識的遷移能力，較難【解答】rm{(1)}根據(jù)rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式逆推rm{A}的結(jié)構(gòu)，rm{C}到rm{D}的反應為rm{C}中的醛基生成rm{-CN}和rm{-NH_{2}}故C中含有鄰位的rm{-Cl}和醛基，再根據(jù)rm{B}到rm{C}的反應為rm{NaOH}的水溶液加熱，為鹵代烴的水解，生成羥基，又由已知信息rm{壟脵}可知連在同一個碳原子上的兩個羥基不穩(wěn)定脫水形成醛基，故B中含有連在可知連在同一個碳原子上的兩個羥基不穩(wěn)定脫水形成醛基，故B中含有連在同一個碳原子上的兩個羥基，有兩個氯原子水解而成，進而推知rm{壟脵}中含有鄰位的甲基和氯原子，命名為：rm{A}氯甲苯rm{2隆陋}或鄰氯甲苯rm{(}rm{)}到rm{E}為rm{F}羧基和醇的酯化反應，故F中含有的無氧官能團為：氨基、氯原子rm{suoji}與rm{(2)F}反應生成rm{X}對照兩物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式，可知：rm{G}中的氨基與rm{F}上的溴原子發(fā)生取代反應，則還原的rm{X}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{X}對照兩物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式得，rm{(3)}氯吡格雷的反應類型為取代反應rm{G隆煤}氯吡格雷的反應類型為取代反應的反應為鹵代烴的水解反應，化學方程式為：rm{G隆煤}與rm{(4)B隆煤C}的反應為鹵代烴的水解反應，化學方程式為：含有相同官能團，即含有氯原子、氨基和羧基，又能發(fā)生銀鏡、其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應反應，則說明結(jié)構(gòu)中含有rm{(4)B隆煤C}且氨基連在苯環(huán)上，有鄰間對三種同分異構(gòu)體，其中核磁共振氫譜有rm{(5)}種吸收峰，且峰面積比為rm{E}含有相同官能團，即含有氯原子、氨基和羧基，又能發(fā)生銀鏡、其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應反應，則說明結(jié)構(gòu)中含有rm{-CH(Cl)OOCH}且氨基連在苯環(huán)上，有鄰間對三種同分異構(gòu)體，其中核磁共振氫譜有rm{5}種吸收峰，且峰面積比為rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的結(jié)構(gòu)為對位結(jié)構(gòu)，結(jié)構(gòu)簡式為：的結(jié)構(gòu)為對位結(jié)構(gòu)，結(jié)構(gòu)簡式為：rm{E}